山東省東營市墾利鎮中學高一物理期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.2011年1月11日12時50分，殲20在成都實現首飛，歷時18分鐘，這標志著我國隱形戰斗機的研制工作掀開了新的一頁．如圖所示，隱形戰斗機在豎直平面內作橫8字形飛行表演，飛行軌跡為1→2→3→4→5→6→1，如果飛行員體重為G，飛行圓周半徑為R，速率恒為v，在A、B、C、D四個位置上，飛機座椅和保險帶對飛行員的作用力分別為FNA、FNB、FNC、FND，關于這四個力的大小關系正確的是()A．FNA＝FNB<FNC＝FND

B．FNA＝FNB>FNC＝FNDC．FNC>FNA＝FNB>FND

D．FND>FNA＝FNB＝FNC參考答案：A2.（單選）甲物體以乙物體為參考系是靜止的，甲物體以丙物體為參考系是運動的。那么以乙物體為參考系，丙物體運動是（

）A．一定是靜止的 B．一定是運動的C．可能是靜止的，也可能是運動的 D．無法判斷參考答案：B3.水平拋出的小球、t秒末的速度方向與水平方向的夾角為θ1，t+t0秒末速度方向與水平方向的夾角為θ2，忽略空氣阻力，則小球初速度的大小為（

）A．gt0(cosθ1－cosθ2)

B．C．gt0(tanθ1－tanθ2)

D．參考答案：D4.如圖，關于擺球A的受力情況，下列說法中正確的是（

）A．擺球A受重力、拉力和向心力的作用；B．擺球A受拉力和向心力的作用；C．擺球A受拉力和重力的作用；D．擺球A受重力和向心力的作用。參考答案：C5.(多選)一枚火箭由地面豎直向上發射，其速度圖象如圖，由此可知（

）A．火箭在0～ta段的加速度小于ta～tb段的加速度B．tb時刻火箭離地面最高C．tc時刻火箭回到地面D．從0～tc這段時間火箭一直在上升參考答案：AD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一同學在做平拋運動的實驗中，只畫出平拋運動的一部分，他在軌跡曲線上任意取水平位移相等的三點A,B,C,量得它們之間的水平位移x=0.2m，又量得各點間的豎直高度h1=0.1m，h2=0.2m,根據以上數據，可以求出小球拋出時的初速度v0=________.B點速度大小VB=_______(g取10m/s)參考答案：7.某實驗小組利用如圖所示的裝置進行“探究加速度與合外力的關系”的實驗。（1）在實驗中必須將長木板右端墊高，目的是

，當不掛鉤碼時小車能勻速運動時，表明已調好。

（2）為了減小誤差，每次實驗必須通過改變鉤碼的個數來改變小車所受合外力，獲取多組數據。若小車質量為400g，實驗中每次所用的鉤碼總質量范圍應選

組會比較合理。（填選項前的字母）A．10g～40g

B．200g～400g

C．1000g～2000g

（3）實驗中打點計時器所使用的是

（交流、直流）電源，圖中給出的是實驗中獲取的紙帶的一部分：1、2、3、4、5是計數點，每相鄰兩計數點間還有4個打點未標出，每兩個計數點間的時間間隔是

，由該紙帶可求得小車的加速度=

.（計算結果保留三位有效數字）（4）改變鉤碼的個數重復實驗，得到加速度與合外力F的關系如圖所示，分析線段OA，可得出實驗的結論是

參考答案：（1）平衡摩擦力（2）A

（3）0.1s

1.11m/s2

（4）在質量不變的條件下，加速度與合外力成正比8.如圖所示裝置中，三個輪的半徑分別為r、2r、4r，則圖中a、b、c各點的線速度之比va：vb：vc=1：1：2；角速度之比ωa：ωb：ωc=2：1：1；周期之比Ta：Tb：Tc=1：2：2，向心加速度之比aa：ab：ac=2：1：1．參考答案：考點： 線速度、角速度和周期、轉速．專題： 勻速圓周運動專題．分析： a、b為共線關系，線速度相等，b、c為共軸關系，角速度相等，然后結合公式v=ωr和a=兩兩分析．解答： 解：1、先討論a、b兩個點：a、b為共線關系，線速度相等，故：根據v=ωr，有：根據a=，有：=根據，有：2、再討論b、c兩個點：b、c為共軸關系，角速度相等，有：ωb=ωc根據v=ωr，有：根據，有：根據a=rω2，有：綜合有：va：vb：vc=1：1：2ωa：ωb：ωc=2：1：1Ta：Tb：Tc=1：2：2aa：ab：ac=2：1：1故答案為：1：1：2，2：1：1，1：2：2，2：1：1．點評： 本題難度較小，注意共軸和共線關系，共軸是角速度相等，共線是線速度相等9.調節水龍頭，讓水一滴滴流出，在下方放一盤子，調節盤子高度，使一滴水碰到盤子時，恰有另一滴水滴開始下，而空中還有兩滴正在下落的水滴，測出水龍頭到盤子的距離為h，從第一滴開始下落時計時，到第n滴水滴落在盤子中，共用去時間t，則此時第n+1滴水滴與盤子的距離為_________________；當地的重力加速度為_________________.參考答案：10.飛機著地時的速度v0=60m/s,著地后即以a=6m/s2的加速度做勻減速運動,直至停止,飛機著地后12s內的位移大小為__________m參考答案：18011.如圖所示，物體沿固定在地面上的斜面勻速下滑，在這個過程中物體所具有的動能

