2023新高考新教材版物理高考第二輪復習綜合測試（二）（2022山東濟南期末.3）ETC是電子不停車收費系統的簡稱，可以提高高速公路的通行能力,如圖甲所示為ETC通道和人工通道的示意圖.一輛汽車通過人工通道時的v-t圖像如圖乙所示,t=0時剛好進入人工通道.t=7s時離開人工通道。若該汽車以4m/s的速度勻速通過I-TC通道，則相比通過人工通道可節省的時間為（）? ? v/（m?G）TOC\o"1-5"\h\zI: 二產TC通畛 4, y——:人工通道； \ /:I II.\../一，0 2 5 7 z/?甲 乙A.2sB.4s C.5sD.6s答案cV-t圖像中圖線與時間軸包圍的面積表示位移，汽車通過人工通道行駛的距離1尸與m>4X（J-5）m=8m;若該汽車以IO4m/s的速度勻速通過ETC通道,所用時間為12Tzs=2s,相儂過人工3道可節省的時間為At=t*7s-2s=5s,故選C.mgsind（2022山東濟寧二模.3）如圖所示,為一種傾斜放置的裝取臺球的裝置，圓筒底部有一輕質彈簧,每個臺球的質量為m,半徑為R,圓筒直徑略大于臺球的直徑.當將筒口處臺球緩慢取走后，又會冒出一個臺球,剛好到達被取走臺球的位置.若圓筒與水平面之間的夾角為9,重力加速度為g,忽略球與筒間的摩擦力.則彈簧的勁度系數k的值為（）mgsindmgsindA，2R答案A沿筒方向小球受力平衡有mgsin8=AF=k?2R,解得k飛嗎故選A.物理生活（2022和平一模,5）如圖所示，向前行駛的車廂內有一面向行駛方向的乘客,乘客在自身重力G與車廂（含座椅）的作用力I'的作用下與車廂保持相對靜止，座椅前方有一小球用細線懸掛在車廂的頂部,懸線與豎直方向成0角,小球與車廂相對靜止,下列說法中正確的是（）做勻減速運動,乘客律可知mgtan做勻減速運動,乘客律可知mgtanB.車廂的速度越大,懸線與豎直方向的夾角0越大C.車廂對乘客的作用力F一定大于乘客的重力GD.懸線與豎直方向夾角0增大，車廂對乘客作用力F可能不變答案C由題圖可知，小球受合外力方向與車廂運動方向相反，可知車廂受到的合力方向與運動方向也相反,選項A錯誤;對小球,根據牛頓第二定0=ma,可得a=gtan。，則車廂的加速度越大，懸線與豎直方向的夾角。越大,但是速度大，。不一定大，選項B錯誤;對乘客受力分析可知,車廂對乘客的作用力F=J（mg）2+（ma）2>mg,即F一定大于乘客的重力G,選項c正確;懸線與豎直方向夾角9增大,則加速度n變大，車廂對乘客作用力I."增大,選項1）錯誤。4.物理生活（2022廣東梅州二模,7）冬奧會跳臺滑雪比賽運動員從平臺飛出后可視為平拋運動,現運動員甲以一定的初速度從平臺飛出,軌跡為圖中實線①所示，則質量比甲大的運動員乙以相同的初速度從同一位置飛出,不計空氣阻力,則運動員乙的運動軌跡應為圖中的（）答案A運動員從平臺飛出后可視為平拋運動,有x=v0t,y=igt2,解得y=gx1即當初速度相同時,平拋物體的運動軌跡相同,2 2謎與質量無關，故A正確,B、C、D錯誤.5.自然現象（2022甘肅武威涼州質檢）2021年，某雜志上的一篇文章中描述了一顆質量達到木星級別的氣態行星,繞銀河系內的一顆白矮星做勻速圓周運動。已知地球繞太陽做圓周運動的軌道半徑為r,若該白矮星的質量約為太陽的一半,氣態行星繞白矮星做圓周運動的軌道半徑約為3r.