XX省岷縣一中學年高二物理上學期期中試卷含分析XX省岷縣一中學年高二物理上學期期中試卷含分析PAGEXX省岷縣一中學年高二物理上學期期中試卷含分析甘肅省岷縣一中2018-2019學年高二上學期期中考試物理試卷一、選擇題1.以下物理量中與查驗電荷有關的是( )A.電場強度EB.電勢C.電勢能D.電勢差U【答案】C【分析】【詳解】A、電場強度是描述電場的力的性質的物理量，由定義式可知，E與查驗電荷沒關；故A錯誤.B、電勢是描述電場的能的性質的物理量，由定義式可知，φ與查驗電荷沒關；故B錯誤.C、由電勢能EP=qφ，可知，電勢能既與電場有關，也與查驗電荷q有關；故C正確.D、由電勢差的定義，運用比值法定義，則知電勢差與查驗電荷沒關；故D錯誤.應選C.【點睛】電場這一章物理量有兩大類：一類只與電場有關，比方電場強度、電勢、電勢差；另一類既與電場有關，也與查驗電荷有關，比方電勢能和電場力等等．2.在保護和檢修高壓供電線路時，為了不影響城市用電，電工常常要在高壓線上帶電作業。為了保障電工的安全，電工渾身要穿上用金屬絲線編織的衣服(如圖)。圖乙中電工站在高壓直流輸電線的A供電線上作業，其頭頂上方有B供電線，B供電線的電勢高于A供電線的電勢。虛線表示電工四周某一截面上的等勢面，c、d、e、f是不相同樣勢面上的四個點，以下說法正確的選項是()A.在c、d、e、f四點中，c點的電場最強B.在c、d、e、f四點中，f點的電勢最高C.若將某電子由c移到f，其電勢能將增大D.將電子在d點由靜止開釋，它會向e點所在等勢面運動【答案】C【分析】【詳解】A、依據等差等勢線的疏密，可知，在c、d、e、f

