1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試

2、卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、一個物體從某一高度做自由落體運動，已知它最后一秒內的位移恰為它第一秒內位移的4倍，g取10m/s2，則它開始下落時距地面的高度為（）A.5mB.11.25mC.20mD.31.25m2、如圖所示，彈簧測力計外殼質量為，彈簧及掛鉤的質量忽略不計，掛鉤吊著一質量為的重物，現用一豎直向上的拉力拉著彈簧測力計，使其向上做勻加速直線運動，彈簧測力計的讀數為，則拉力大小為（ ）A.B.C.D.3、高空作

3、業的電工在操作過程中，不慎將一螺母由靜止從離地面45m高處脫落，不計空氣阻力，g取10m/s2，則A.螺母下落1s內的位移為10mB.螺母在空中運動的時間為9sC.螺母落地時的速度大小為30m/ sD.螺母在第2s內的平均速度為10m/s4、他是第一個把實驗引進力學的科學家，并且利用實驗和數學邏輯推理相結合的方法研究物理學基本問題，從而有力地推進了人類科學認識的發展，這位科學家是A.愛因斯坦B.亞里士多德C.伽利略D.牛頓5、如圖所示，一個質量為m滑塊靜止置于傾角為30的粗糙斜面上，一根輕彈簧一端固定在豎直墻上的P點，另一端系在滑塊上，彈簧與豎直方向的夾角為30。則（ ）A.滑塊一定受到三個力

4、作用B.彈簧一定處于壓縮狀態C.斜面對滑塊的支持力大小可能為零D.斜面對滑塊的摩擦力大小一定等于6、如圖，將一半圓形軌道凹槽AB固定在水平地面上，圓心為O，半徑為R=1m，現將可視為質點的小球從圓心等高處的凹槽左側端點A水平拋出，經t=0.4s直接落到凹槽上，則小球的初速度v0可能為（取g=10m/s2）（）A.B.C.D.7、下圖顯示的是某人站在力傳感器上，完成“下蹲”與“起立”動作時力傳感器的示數隨時間變化的情況。已知t=0時刻人處于靜止狀態。根據圖像判斷下列說法正確的是（）A.從圖像顯示此人完成了兩組“下蹲起立”動作B.圖中t1時刻人處于失重狀態C.圖中t2時刻人具有向上的加速度D.“起

5、立”的過程先超重后失重8、小明到兩商場選購商品，發現兩商場自動扶梯傾斜度一樣，但坡面不同，如圖所示。小明站在自動扶梯上隨扶梯一起向上勻速運動，已知小明體重G，鞋底與扶梯間的動摩擦因數為，扶梯與水平面間的夾角為，小明在兩自動扶梯上受到的摩擦力大小分別為f甲、f乙，扶梯對小明的支持力分別為FN甲、FN乙，下列判斷正確的是（） A.FN甲=FN乙=GcosB.FN甲=G，FN乙=GcosC.f甲=0，f乙=GsinD.f甲=Gsin，f乙=09、如圖所示物體從斜面上的Q點自由滑下，通過粗糙的靜止水平傳送帶后落到地面上的P點，若傳送帶順時針轉動，再把物塊放到Q點自由滑下，那么（）A.它可能落在P點B.

6、它可能落在P點左邊C.它不可能落在P點右邊D.它可能落到P點右邊10、如圖所示，A、B兩物塊疊在一起靜止在水平地面上，A物塊的質量mA=2kg，B物塊的質量mB=3kg，A與B接觸面間的動摩擦因數1=0.4，B與地面間的動摩擦因數2=0.1，現對A或對B施加一水平外力F，使A、B相對靜止一起沿水平地面運動，重力加速度g=10m/s2，物體受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力下列說法正確的是（）A.若外力F作用到物塊A時，則其最小值為8NB.若外力F作用到物塊A時，則其最大值為10NC.若外力F作用到物塊B時，則其最小值為13ND.若外力F作用到物塊B時，則其最大值為25N二、實驗題11、（4分）利

7、用圖甲所示的裝置做“探究加速度與力、質量之間的關系”的實驗。(1)除了圖甲中的實驗器材外，請在下列選項中選出還需要的測量儀器有：_。A.游標卡尺 B.毫米刻度尺 C.秒表 D.天平(2)在本實驗中，設小車和砝碼總質量為，砂和砂桶總質量為，則下列說法正確的是_（填正確選項前的字母）。A.每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力 B.實驗時應先釋放小車后接通電源C.本實驗應遠大于 D.在用圖像探究加速度與質量關系時，應作圖像(3)取一條實驗中用打點計時器打出的較理想的紙帶，打點計時器所用交流電的頻率為50Hz，O為紙帶上的清晰的點，A、B、C、D為四個相鄰的計數點（兩相鄰計數點間還有4個點跡沒有畫出）

