1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試

2、卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、用跨過定滑輪的繩把湖中小船拉靠岸，如圖，已知拉繩的速度v不變，則船速A.逐漸增大B.不變C.逐漸減小D.先增大后減小2、列各理量中，全部是矢量的有（）A.速度、平均速率、加速度、位移B.位移、速度、平均速度、加速度C.位移、速度、加速度、質量D.速度、加速度、位移、時間3、如圖，一個質量為m的均勻光滑小球處于靜止狀態，三角劈與小球的接觸點為P，小球重心為O，PO的連線與豎直方向的夾角為則三角

3、劈對小球的彈力（）A.方向豎直向上，大小為mgB.方向豎直向上，大小為mgcosC.方向沿PO向上，大小為D.方向沿PO向上，大小為mgtan4、如圖所示，小球用細繩系住放在傾角為的光滑斜面上，當細繩由水平方向逐漸向上偏移時，斜面對小球的支持力將（）A.逐漸減小B.逐漸增大C 先增大后減小D.先減小后增大5、如圖所示，兩個嚙合的齒輪，其中小齒輪半徑為10cm，大齒輪半徑為20cm，大齒輪中C點離圓心O2的距離為10cm，A、B兩點分別為兩個齒輪邊緣上的點，則A、B、C三點的（ ）A.線速度之比是1：1：1B.角速度之比是1：1：1C.向心加速度之比是4：2：1D.轉動周期之比1：1：26、如圖

4、所示,A、B.C三球的質量均為m,輕質彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A球相連,A、B間固定一個輕桿,B、C間由一輕質細線連接傾角為的光滑斜面固定在地面上,彈簧、輕桿與細線均平行于斜面,初始系統處于靜止狀態,細線被燒斷的瞬間,下列說法正確的是( )A.B球的受力情況未變，加速度為零B.A.B兩個小球的加速度均沿斜面向上，大小均為gsinC.A.B之間桿的拉力大小為D.C球的加速度沿斜面向下，大小為gsin7、如圖所示,一物塊在光滑的水平面上受一恒力F的作用而運動,其正前方固定一個足夠長的輕質彈簧,當物塊與彈簧接觸后,則()A.物塊立即做減速運動B.物塊在開始的一段時間內仍做加速運動C.當彈簧的

5、彈力等于恒力F時,物塊靜止D.當彈簧處于最大壓縮量時,物塊的加速度最大8、為了備戰2020年東京奧運會，我國羽毛球運動員進行了如圖所示的原地縱跳摸高訓練。已知質量m60 kg的運動員原地靜止站立(不起跳)摸高為2.10m，比賽過程中，該運動員先下蹲，重心下降0.5m，經過充分調整后，發力跳起摸到了2.90m的高度。若運動員起跳過程視為勻加速運動，忽略空氣阻力影響，g取10 m/s2。則( )A.運動員起跳過程處于超重狀態B.起跳過程的平均速度比離地上升到最高點過程的平均速度大C.起跳過程中運動員對地面的壓力為960ND.從開始起跳到雙腳落地需要1.05s9、如圖所示，A、B疊放在水平地面上，大

6、小為F的水平力作用在B上，使A、B一起向右做勻速直線運動，下列說法正確的是：（）A.A、B間無摩擦力B.A受到靜摩擦力，方向向右C.地面對B的摩擦力大小為F，方向向左D.F越大，B對地面的壓力越小10、如圖所示，一輕繩繞過無摩擦的兩個輕質小定滑輪O1、O2和質量為m的小球連接，另一端與套在光滑直桿上質量也為m的小物塊連接，已知直桿兩端固定，與兩定滑輪在同一豎直平面內，與水平面的夾角 = 60，直桿上C點與兩定滑輪均在同一高度，C點到定滑輪O1的距離為L，重力加速度為g，設直桿足夠長，小球運動過程中不會與其他物體相碰。現將小物塊從C點由靜止釋放，當小物塊沿桿下滑距離也為L時（圖中D處），下列說法