，重力勢能

，機械能

。（填“增大”、“不變”、“減少”）參考答案：12.某一施工隊執行爆破任務，已知導火索的火焰順著導火索燃燒的速度是0.8cm/s，為了使點火人在導火索火焰燒到爆炸物以前能夠跑到離點火處120m遠的安全地方去，導火索至少需要

m才行。（假設人跑的速率是4m/s）參考答案：13.如圖所示為一個質量為10kg的物體的運動圖象，在圖象上的AB段物體所受外力的合力做的功為___J．參考答案：60.根據動能定理：合外力做的功等于動能的變化量，則：故答案為：60．三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.下圖是光線從空氣射入水中的示意圖。圖中是小婷同學畫的光的折射光路圖。她畫得對嗎？為什么？參考答案：小婷同學畫得不對。（1分）因為光線從空氣射入水中，入射角大于反射角。15.質量為2kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去F，其運動的v–t圖象如圖所示。g取10m/s2，求：（1）物體與水平面間的動摩擦因數μ；（2）水平推力F的大小；（3）0～10s內物體運動位移的大小。參考答案：（1）u=0.2，（2）F=6N，（3）46m試題分析：（1）由題中圖象知，t＝6s時撤去外力F，此后6～10s內物體做勻減速直線運動直至靜止，其加速度為又因為聯立得μ＝0．2。（2）由題中圖象知0～6s內物體做勻加速直線運動其加速度大小為由牛頓第二定律得F－μmg＝ma2聯立得，水平推力F＝6N。（3）設0～10s內物體的位移為x，則x＝x1＋x2＝×（2＋8）×6m＋×8×4m＝46m。考點：牛頓第二定律【名師點睛】本題是速度--時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據圖象讀取有用信息，并結合勻變速直線運動基本公式及牛頓第二定律求解．屬于中檔題。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（10分）甲乙兩位同學在一次做“測量高樓的高度”的研究性課題中，設計了以下一個方案：由甲同學在樓頂靜止釋放一個小球，乙同學通過數字計時器裝置，測出小球通過放置在地面上高為1.2m物體P的時間，從而估算出樓高，假設該方法在實踐中能成功（由于小球在經過物體P過程中，速度的變化和它的瞬時速度相比較，可以忽略不計，因而可以看成是勻速直線運動）（g取10m/s2）。次數12345時間/s0.0190.0200.0210.0210.019

（1）乙同學測得其中5次的試驗數據如上表，試估算該高樓樓頂到物體P頂端的距離。（2）在某次試驗中，甲同學以某一初速度豎直向下拋小球，乙同學仍以為甲同學是靜止釋放小球的，結果計算出高樓樓頂到物體P頂端的距離大約是180.8m，試求出甲同學這次拋出小球的初速度的大小。參考答案：解析：（1）小球通過P物體的平均時間:t==0.020s由已知可知小球剛到達P的頂端的速度：V1==60m/s則樓頂距P物體頂端的距離：

（2）由（1）可知，設小球到達物體P頂端速度為v2，則：

設下拋初速度為v0，則：

由以上兩式可得：17.如圖所示，輕桿長為L，球的質量為m，桿連球在豎直平面內繞軸O自由轉動，已知在最高點處，桿對球的支持力大小為F=mg/2，求：⑴小球在最高點的瞬時速度大小。⑵小球到達最低點的動能。參考答案：解：（1）在最高點，對小球受力分析可得

（2分）

（2分）

（2分）（２）對小球，取最低點為零勢能面，由機械能守恒有

（4分）18.如圖,傳送帶與水平面之間的夾角為=30°,其上A、B兩點間的距離為L=10m,傳送帶在電動機的帶動下以v=5m/s的速度勻速運動,現將一質量為m=10kg的小物體(可視為質點)輕放在傳送帶的A點,已知小物體與傳送帶之間的動摩擦因數,在傳送帶將小物體從A點傳送到B點的過程中,求:（g=10m/s2）（1）小物體運動到B點需要多少時間？（2）傳送帶對小物體做的功（3）與沒有放小物體相比，在小物體從A到B的過程中，電動機多做多少功？參考答案：(1)3s

(2)625J

(3)1000J試題分析：(1)物體放上傳送帶后，由于剛開始一段時間內，物體的速度小于傳送帶的速度，所以物體相對于傳動帶向后運動，所以受到沿傳送帶向前的摩擦力，故物體受到的合力為：根據牛頓第二定律可得，物體運動的加速度為當物體的速度達到和傳送帶的速度相同時，兩者之間沒