取1年=3.14X101,、石=2.5,n=3.14,則可估算出該氣態行星繞白矮星做勻速圓周運動的角速度約為（）A.8X10"rad/sB.8X10-6rad/sC.3X10"rad/sD.3X10vrad/sGMm答案C萬有引力提供向心力,氣態行星繞白矮星做勻速圓周運動,有一^-初氣（金）氣,地球繞太陽做勻速圓周運動,有『氣 氣GMm-r2m地（含）上又3氣子小臼亭太,rr=3i■，解得該氣態行星做圓周運動的角速度3-3X10*rad/s,C正確.地 氣6.（2022山東聊城一模,12）（多選）如圖所示,A、B兩點位于同一高度,細線的一端系有質量為M的小物塊,另一端繞過B處的定滑輪固定在A點,質量為m的小球固定在細線上C點.現將小球從圖示水平位置由靜止釋放，小球運動到0點時速度恰好為零（此時小物塊未到達B點），圖中4ABD為直角三角形，小物塊和小球均可視為質點,NDBA=37°,忽略一切摩擦和空氣阻力,重力加速度為g,sin370=0.6,cos370=0.8,貝！J（）TOC\o"1-5"\h\zA.小球還能回到初始位置 又 彳 O B.M：m=5：6 J、、、m /C.運動過程中小物塊的速度和小球的速度大小相等 ['] 、、、、、 /、/、/D.小球運動到D點時，小物塊受到的拉力大小為《患 A”C0答案AD根據系統機械能守恒可知，小球還能回到初始位置C點，故A正確;設AD長為3L,根據機械能守恒定律有Mg?2L=mg?3Lcos37",解得M：m=6：5,故B錯誤;AC長度不變，小球做圓周運動，小球速度沿BD方向的分速度大小等于小物塊的速度大小，故C錯誤;設小球在最低點D時，沿BD方向的加速度大小為a,BD中的拉力為T,根據牛頓第二定律有Mg-T=Ma,T-mgcos53°=ma,解得T*Mg,故D正確。.物理生活（2022浙江上虞中學模擬,8）在一次科學晚會上,T立老師表演了一個“魔術”：如圖所示,T沒有底的空塑料瓶上固定著一根鐵鋸條和一塊易拉罐（金屬）片,把它們分別跟靜電起電機的兩極相連.在塑料瓶里放一盤點燃的蚊香,很快就看見整個透明塑料瓶里煙霧繚繞。則下列說法錯誤的是（）A.鋸條和金屬片之間為勻強電場.鋸條尖端附近的電場強度最大C.若鋸條接電源負極,金屬片接正極,當搖動起電機時,煙霧會向金屬片移動D.當把起電機一搖動,頓時塑料瓶清澈透明,當起電機停止搖動一段時間后,又會煙霧繚繞答案A由于鋸條和金屬片形狀不同，面積不等,且鋸條上電荷分布不均勻,則鋸條和金屬片之間的電場不是勻強電場，故A錯誤；由于鋸條上尖端部分I：匕較多,聚集的電荷最多，則電場強度最大,故B正確;起電機產生高電壓使鋸條和金屬片之間的電場將空氣中的分子電離,電離出來的電子被煙塵顆粒吸附,俘獲電子的煙塵顆粒帶負電,容易被帶正電的金屬片吸引，故煙霧會向金屬片移動,故C正確:當把起電機一搖動,鋸條和金屬片之間形成電場,電離空氣中的分子,煙塵顆粒吸附電子后被帶正電的金屬片（或鋸條）吸弓I，從而使塑料瓶清澈透明,當起電機停止搖動一段時間后,鋸條和金屬片上的電荷被中和,電場消失，則瓶中又會煙霧繚繞,故D正確..物理生活（2022四川廣安T）某學生宿舍樓的火警報警裝置電路如圖所示,當環境溫度急劇升高使電鈴兩端電壓迅速增大到一定值時,電鈴會發出報警鈴聲.關于該裝置中的熱敏電阻,其阻值R隨溫度t變化的下列四幅關系圖線中,最有可能的是（）熱敏電阻CD答案A從報警的要求可知,電鈴兩端的電壓需隨溫度t的升高而升高,根據電路結構結合閉合電路歐姆定律可知,熱敏電阻分得的電壓必須減小,即熱敏電阻的阻值R需減小,B、D錯誤;因要滿足溫度急劇升高,電鈴兩端電壓迅速增大（對應R迅速減小）的報警條件，故R隨t的變化并非緩慢變化,C錯誤,A正確..