黑龍江省哈爾濱市第十二職業中學2022-2023學年高三物理聯考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.平行板電容器和電源、電阻、電鍵串聯，組成如圖所示的電路．接通開關K，電源即給電容器充電：（

）A．保持K接通，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場的電場強度減小B．保持K接通，在兩極板間插入一塊介質，則極板上的帶電量不變C．充電結束后斷開K，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢差減小D．充電結束后斷開K，在兩極板間插入一塊介質，則極板上的電勢差增大參考答案：BC2.在光滑的水平面上有兩個相同的彈性小球a和b質量均為m，讓b球靜止，a球向b球運動發生正碰，已知碰撞過程中總機械能守恒，兩球壓縮得最緊時的彈性勢能為EP，則碰前a球的速度大小為A．

B．

C．

D．

參考答案：

答案：C3.如圖是電磁沖擊鉆的原理示意圖，若發現鉆頭M突然向右運動，則可能是（

）A．開關S由斷開到閉合的瞬間B．開關S由閉合到斷開的瞬間C．保持開關S閉合，變阻器滑片P加速向右滑動D．保持開關S閉合，變阻器滑片P減速向右滑動參考答案：A4.如圖所示，光滑的圓弧軌道與傾角為θ=37°的斜面相切于B點，在圓弧軌道的最低點C放一質量為m的物塊乙，圓弧軌道的半徑為R，質量為2m的物塊甲在斜面上A點由靜止釋放，物塊甲與斜面的動摩擦因數為μ=，AB間距離為3R，甲、乙碰撞后，乙恰好能到達圓弧軌道的最高點D點，（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）物塊甲與物塊乙相碰前的速度；（2）物塊甲和乙碰撞后的一瞬間，它們對圓弧軌道最低點C的壓力之和；（3）物塊乙從D點拋出后，落到斜面上所用的時間，并分析能否垂直打在斜面上．參考答案：考點：動量守恒定律；動能定理．.專題：動量定理應用專題．分析：（1）甲從A到B過程，應用動能定理可以求出甲的速度．（2）碰撞過程動量守恒，碰撞后物體做圓周運動，應用動量守恒定律與牛頓第二定律求出壓力．（3）物體離開圓軌道后做平拋運動，應用平拋運動規律分析判斷物體能否垂直打在斜面上．解答：解：（1）BC間的高度差：h=R﹣Rcosθ，解得：h=0.2R，物塊甲從A到B，根據動能定理有：2mgsinθ?3R+2mgh﹣μ?2mgcosθ?3R=?2mv2，解得：v=4；（2）甲與乙在C點發生碰撞，動量守恒，設碰撞后甲的速度為v1，乙的速度為v2，以甲的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：2mv=2mv1+mv2，設乙在D點的速度為v3，由牛頓第二定律得：mg=m，解得：v3=，乙從C到D機械能守恒，由機械能守恒定律得：﹣mg?2R=mv32﹣mv22，解得：v2=，v1=；碰撞后的一瞬間，甲對軌道最低點的壓力：F1﹣2mg=2m，F1=2.9mg，乙對軌道最低點的壓力：F2﹣mg=m，F2=6mg，它們對軌道最低點的壓力之和：F=F1+F2=8.9mg；（3）物塊乙從D點拋出做平拋運動，設平拋運動的時間為t，則x=v3t，y=gt2，在△BEF中：tanθ=解得：2gt2+3t﹣9R=0，解得：t=，物塊乙剛落到斜面上時，vy=gt=，設速度與豎直方向的夾角為αtanα===≠tan37°=，因此物塊乙不能垂直打在斜面上；答：（1）物塊甲與物塊乙相碰前的速度為4；（2）物塊甲和乙碰撞后的一瞬間，它們對圓弧軌道最低點C的壓力之和為8.9mg；（3）不能垂直打在斜面上．點評：本題考查了求速度、壓力、判斷物體能否垂直打在斜面上等問題，本題運動過程復雜，難度較大，分析清楚物體的運動過程是正確解題的前提與關鍵，應用動能定理、動量守恒定律、平拋運動規律即可正確解題．5.如圖所示，河水流速為v一定，船在靜水中的速度為v￠，若船從A點出發船頭分別朝AB、AC方向劃行到達對岸，已知劃行方向與河的垂線方向夾角相等，兩次的劃行時間分別為、，則有

A．>

B．<C．=

D．無法確定參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示是勻強電場中的一組等勢面,若A、B、C、D相鄰兩點間的距離都是2cm,則電場的場強為__________V/m,到A點距離為1.5cm的P點電勢為__________V.參考答案：

(1).;