8、，各點與O點的距離如圖所示。則小車拖動紙帶運動的加速度大小為_m/s2（保留兩位有效數字）。 (4)實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測量得到的a-F圖像可能是圖丙中的圖線_（選填“”“”或“”）。12、（10分）在利用圖甲所示的裝置探究加速度與力、質量的關系的實驗中（1）下列做法正確的是_（填字母代號）A.調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B.在長木板帶定滑輪的一端下面墊上一塊薄木塊，使小車在不受牽引力時能勻速下滑C.實驗時，先放開小車再接通打點計時器的電源D.增減小車上的砝碼即改變小車的總質量后，不需要重新調節木板傾斜度（2）圖乙是實驗中得到的一條紙帶，紙帶

9、上已量出某些點間的距離已知打點計時器的工作頻率為，則打下點時，小車的速度大小為_，小車的加速度大小為_（結果均保留兩位有效數字）（3）保持小車（含車上砝碼）的質量不變，某同學利用圖甲所示的裝置，研究加速度與拉力的關系時，得到圖丙所示圖線則該圖線不過原點的原因是_三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，水平傳送帶AB長L10m，以恒定速率v14m/s運行初速度大小為v28m/s的小物塊（可視為質點）從與傳送帶等高的光滑水平地面上經A點滑上傳送帶小物塊的質量m1 kg，物塊與傳送帶間的動

10、摩擦因數0.4，g取10 m/s2下列說法正確的是A 小物體能夠到達B點B.小物塊在傳送帶上運動的過程中，距A端的最遠距離為6mC.小物塊離開傳送帶時的速度大小為4m/sD.小物體在傳送帶上運動時間為4.5s14、（14分）在平直路面上，質量為2t的汽車在進行研發的測試。當測試汽車以72km/h的速度行駛時取消動力，經50s停下來。假定試車過程中汽車所受阻力不變，取g=10m/s2，求：(1)汽車受到的阻力的大小；(2)重新起步時汽車的牽引力為4000N，汽車加速到72km/h所需的時間。15、（13分）一輛值勤的警車停在平直的高速公路邊，當車上的交警發現從他旁邊以20m/s的速度勻速行駛的貨

11、車嚴重超載時，交警立刻發動警車（不計反應時間），并以2m/s2的加速度追趕貨車，警車在行駛的過程中的最大速度為30m/s。求：(1)警車達到最大速度需要的時間；(2)當警車與貨車速度相等時，警車的位移。參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】因為物體做自由落體運動，所以第一秒內的位移最后一秒內的位移解得故物體下落時，距離地面高度故選D。2、B【解析】先對重物受力分析，運用牛頓第二定律列式求解加速度；再對彈簧秤和物體整體受力分析，運用

12、牛頓第二定律列式求解拉力大小【詳解】對重物受力分析，受重力和彈簧拉力，運用牛頓第二定律，有F0-mg=ma，解得：以整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得：F-（m+m0）g=（m+m0）a解得：故選B【點睛】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識；利用牛頓第二定律答題時的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、進行正交分解、在坐標軸上利用牛頓第二定律建立方程進行解答；注意整體法和隔離法的應用3、C【解析】A、物體做自用落體運動下落1s內的位移為： ，故A錯；B、物體下落45m所用的時間為t則：解得： ，故B錯；C、物體在空中運動了后的速度為： ，故C正確；D、螺母在第2s內的運動的位移為：所以螺母

13、在第2s內的平均速度為： ，故D錯；4、C【解析】根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可.【詳解】伽利略是第一個把實驗引進力學的科學家，他利用實驗和數學邏輯推理相結合的方法確定了一些重要的力學定律，從而有力的推進了人類科學認識的發展；故C正確，A、B、D錯誤.故選C.【點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一.5、D【解析】A彈簧與豎直方向的夾角為30，所以彈簧的方向垂直于斜面，因為彈簧的形變情況未知，所以斜面與滑塊之間的彈力大小不確定，所以滑塊可能只受重力、斜面支持力和靜摩擦力三個力的作用而平衡，也可能有彈簧的彈

14、力，A錯誤；B彈簧對滑塊可以是拉力，故彈簧可能處于伸長狀態，B錯誤；C由于滑塊此時受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于），不可能為零，所以斜面對滑塊的支持力不可能為零，C錯誤；D靜摩擦力一定等于重力的下滑分力，故為，D正確。故選D。6、AC【解析】小球做平拋運動，t=0.4s內下降的高度若小球落在左邊四分之一圓弧上，根據幾何關系有：水平位移為則初速度為若小球落在右邊四分之一圓弧上，根據幾何關系有：水平位移為初速度為故AC正確，BD錯誤。故選AC。7、BCD【解析】A根據圖象可以知，加速度先向下后向上，之后又先向上后向下。而下蹲的過程中，先向下加速度運動，再向下減速到停止，加速度先向下