物理科技（2022吉林普通中學二調）汽車自動控制剎車系統（ABS）的原理如圖所示.鐵質齒輪P與車輪同步轉動，右端有一個繞有線圈的磁體（極性如圖），G是一個電流檢測器.當車輪帶動齒輪P轉動時,靠近線圈的鐵齒被磁化,使通過線圈的磁通量增大,鐵齒離開線圈時又使磁通量減小,從而能使線圈中產生感應電流,感應電流2電子裝置放大后即能實現自動控制剎車.齒輪從圖示位置開始轉到下一個鐵齒正對線圈的過程中,通過G的感應電流的方向是（）

A.總是從左向右C.先從右向左,然后從左向右A.總是從左向右C.先從右向左,然后從左向右B.總是從右向左D.先從左向右,然后從右向左C.答案C由圖可得，線圈中磁場方向從右向左，當車輪帶動齒輪P轉動時，靠近線圈的鐵齒被磁化，使得通過線圈的磁通量增大,由楞次定律得到，線圈中感應電流產生的磁場抵抗磁場的增大,電流產生的磁場從左向右,由安培定則可得,通過G的感應電流從左向右.同理可分析,鐵齒離開線圈時又使磁通量減小,線圈中的感應電流產生的磁場從右向左,則通過G的感應電流從右向左.從圖示位置開始轉到下一個鐵齒正對線圈的過程中,正對線圈的鐵齒先離開線圈,下一個鐵齒再靠近線圈,則通過（；的電流方向先從右向左,再從左向右,故C正確..物理生活（2022貴州黔南羅甸模擬）河濱生態園住宅區的應急供電系統,由交流發電機和副線圈匝數可調的理想降壓變壓器組成,發電機中矩形線圈所圍成的面積為S,匝數為N,電阻不計,它可繞水平軸00'在磁感應強度為B的水平勻強磁場中以角速度3勻速轉動,矩形線圈通過滑環連接降壓變壓器,滑動觸頭P上下移動時可改變輸出電壓,R”表示輸電線的電阻,以線圈平面與磁場平行時為計時起點,下列判斷正確的是（）應急供電系統應急供電系統A.若發電機線圈某時刻與圖示位置垂直，變壓器原線圈的電流瞬時值最大B.發電機線圈感應電動勢的瞬時值表達式為e=NBS3COS3tc.當用戶數目減少時,為使用戶電壓保持不變,滑動觸頭P應向上滑動D.當滑動觸頭P向下移動時，變壓器原線圈兩端的電壓將降低答案B發電機線圈某時刻與圖示位置垂直時，線圈平面與磁場垂直,感應電流最小,變壓器原線圈的電流瞬時值最小,A錯誤;感應電動勢最大值為NBS3，由題可知,是從線圈垂直中性面開始計時，則感應電動勢的瞬時值表達式為e=NBS3cos31,B正確；當用戶數目減少時,用戶的電功率減小,根據功率P=UI可知,用戶電壓不變，則總電流減小,輸電線損失電壓減小，則副線圈電壓減小,由的m減小，則滑動觸頭P應向下滑動,C錯誤;原線圈兩端的電壓由發電機輸出電壓決定,所以當滑動觸頭向l>2n2下移動時，變壓器原線圈兩端的電壓不變,D錯誤.11.物理探索（2022東北師大附中測試七）現代已知碳的同位素共有十五種,有碳8至碳22,其中碳12和碳13屬于穩定型,碳14是宇宙射線透過空氣時撞擊氮原子核產生的,碳14是一種放射性的元素,衰變為氮14.圖中包含碳14衰變相關信息,結合這些信息可以判定下列說法正確的是（）A.碳14轉變為氮14,衰變方式為P衰變B.100個碳14原子核在經過一個半衰期后,一定還剩50個C.若氮14生成碳14的核反應方程為尹N+Xf及C+；H,則X為質子D.當氮14數量是碳14數量的7倍時,碳14衰變所經歷時間為22920年答案A由電荷數守恒和質量數守恒可得衰變方程為；N+%e,可知碳14轉變為氮14是B衰變,A正確;半衰期是大量原子核衰變時的統計規律,個別原子核經多長時間衰變無法預測,即對個別或少數原子核無半衰期可言.B錯誤;由電荷數守恒和質量數守恒可知,X為中子Jn,C錯誤;當氮14數量是碳11數量的7倍時，碳14數量占總原子核數量的!