7、正確的是（）A.小物塊剛釋放時輕繩中的張力一定大于mgB.小球下降最大距離為C.小物塊在D處的速度與小球速度大小之比為2：1D.小物塊在D處的速度與小球速度大小之比為二、實驗題11、（4分）在研究勻變速直線運動規律的實驗中，小車在某一力的作用下做勻加速運動，圖為一次記錄小車運動情況的紙帶。圖中A、B、C、D、E為相鄰的計數點，相鄰計數點的時間間隔為T=0.1秒，則：（結果保留三位有效數字）（1）C點的瞬時速度大小為_m/s .（2）運動小車的加速度大小為_m/s2.12、（10分）將某物體以初速度20m/s從空中的某點水平拋出后，2s末物體運動到了點，m/s2,則該物體在點的合速度大小為_m/

8、s，直線的距離為_m。三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，一輛質量為的小轎車以速度沿斜坡向上勻速行駛，斜坡傾角，小轎車與斜坡間的動摩擦因數.不計空氣阻力，取.試求：（1）小轎車前進的位移大小（2）小轎車上坡時牽引力大小.14、（14分）“禮讓斑馬線”體現了機動車駕駛員的文明出行意識如圖所示，小王開車以的速度在一條直路上行駛看到行人正要走斑馬線過馬路以車子現行速度，完全可以通過路口而不撞上行人經過1s時間的思考，小王決定立即剎車，禮讓行人經過4s的勻減速運動汽車剛好在斑馬線前停下求

9、汽車剎車時的加速度大小15、（13分）在平直路面上，質量為2t的汽車在進行研發的測試。當測試汽車以72km/h的速度行駛時取消動力，經50s停下來。假定試車過程中汽車所受阻力不變，取g=10m/s2，求：(1)汽車受到的阻力的大小；(2)重新起步時汽車的牽引力為4000N，汽車加速到72km/h所需的時間。參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解析】設某時刻船速v1，繩子方向和船速夾角為，則所以當小船靠岸時，隨增大，船速逐漸增大，選項A

10、正確，BCD錯誤。故選A。2、B【解析】A速度、加速度、位移是矢量，平均速率是標量，A錯誤；B位移、速度、平均速度、加速度都是矢量，B正確；C位移、速度、加速度是矢量，質量是標量，C錯誤；D速度、加速度、位移是矢量，時間是標量，D錯誤。故選B。3、C【解析】彈力中點線接觸時方向垂直于線，即三角劈對球的彈力垂直于過P點的球的切線，然后根據平衡條件求彈力的大小對小球受力分析，三角劈對小球的彈力方向沿PO向上，采用合成法，如圖，由幾何知識得故選C4、A【解析】ABCD根據力的三角形法則，如圖所示在小球的重力G不變，斜面對小球的支持力方向不變時，當細繩由水平方向逐漸向上偏移時，斜面對小球的支持力N將逐

11、漸變小，A正確，BCD錯誤。故選A。5、C【解析】A、同緣傳動時，邊緣點的線速度相等，故：vA=vB；同軸傳動時，角速度相等，故：B=C；根據題意，有rA:rB：rC=1:2:1；根據v=r，由于B=C，故vB：vC=rB：rC=2:1；故vA:vB：vC=2:2:1，故A錯誤；B、根據v=r，由于vA=vB，故A：B=rB：rA=2:1；故A：B：C=rB：rA=2:1:1，故B錯誤；C、向心加速度之比為，故C正確D、轉動周期之比為，故D錯誤故選C【點睛】皮帶傳動、摩擦傳動、齒輪傳動時，邊緣點的線速度相等；同軸轉動和共軸轉動時，角速度相等；然后結合v=r列式求解6、BCD【解析】細線被燒斷的

12、瞬間，B不再受細線的拉力作用，B的受力情況發生變化，合力不為零，加速度不為零，故A錯誤；以A、B組成的系統為研究對象，燒斷細線前，A、B靜止，處于平衡狀態，合力為零，彈簧的彈力f=3mgsin，以C為研究對象知，細線的拉力為mgsin，燒斷細線的瞬間，A、B受到的合力等于3mgsin-2mgsin=mgsin，由于彈簧彈力不能突變，彈簧彈力不變，由牛頓第二定律得：mgsin=2ma，則加速度a=gsin，故B正確；B的加速度為：a=gsin，以B為研究對象，由牛頓第二定律得：FAB-mgsin=ma，解得：FAB=mgsin，故C正確；對球C，由牛頓第二定律得：mgsin=ma，解得：a=gs