四點中，f點的電場最強，故A錯誤；B、沿著電場線方向，電勢是降低的，因B

供電線的電勢高于A

電線的電勢，則在c、d、e、f

四點中，c點的電勢最高，故B錯誤；C、若將某電子由c

移到f，即從高電勢到低電勢，其電勢能將增大，故C正確；D、將某電子在d

點由靜止開釋，在電場力作用下，它會向c點所在等勢面運動，故D錯誤；應選C.【點睛】察看電場線與等勢線的疏密來表現電場強度的強弱，掌握正、負電荷電勢的變化，會判斷電勢能的變化，及電場力做功的狀況．3.一帶電粒子從電場中的A點運動到B點，軌跡如圖中虛線所示，不計重力，則（）A.粒子帶正電B.粒子的加快度漸漸增添C.粒子在A點的電勢能小于在B點的電勢能D.粒子的速度不停增大【答案】C【分析】【詳解】A、依據軌跡的曲折知，協力大概指向軌跡凹的素來，則帶電粒子所受電場力方向與電場強度方向相反，該粒子帶負電，故A錯誤.B、從A點到B點，電場線愈來愈疏，電場強度愈來愈小，粒子所受電場力愈來愈小，依據牛頓第二定律知，粒子加快度漸漸減小，故B錯誤.C、D、從A到B，電場力方向與速度方向成鈍角，則電場力做負功，電勢能增大，依據動能定理知，粒子的動能減小即速度減小，故C正確，D錯誤.應選C.【點睛】解決這種帶電粒子在電場中運動問題的重點是依據軌跡判斷出電場力方向，利用電場中有關規律求解．4.以以以下圖所示，AB是電場中的一條電場線，若將一負電荷從A點由靜止開釋，負電荷沿電場線從A到B運動過程中速度時間圖線如圖Ⅱ所示，不計重力，則以下判斷正確的選項是（）A.A＞B，EA＞EBB.A＞B，EA＜EBC.A＜B，EA＞EBD.A＜B，EA＜EB【答案】D【分析】【詳解】速度圖象的斜率等于物體的加快度，由圖可知點電荷從A向B運動的過程中加快度愈來愈大，故A點的場強小于B點場強；因為物體沿電場線運動過程中間做加快運動，故點電荷所受電場力方向由A指向B，又因為負電荷所受電場力的方向與場強的方向相反，因此電場線的方向由B指向A，因此而沿電場線的方向電勢降低，即φA＜φB，故D正確；應選D.【點睛】速度圖象的斜率等于物體的加快度，故A點的場強小于B點場強；負電荷所受電場力的方向與場強的方向相反，沿電場線的方向電勢降低是解決此題的打破口．5.以以下圖，兩根細線拴著兩個質量相同的小球A、B，上、下兩根細線中的拉力分別是TA、TB，此刻使A、B帶同種電荷，此時上、下細線受力分別為TA′、TB′，則（）A.TA′=TA，TB′＞TBB.TA′=TA，TB′＜TBC.TA′＜TA，TB′＞TBD.TA′＞TA，TB′＜TB【答案】A【分析】試題分析：A、B素來處于靜止狀態，分別對帶電前后進行受力分析，判斷繩索拉力的變化．解：帶電前：對B有：T2=GB對AB構成的整體有：T1=GA+GB帶電后：對B有：T2′=F電+GB對整體：T1′=GA+GB綜上所述：T1=T1′，T2＜T2′應選：A．【談論】處于受力均衡狀態的物體在求解或進行大小變化的判斷時，只需選好研究對象進行正確的受力分析，應用均衡條件判斷即可．6.電阻R1與R2并聯在電路中，經過R1與R2的電流之比為1∶3，則當R1與R2串聯后接入電路中時，R1和R2兩頭電壓之比U1∶U2為()A.1∶3B.3∶1C.1∶4D.4∶1【答案】B【分析】【詳解】并聯電路中電阻之比等于電流的反比，故R1:R2=3:1；串聯電路中電壓之比等于電壓之比；故U1:U2=3:1；應選B.【點睛】此題察看串并聯電路的基本規律，要注意明確并聯電路中電壓相等，串聯電路中電流相等，再依據歐姆定律分析對應的規律，切記并能正確應用．7.在以以下圖的電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡(其燈絲電阻可視為不變)，R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照耀光強度的增大而減小，V為理想電壓表．若將照耀R3的光的強度減弱，則()A.電壓表的示數變大B.小燈泡變暗C.經過R2的電流變小D.電源內阻的電壓變大【答案】B【分析】【詳解】A、光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，電路中電流減小，故R1兩頭的電壓減小；故A錯誤.B、C、D、因電路中電流減小，故電源內阻的電壓減小，路端電壓增大，同時R1兩頭的電壓減小，故并聯電路部分電壓增大；則流過R2的電流增大；流過燈泡的電流必定減小，流過燈泡的電流必定減小，故B正確，C，D錯誤.應選B.【點睛】閉合電路的動向分析問題一般按外電路、內電路再外電路的分析思路進行；分析內電路主要依據總電流及內阻分析內壓，而外電路較為復雜，要注意靈巧應用電路的性質.8.以以下圖為兩個不相同閉合電路中兩個不相同電源的U-I圖象，則以下說法中正確的選項是( )A.電動勢E1=E2，短路電流I1>I2B.電動勢E1=E2.內阻r2>r1C.電動勢E1>E2，內阻r1<r2D.以上都錯【答案】AB【分析】【詳解】A、D、U-I圖象中與U軸的交點表示電源的電動勢，與I軸的交點表示短路電流，故電動勢E1=E2，發生短路時的電流I1＞I2，故A正確，D錯誤；B、C、U-I圖象中與U軸的交點表示電源的電動勢，斜率表示內阻，電動勢E1=E2，內阻r1＜r2，故B正確，C錯誤；應選AB.【點睛】此題察看了閉合電路電源的U-I圖象的有關知識，要求同學們理解U-I圖象中與U軸的交點表示電源的電動勢，與I軸的交點表示短路電流，斜率表示內阻．9.以以下圖.用絕緣細線懸掛一個帶正電的小球，置于水平向右的勻強電場中，將小球從最低點A無初速開釋，當小球經過B點時擁有速度v，則這一過程中以下說法正確的選項是( )A.小球的重力勢能增添B.小球的電勢能減少C.增添的重力勢能等于減少的電勢能D.增添的重力勢能小于減少的電勢能【答案】ABD【分析】【詳解】A、小球從A到B的過程中小球的地點高升，重力做負功，小球的重力勢能增添；故A正確.B、小球帶正電荷，到的電場力的方向向右，運動的方向向右，該過程中電場力做正功，電勢能減少；故B正確.C、小球在B點有速度v，因此小球在B點的動能大于在O點的動能，小球增添的重力勢能小于減少的電勢能；故C錯誤，D正確.