(2).-2.5;根據電場線與等勢線垂直，并且由高電勢指向低電勢，作出電場線的分布情況如圖所示．

場強的大小P點到B點的距離為x=0.5cm=0.005m，P點的電勢：φp=-Exsin60°=-×0.005×sin60°V=-2.5V【點睛】解決本題關鍵要理解電場線與等勢線、場強與電勢差的關系、電勢與電勢能的關系等基本關系，注意公式U=Ed中d是兩點沿電場線方向的距離．7.若測得某一物體質量m一定時，a與F的有關數據資料如表所示：a/m·s-21.984.065.958.12F/N1.002.003.004.00(1)根據表中數據，畫出a-F圖象.（3分）(2)根據圖象判定：當m一定時，a與F的關系為_______.（3分）(3)若甲、乙兩同學在實驗過程中，由于沒有按照正確步驟進行實驗，處理數據后得出如圖所示的a-F圖象.試分析甲、乙兩同學可能存在的問題：甲：___________________________________________；（3分）乙：___________________________________________。（3分）參考答案：(1)若a與F成正比，則圖象是一條過原點的直線.同時，因實驗中不可避免地出現誤差，研究誤差產生的原因，從而減小誤差，增大實驗的準確性，則在誤差允許范圍內圖象是一條過原點的直線即可.連線時應使直線過盡可能多的點，不在直線上的點應大致對稱地分布在直線兩側，離直線較遠的點應視為錯誤數據，不予考慮.描點畫圖如圖所示.(2)由圖可知a與F的關系是正比例關系.(3)圖中甲在縱軸上有截距，說明繩對小車拉力為零時小車就有加速度a0，可能是平衡摩擦力過度所致.乙在橫軸上有截距，可能是實驗前沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不夠.答案：(1)見解析(2)正比例關系(3)平衡摩擦力時木板抬得過高

沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不夠8.如圖所示，一半徑為R的光滑圓環，豎直放在水平向右的的勻強電場中，勻強電場的電場強度大小為E。環上a、c是豎直直徑的兩端，b、d是水平直徑的兩端，質量為m的帶電小球套在圓環上，并可沿環無摩擦滑動，已知小球自a點由靜止釋放，沿abc運動到d點時速度恰好為零，由此可知小球所受重力

（選填“大于”、“小于”或“等于”）帶電小球所受的靜電力。小球在

（選填“a”、“b”、“c”或“d”）點時的電勢能最小。參考答案：等于

b題意：自a點由靜止釋放，沿abc運動到d點時速度恰好為零，說明小球帶負電，并且bc弧形中點是速度最大的位置（等效最低點），畫出受力分析圖，則重力和電場力等大；電場力正功最多時，電勢能最小，所有在b點電勢能最小。9.圖12（a）是“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置示意圖。重力加速度取g。

（1）為了平衡小車受到的阻力，應適當抬高木板的

端（填“左”或“右”）。

（2）細砂和小桶的總質量為m，小車的質量為M，實驗要求m

M（填“遠大于”或“遠于”）。該實驗的原理是，在平衡小車受到的阻力后，認為小車受到的合外力是

，其值與真實值相比

（填“偏大”或“偏小”），小車受到合外力的真實值為

。

（3）已知打點計時器的打點周期為0．02s，一位同學按要求打出一條紙帶如圖12（b）所示，在紙帶上每5個點取一個計數點，則計數點l、2間的距離S12=____cm，計數點4的速度v4=

m/s，小車的加速度a=

m/s2。

（4）保持細砂和砂桶的質量不變，改變小車的質量M，分別得到小車的加速度a與其對應的質量M，處理數據的恰當方法是作

（填“a-M”或“a-”）圖象。

（5）保持小車的質量不變，改變細砂的質量，甲、乙、丙三位同學根據實驗數據分別作出了小車的加速度a隨合外力F變化的圖線如圖12（c）、（d），（e）所示。

圖（c）中的圖線上部出現了彎曲，偏離了原來的直線，其主要原因是

。圖（d）中的圖線不通過原點，其主要原因是

。圖（e）中的圖線不通過原點，其主要原因是

。參考答案：10.為了探究加速度與力、質量的關系，某實驗小組設計如圖所示的實驗裝置：一個木塊放在水平長木板上，通過細線跨過定滑輪與重物相連，木塊與紙帶相連，在重物牽引下，木塊向左運動，重物落地后，木塊做勻減速運動，打出的紙帶如圖2所示，不計紙帶所受到的阻力。交流電頻率為50Hz，重力加速度g取10m/s2。（1）木塊加速階段的加速度為

m/s2（2）木塊與木板間的動摩擦因數μ=

（3）某同學發現在實驗中未平衡木塊與木板間的摩擦力，接著他應當

，將木板右端墊高，接通電源，使木塊沿木板勻速下滑。參考答案：

1.5

m/s2（3分）（2）μ=

0.1

（3分）（3）取下重物

11.．一質量為m的小球與一勁度系數為k的彈簧相連組成一體系，置于光滑水平桌面上，彈簧的另一端與固定墻面相連，小球做一維自由振動。試問在一沿此彈簧長度方向以速度u作勻速運動的參考系里觀察，此體系的機械能是否守恒，并說明理由。