15、再向上；起立的過程中，先向上加速度運動，再向上減速到停止，加速度先向上再向下。所以此人完成了一組“下蹲起立”動作，選項A錯誤；B由圖可知t1時刻壓力小于重力，人處于失重狀態，選項B正確；C由圖可知圖中t2時刻，壓力大于重力，人具有向上的加速度，選項C正確；D“起立”的過程，先向上加速度運動，再向上減速到停止，加速度先向上再向下，先超重后失重，選項D正確。故選BCD。8、BC【解析】由題意知分別對甲乙兩圖的小明進行受力分析，如圖所示根據小明站在自動扶梯上隨扶梯一起向上勻速運動，所以小明受力平衡，則對于甲圖有對于乙圖有綜上分析可知BC正確，AD錯誤。故選BC。9、AD【解析】如果物塊滑到傳送帶上速

16、度等于傳送帶速度時，物塊與傳送帶之間沒有摩擦力作用，物塊與傳送帶共速做勻速運動，離開傳送帶做平拋的初速度比傳送帶不動時的大，水平位移也大，所以落在P點的右邊；當物塊滑到底的速度小于傳送帶的速度，有兩種情況，一是物塊始終做勻加速運動，二是物塊先做加速運動，當物塊速度等于傳送帶的速度時，物體做勻速運動，這兩種情況落點都在P點右邊；當物塊滑上傳送帶的速度大于傳送帶的速度，有兩種情況，一是物塊一直減速，二是先減速后勻速，第一種落在P點，第二種落在P點的右邊，故AD正確，BC錯誤。故選AD。10、BD【解析】物體A與B剛好不發生相對滑動的臨界條件是A、B間的靜摩擦力達到最大值，外力F作用到物塊B時，可以

17、先對A受力分析，再對整體受力分析，然后根據牛頓第二定律列式求解；當外力F作用到物塊A上時，可以先對B受力分析，再對整體受力分析，然后根據牛頓第二定律列式求解.【詳解】當外力F作用到A上時，A對B的摩擦力達到最大靜摩擦力時，兩者相對靜止，F達最大值，對B根據牛頓第二定律，有：1mAg-2(mA+mB)g=mBa；代入數據解得：0.420-0.150=3a，解得：a=1m/s2；對整體：F-2(mA+mB)g=(mA+mB)a；代入數據：F-0.150=51，解得：F=10N，最小值大于B與地面間的最大靜摩擦力Fmin2(mA+mB)g=5N，故A錯誤，B正確；當外力F作用到B上時，A對B的摩擦力

18、達到最大靜摩擦力時，兩者相對靜止，F達最大值，對A，根據牛頓第二定律，有1mAg=mAa，得a=1g=4m/s2；對AB整體：F-2(mA+mB)g=(mA+mB)a；代入數據：F-0.150=54，解得：F=25N，最小值大于B與地面間的最大靜摩擦力Fmin2(mA+mB)g=5N；故BD正確，AC錯誤；故選BD【點睛】本題關鍵抓住恰好不滑動的臨界條件，即要使只靠摩擦力運動的物體達到最大靜摩擦力，然后靈活地選擇研究對象，運用牛頓第二定律列式求解二、實驗題11、 .BD .CD .0.75 .【解析】(1)1探究加速度與力和質量的關系，實驗中需要用刻度尺測量紙帶上點跡的距離，從而求解加速度，所

19、以不需要游標卡尺；需要用天平測量小車、砂和砂桶的質量；打點計時器本身就是計時工具，所以不需要秒表，AC錯誤，BD正確。故選BD。(2)2A平衡摩擦力是利用小車自身重力沿斜面的分力和滑動摩擦力等大反向實現的，即解得根據計算結果可知每次改變小車的質量，不需要重新平衡摩擦力，A錯誤；B為了有效利用紙帶，實驗時應先接通電源再釋放小車，B錯誤；C對應用牛頓第二定律對應用牛頓第二定律兩式聯立解得繩子的拉力根據上述結果可知，實驗中為了保證砂和砂桶的重力近似等于繩子的拉力，需要滿足遠大于，C正確；D合外力一定的情況下，加速度與質量成反比，根據牛頓第二定律變形可知作圖像可以得到線性關系，D正確。故選CD。(3)3根據逐差法求解加速度(4)4某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，開始較小時，物塊由于摩擦力的存在仍然會保持靜止，物塊加速度為零，所以圖線與橫軸正半軸有截距，可知圖像可能是圖丙中的圖線。12、 .AD .0.73 .0.88 .平衡摩擦力過度（或木板傾角過大）【解析】（1）1A實驗時，為了使得拉力等于木塊的合力，牽引木塊的細繩與長木板應保持平行，A正確；B平衡摩擦力時，應在長木板不帶滑輪的一端墊上一塊薄木塊，B錯誤；C實驗時為了得到更多的數據和使得計時器穩定工作，應先接