應選ABD.【點睛】小球從A到B的過程中，電場力做功與重力做功的和等于小球動能的增添，可以使用能量的轉變與守恒說明小球的動能、電勢能和重力勢能之間的轉變，也可以用動能定理來表達它們之間的轉變．10.以以下圖的電路，水平擱置的平行板電容器中有一個帶電液滴正利處于靜止狀態，現將滑動變阻器的滑片P向右挪動，則（）A.電容器的電容不變B.電容器中的電場強度將減小C.電容器上的電荷量將減少D.液滴將向上運動【答案】AD【分析】試題分析帶電粒子受重力和向上的電場力均衡。電容器兩頭電壓等于電阻R2兩頭的電壓，滑動變阻器的滑片P向右挪動時，阻值減小，R2兩頭的電壓增大，電容器中的電場強度將增大，電場力增大，液滴將向上運動，B錯誤、D正確；電容器的電容與兩頭電壓沒關，不變，A正確；依據電容的定義式C=獲得帶電量變大，C錯誤。應選AD。考點：電容器二、實驗題11.在一次實驗時某同學用游標卡尺丈量（如圖），示數為__________cm。在一次實驗時某同學用螺旋測微器丈量（如圖），示數為__________mm。【答案】(1).10.405cm(2).8.077mm左右【分析】0分度的游標卡尺，精準度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數為104mm，游標尺上第1個刻度和主尺上某一刻度對齊，因此游標讀數為1×0.05mm=0.05mm，因此最后讀數為：104mm+0.05mm=104.05mm=10.405cm．螺旋測微器的固定刻度為8mm，可動刻度為7.5×0.01mm=0.075mm，因此最后讀數為8mm+0.075mm=8.075mm．12.在“描述小燈泡的伏安特色曲線”的實驗中，可供選擇的實驗儀器以下：小燈泡L，“3.0V、0.5A”電壓表V：量程0～5V，內阻5kΩ電流表A1，量程0～100mA，內阻4Ω電流表A2，量程0～500mA，內阻0.4Ω滑動變阻器R1，最大阻值100Ω，額定電流1.0A滑動變阻器R2，最大阻值5Ω，額定電流0.5A直流電源E，電動勢約為6V，內阻約為0.5Ω(1)在上述器械中，電流表應選______;滑動變阻器應選_____.(2)在虛線框內畫出實驗的電路圖，并在圖中注明各元件的符號_________.(3)某實驗小組達成實驗后利用實驗中獲得的實驗數據在I-U坐標系中，描述出如右圖所示的小燈泡的伏安特色曲線。依據此圖給出的信息，可以判斷跟著電壓的增添，燈泡的電阻會（）A.漸漸減小B.漸漸增大C.保持不變【答案】(1).A2(2).R2(3).(4).B【分析】【分析】(1)器械的采納需安全、精準，依據燈泡的額定電流選擇適合的電流表．依據滑動變阻器的額定電流確立適合的滑動變阻器．(2)因為燈泡的電壓和電流需從零開始測起，則滑動變阻器采納分壓式接法，依據燈泡電阻的大小確立電流表的內外接法．(3)由作出的伏安特色曲線利用公式可知圖象的斜率的含義，從而由圖象中得出電阻的變化.【詳解】(1)燈泡額定電流是0.5A，因此電流表的量程選擇500mA的A2，燈泡電壓要能從零開始變化，滑動變阻器采納分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻器R2．(2)因為燈泡的電壓和電流需從零開始測起，因此滑動變阻器采納分壓式接法，燈泡的電阻大概為，知足，屬于小電阻，因此電流表采納外接法，電路圖以以下圖:(3)由圖可知，圖象上某點與原點連線的斜率表示電阻的倒數，而圖象的斜率愈來愈小，故說明電阻漸漸增大;應選B.【點睛】此題察看了選擇實驗器械、連結實物電路圖、實驗數據辦理等問題；選擇實驗器械時，要注意安全性原則，要保證明驗電路安全，要注意精準性原則，在保證安全的狀況下，所選器械量程不要太大．三、計算題13.以以下圖，電源電動勢E＝10V，內阻r＝0.5Ω，“8V,16W”的燈泡L恰巧能正常發光，電動機M繞線的電阻R0＝1Ω，求：(1)路端電壓和內電壓．(2)電路中電流和電源的總功率．(3)電動機的輸出功率．【答案】(1)8V,2V(2)4A,40W(3)12W【分析】【分析】由題，“8V，16W”的燈泡L恰巧能正常發光，燈泡的電壓為U=8V，電源的內電壓為U′=E-U=2V，依據歐姆定律求出電路中總電流I，電源的總功率為P=EI．依據功率功率求出燈泡的電流，經過電動機的電流等于總電流與燈泡電流之差．電動機的輸出功率等于電功率與發熱功率之差．【詳解】(1)燈泡正常發光，電壓為8V，外電路的燈泡和電動機并聯，電壓相等，電路中路端電壓為U=8V，電源的內電壓為U′=E-U=2V(2)電路中的總電流則電源的總功率為P=EI=10×4W=40W(3)燈泡額定電流為：流過電動機的電流為：IM=I-IL=4-2A=2A電動機的總功率為：PM=UMIM=8×2=16W電動機的熱功率為：P熱=IM2R0=22×1=4W則電動機的輸出功率為：P出=PM-P熱=16-4=12W【點睛】關于電動機工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不建立，此題不可以用歐姆定律求出經過電動機的電流．14.以以下圖，真空中兩個相同的小球帶有等量同種電荷，質量均為m，分別用長為L的絕緣細線懸掛于絕緣天花板的一點，當均衡時B球偏離豎直方向60°，A豎直懸掛且與絕緣墻接觸。（重力加快度為g，靜電力常量為k）求：(1)小球的帶電荷量和墻壁遇到的壓力．(2)兩條細線的拉力【答案】(1);，方向水平向左(2),TB=mg【分析】【分析】分別對B球受力分析，運使勁的合成或分解，聯合共點力均衡條件，與庫侖定律，即可解決問題；再對A球受力分析，運使勁的分解，聯合三角知識，即牛頓第三定律，即可求解．【詳解】(1)對B球受力分析以以下圖：B球受三力均衡，則重力與庫倫力的協力大小等于繩索拉力，方向與繩索拉力方向相反，