，經過3個半衰期即17190年,D錯誤..（2022衡陽八中開學考,15）（多選）2021年8月5日東京奧運會跳水女子10m臺決賽中，14歲的全紅嬋領先第二名90多分,以總分466.2拿到金牌,并打破了世界紀錄。五次期冰有三次滿分,嫻熟的動作,標準的姿勢,李小鵬感嘆:我扔個硬幣濺起的水花都比她跳水大.下列說法錯誤的是（）A.運動員出水后泳衣上的水很快滑落是因為制造泳衣的材料對水不浸潤B.運動員入水過程中,在水中產生的氣泡內的氣體壓強小于大氣壓C.運動員入水過程中,激起的水花中有很多水滴呈現球形是因為水的表面張力的作用D.跳水池水溫保持恒定約26C,保證運動員入水后的舒適度，此時運動員和水池中的水處于熱平衡狀態E.跳水運動員入水后,身體周圍會出現一些小氣泡,這些小氣泡在做無規則的布朗運動答案BDE運動員出水后泳衣上的水很快滑落是因為泳衣采用了對水不浸潤的材料制成,故A正確;運動員入水后水下氣泡內的氣體壓強大于大氣壓,故B錯誤;運動員入水激起的水花中,水滴呈現球形是因為水的表面張力的作用，故C正確;跳水池水溫約26°C,保證運動員入水后處于舒適的溫度，但入水后運動員和水池溫度并不相同,所以沒有處于熱平衡狀態，故I）錯誤;跳水運動員入水后,身體周圍會有一些小氣泡,這些小氣泡的運動不符合布朗運動的特點,故E錯誤..物理科技（2022南開二模,I）B超成像的基本原理是探頭向人體發射一組超聲波,遇到人體組織會產生不同程度的反射,探頭接收到的超聲波信號形成B超圖像,如圖為血管探頭沿x軸正方向發送的簡諧超聲波圖像,t=0時刻波恰好傳到質點M,已如此超聲波的頻率為1X10,Hz,下列說法正確的是（）A.O'l.25X107s內質點M運動的路程為2.4mmB.超聲波在血管中的傳播速度為1.4XIO,m/sC.質點M開始振動的方向沿y軸正方向D.t=1.5X107s時質點N恰好處于負向最大位移處答案D波的周期為TylX10Ts,可知1.25X107s=l.25T,則質點M運動的路程為s=l.25X4A=2mm,故A錯誤;根據圖像可得該波的波長為X=14X10:mm=l.4X10,m,由波速與波長的關系式可得v=Xf=l400m/s,故B錯誤;由波形圖及波的傳播方向為x軸正方向可知,質點M開始振動的方向沿y軸負方向，故C錯誤;由題圖可知,波傳播過程中,離'?點的最近的波谷傳播到'點時傳播的距離為x=35X10"mm-14X102mm=21X102mm,波谷傳播到、點的時間為t=^=1.5X107s,故D正確.圖3 圖4A.圖1中,用自然光照射透振方向（箭頭所示）互相垂直的前后兩個豎直放置的偏振片,光屏依然發亮B.圖2為光導纖維示意圖,內芯的折射率比外套的折射率小C.圖3所示的雷達測速利用了多普勒效應D.圖4所示的照相機鏡頭上呈現的淡紫色是由光的衍射現象引起的答案C自然光通過偏振片后形成偏振光,因兩個偏振片的透振方向相互垂直,所以沒有光射到光屏上,光屏發黑,故A錯誤；依據光的全反射條件,需要從光密介質進入光疏介質可知,內芯的折射率比外套的折射率大，故B錯誤;雷達測速儀是借助頻率的改變數值,計算出目標與雷達的相對速度,利用了多普勒效應,C正確;照相機鏡頭在陽光下呈現淡紫色,是光的薄膜干涉現象,故D錯誤。15.（2022山東濟寧一模,14）（1）一電流表表盤有刻度但數值已模糊,某同學利用如圖甲所示電路測量其滿偏電流L及內阻r..閉合開關S,多次調節滑動變阻器和電阻箱,使電流表每次都滿偏,分別記錄每次電壓表的示數U和電阻箱的阻值R,得出電壓表示數I隨電阻箱的電阻R變化的關系圖像如圖乙所示,根據圖乙可求出電流表的滿偏電流值h=mA,電流表內阻r產_