。參考答案：1.否．原因是墻壁對于該體系而言是外界，墻壁對彈簧有作用力，在運動參考系里此力的作用點有位移，因而要對體系做功，從而會改變這一體系的機械能．12.某興趣小組想通過物塊在斜面上運動的實驗探究“合外力做功和物體速度變化的關系”。實驗開始前，他們提出了以下幾種猜想：①W∝，②W∝v，③W∝v2。他們的實驗裝置如圖甲所示，PQ為一塊傾斜放置的木板，在Q處固定一個速度傳感器（用來測量物體每次通過Q點時的速度），每次實驗，物體從不同初始位置處由靜止釋放。同學們設計了以下表格來記錄實驗數據。其中L1、L2、L3、L4……，代表物體分別從不同初始位置處無初速釋放時初始位置到速度傳感器的距離，v1、v2、v3、v4……，表示物體每次通過Q點的速度。實驗次數1234…….LL1L2L3L4…….vv1v2v3v4……他們根據實驗數據繪制了如圖乙所示的L－v圖象，并得出結論W∝v2。他們的做法是否合適，你有什么好的建議？___________________________________________________________________。在此實驗中，木板與物體間摩擦力的大小_______（填“會”或“不會”）影響探究出的結果參考答案：13.2011年我國第一顆火星探測器“螢火一號”將與俄羅斯火衛一探測器“福布斯一格朗特”共同對距火星表面一定高度的電離層開展探測，“螢火一號”探測時運動的周期為T，且把“螢火一號”繞火星的運動近似看做勻速圓周運動；已知火星的半徑為R，萬有引力常量為G；假設宇航員登陸火星后，在火星表面某處以初速度v0豎直上拋一小球，經時間f落回原處。則：火星表面的重力加速度____________________，火星的密度_________________。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖為一塊直角三棱鏡，頂角A為30°．一束激光沿平行于BC邊的方向射向直角邊AB，并從AC邊射出，出射光線與AC邊夾角也為30°．則該激光在棱鏡中的傳播速度為多少？(結果保留兩位有效數字)參考答案：1.7×108m/s解：光路圖如圖：

由幾何關系得：α=∠A=30°，β=90°-30°=60°

折射率

激光在棱鏡中傳播速【點睛】幾何光學要正確作出光路圖，由幾何知識找出入射角和折射角是關鍵．知道光速和折射率的關系.15.（8分）一定質量的理想氣體由狀態A經狀態B變為狀態C，其中AB過程為等壓變化，BC過程為等容變化。已知VA=0.3m3，TA=TB=300K、TB=400K。（1）求氣體在狀態B時的體積。（2）說明BC過程壓強變化的微觀原因（3）沒AB過程氣體吸收熱量為Q，BC過氣體

放出熱量為Q2，比較Q1、Q2的大小說明原因。參考答案：解析：（1）設氣體在B狀態時的體積為VB，由蓋--呂薩克定律得，，代入數據得。(2)微觀原因：氣體體積不變，分子密集程度不變，溫度變小，氣體分子平均動能減小，導致氣體壓強減小。(3)大于；因為TA=TB，故AB增加的內能與BC減小的內能相同，而AB過程氣體對外做正功，BC過程氣體不做功，由熱力學第一定律可知大于。考點：壓強的微觀意義、理想氣體狀態方程、熱力學第一定律四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，PQ為一塊長為L、水平固定放置的絕緣平板，整個空間存在著水平向左的勻強電場，板的右半部分存在著垂直于紙面向里的有界勻強磁場。一質量為m、帶電荷量為q的物體，從板左端P由靜止開始做勻加速運動，進入磁場后恰好做勻速直線運動，碰到右端帶控制開關K的擋板后被彈回，且電場立即被撤消，物體在磁場中仍做勻速運動，離開磁場后又做勻減速運動，最后停在C點，已知PC=，物體與板間動摩擦間數為，求：（1）物體帶何種電荷？（2）物體與板碰撞前后的速度v1和v2（3）電場強度E和磁感應強度B各多大？參考答案：解（1）物體帶負電

（3分）（2）因碰前勻速，有

Qe＝μ(qv1B+mg)

(1分)。碰后先勻速有

qv2B＝mg

(1分)再減速最后

停止在C點，從P到進入磁場的過程中，由動能定理：

2分從出磁場到C點，由動能定理：

2分解得：

2分（3）由（2）式可知E＝

2分

B＝

2分17.如圖15所示，板A的質量為m，滑塊B的質量為2m，板A用繩拴住，繩與斜面平行，滑塊B沿傾角為α的斜面在A板的中間一段勻速下滑，若A、B之間以及B與斜面間的動摩擦因數相同，求動摩擦因數μ參考答案：tanα取B為研究對象，受力分析如圖所示．由平衡條件得2mgsinα＝μFN1＋