由幾何知識可知：F=mg=TB依據庫倫定律：解得：對A球受力分析如圖：A球受力均衡：由牛頓第三定律得：墻遇到小球的壓力大小為，方向水平向左．(2)對A球受力均衡：TA=mg+Fcos60°=由前面分析知TB=mg【點睛】對小球進行受力分析，運使勁的合成或分解聯合共點力均衡條件解決問題．需要注意的是：兩小球遇到的庫倫力是作使勁與反作使勁，大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上．15.以以下圖，圓滑斜面傾角為37°，一帶有正電的小物塊質量為m，電荷量為q，置于斜面上，當沿水平方向加有以以下圖的勻強電場時，帶電小物塊恰巧靜止在斜面上，從某時辰開始，電場強度變化為本來的，求:(1)本來的電場強度為多大？(2)物體運動的加快度大小;(3)沿斜面下滑距離為L時物體的速度.(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2)【答案】(1)(2)a=3m/s2,方向沿斜面向下(3)【分析】【分析】帶電小物塊恰巧靜止在斜面上時協力為零，對物塊進行受力分析，應用均衡條件可求出電場力，從而求出電場強度.【詳解】(1)對小物塊受力分析以以下圖:物塊靜止于斜面上，則有：mgsin37°=qEcos37°解得：(2)就地強變成本來的時,小物塊的合外力為：又F合=ma，因此a=3m/s2，方向沿斜面向下．(3)由動能定理得解得