490440390340290240190 /qr,丙3536373839404142〃工丙丁(2)該同學利用上述電流表及f敏電阻制作一體溫計,熱敏電阻的阻值隨溫度變化規律及實驗電路圖分別如圖丙、丁所示.已知所用電源的電動勢E=l.5V、內阻不計,R,為保護電阻,熱敏電阻比做測溫探頭并把電流表的表盤刻度改為相應的溫度刻度,就得到了一個簡單的“熱敏電阻體溫計”.若要求電流表指針滿偏的位置標為42C則電阻R產_。，電流表5mA處應標為―,c.答案(1)7.54(2)638.3解析(1)由圖甲，根據歐姆定律可知U=ISR+I,r,0.030.03根據圖乙可知0.030.03A=0.0075A=7.5mA,rH=--=4Q4.0 Jg⑵由圖丙可知,當溫度為12C時,熱敏電阻的阻值為190Q,由圖丁根據閉合電路歐姆定律有E=Is(Rr+Ro+r,)解得R°=6。電流表讀數為5mA時,根據!：=1(R,+R0+rk)解得Rt=290Q由圖丙可知,此時的溫度為38.3-C.16.物理生活(2022江蘇連云港月考,14)如圖甲所示，“打彈珠”是一種常見的民間游戲，該游戲的規則為:將手中一彈珠以一定的初速度瞬間彈出,并與另一靜止的彈珠發生碰撞,被碰彈珠若能進入小坑中即勝出.現將此游戲進行簡化,如圖乙所示,粗糙程度相同的水平地面上,彈珠A和彈珠B與坑在同一直線上,兩彈珠間距x.=2m,彈珠B與坑的間距x-1m.某同學將彈珠A以v°=6m/s的初速度水平向右瞬間彈出,經過時間t.=0.4s與彈珠B正碰(碰撞時間極短),碰后彈珠A又向前運動Ax=0.1m后停下.已知兩彈珠的質量均為2.5g,取重力加速度爐10m/s；若彈珠A、B與地面間的動摩擦因數均相同，并將彈珠的運動視為滑動，求：(1)碰撞前瞬間彈珠A的速度大小和彈珠與地面間的動摩擦因數P；⑵兩彈珠碰撞瞬間的機械能損失,并判斷該同學能否勝出.V////7///V////7///A答案（1）4m/s0.5（2）7.5X10'J不能勝出解析（1）設碰撞前瞬間彈珠A的速度為v?由運動學公式得XFVotXFVotVi=Vo-ati由牛頓第二定律得Ff口mg二ma聯立解得a=5m/s2,U=0.5,Vi=4m/s（2）由（I）中分析可知彈珠A和B在地面上運動時加速度大小均為a=5m/s,設彈珠A碰撞后瞬間的速度為"，由運動學規律有vj2=2aAx解得v/=1m/s設碰后瞬間弓鄲朱B的速度為V；,由動量守恒定律得mvi+O=mvi,+mv2，解得V2=3m/s所以兩彈珠碰撞瞬間的機械能損失AE=AEk=-mVi-QmVi'2+-mv2'2）=7.5X103J碰后彈珠B運動的距離為Ax'=^"=0.9m<lm所以彈珠B沒有進坑,故不能勝出。17.物理科技（2022江蘇常州前黃高級中學一模,16）在芯片制造過程中,離子注入是其中一道重要的工序.如圖所示是離子注入工作原理示意圖,離子經加速后沿水平方向進入速度選擇器，然后通過磁分析器,選擇出特定比荷的離子,經偏轉系統后注入處在水平面內的晶圓（硅片）.速度選擇器、磁分析器和偏轉系統中的勻強磁場的磁感應強度大小均為B,方向均垂直紙面向外:速度選擇器和偏轉系統中的勻強電場場強大小均為E,方向分別為