13、in，方向向下，故D正確；故選BCD【點睛】本題關鍵點就是繩和彈簧的區別：彈簧的彈力不會突變，而繩或者桿在斷后彈力會突變為零這點在做題時要特別留意7、BD【解析】物塊與彈簧接觸前，在推力的作用下做加速運動，與彈簧接觸后，隨著壓縮量的增加，彈簧彈力不斷變大，彈力小于推力時，物體繼續加速，彈力等于推力時，物體的加速度減為零，速度達到最大，彈力大于推力后，物體減速【詳解】物塊與彈簧接觸后,物塊水平方向上受到向左的推力F和向右的彈力kx作用,當Fkx時,物塊向左做加速度減小的加速運動;當F=kx時,物塊向左的速度達到最大;Fkx時,物塊向左做加速度增大的減速運動,直到速度減為零,此時加速度最大,故選項

14、B、D正確,A、C錯誤.故選BD.【點睛】本題中物塊接觸彈簧后的運動分為加速度不斷減小的加速運動和加速度不斷變大的減速運動8、AD【解析】A在起跳過程中可視為勻加速直線運動，加速度方向豎直向上，所以運動員起跳過程處于超重狀態，故選項A正確；B在起跳過程中做勻加速直線運動，起跳過程的平均速度運動員離開地面后做豎直上拋運動，離地上升到最高點過程的平均速度故選項B錯誤；C運動員離開地面后做豎直上拋運動，根據可知在起跳過程中根據速度位移公式可知解得對運動員根據牛頓第二定律可知解得根據牛頓第三定律可知，對地面的壓力為1560N，故選項C錯誤；D起跳過程運動的時間起跳后運動的時間故運動的總時間故選項D正確

15、。故選AD。9、AC【解析】A、B一起做勻速直線運動，合力均為零，先分析A的受力，由平衡條件分析摩擦力方向，地面對B有滑動摩擦力，根據平衡條件分析摩擦力的方向；壓力等于總重力，與F無關【詳解】對A分析，由平衡條件水平方向合力為零，則受摩擦力為0，即A與B之間沒有摩擦力，故A正確；整體為研究對象，水平方向受力平衡可知，地面對B的摩擦力大小為F，為滑動摩擦力，方向向左，故B錯誤，C正確；B對地面的壓力大小與力F的大小無關，壓力始終等于A和B的重力，故D錯誤所以AC正確，BD錯誤【點睛】本題關鍵根據兩物體均處于平衡狀態，由平衡條件分析受力情況10、BC【解析】A剛釋放的瞬間，小球的瞬時加速度豎直向下

16、，繩子中的拉力一定小于重力，A錯誤；B當拉物塊的繩子與直桿垂直時，小球下降的距離最大，根據幾何關系知B正確；CD如圖所示將小物塊的速度分解為沿繩子方向和垂直繩子方向，沿繩子方向的分速度等于小球的速度，根據平行四邊形定則知，小物塊在D處的速度與小球的速度之比為v：v1 = 2：1C正確、D錯誤。故選BC。【名師點睛】解決本題的關鍵知道兩物體組成的系統，只有重力做功，機械能守恒。以及知道物塊與O1之間的距離最小時，小球下降的高度最大，知道物塊沿繩子方向的分速度等于小球的速度。二、實驗題11、 .2.64 .12.6【解析】(1)1根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，則有(2)2設A到B之間距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4，由逐差法得代入數所據得12、 . .【解析】1拋出2s后豎直方向上的分速度為：102m/s=20m/s則B點的合速度大小為：m/s2拋出2s后豎直方向上的位移為：m拋出2s后水平方向上的位移為：m則直線的距離為：m三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（