1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一種比飛機還要快的旅行工具即將誕生，稱為“第五類交通方式”，它就是“Hyperloop（超級高鐵）”。據英

2、國每日郵報2016年7月6日報道：Hyperloop One公司計劃，2030年將在歐洲建成世界首架規模完備的“超級高鐵”（Hyperloop），連接芬蘭首都赫爾辛基和瑞典首都斯德哥爾摩，速度可達每小時700英里（約合1126公里/時）。如果乘坐Hyperloop從赫爾辛基到斯德哥爾摩，600公里的路程需要40分鐘，Hyperloop先勻加速，達到最大速度1200 km/h后勻速運動，快進站時再勻減速運動，且加速與減速的加速度大小相等，則下列關于Hyperloop的說法正確的是（）A加速與減速的時間不相等B加速時間為10分鐘C加速時加速度大小為2 m/s2D如果加速度大小為10 m/s2，題中

3、所述運動最短需要32分鐘2、如圖所示，圖甲是旋轉磁極式交流發電機簡化圖，其矩形線圈在勻強磁場中不動，線圈匝數為10匝，內阻不可忽略。產生勻強磁場的磁極繞垂直于磁場方向的固定軸OO（OO沿水平方向）勻速轉動，線圈中的磁通量隨時間按如圖乙所示正弦規律變化。線圈的兩端連接理想變壓器，理想變壓器原、副線圈的匝數比n1n2=21，電阻R1=R2=8。電流表示數為1A。則下列說法不正確的是（）Aabcd線圈在圖甲所在的面為非中性面B發電機產生的電動勢的最大值為10VC電壓表的示數為10VD發電機線圈的電阻為43、如圖所示，一細線的一端固定于傾角為45的光滑楔形滑塊A上的頂端O處，細線另一端拴一質量為m=0

4、.2kg的小球靜止在A上若滑塊從靜止向左勻加速運動時加速度為a(取)則( )A當a=5m/s2時，線中拉力為 B當a=10m/s2時, 小球受的支持力為C當a=12m/s2時, 經過1秒鐘小球運動的水平位移是6mD在穩定后，地面對A的支持力一定小于兩個物體的重力之和4、圖示裝置為閱讀時使用的角度可調支架，現將一本書放在傾斜支架上，書始終保持靜止。關于該書受力情況，下列說法正確的是（）A可能受兩個力B可能受三個力C一定受摩擦力D支架下邊緣對書一定有彈力5、 “太極球”運動是一項較流行的健身運動。做該項運動時，健身者半馬步站立，手持太極球拍，球拍上放一橡膠太極球，健身者舞動球拍時，保持太極球不掉到

5、地上。現將太極球簡化成如圖所示的平板和小球，熟練的健身者讓小球在豎直面內始終不脫離平板做勻速圓周運動，則（）A小球的機械能守恒B平板對小球的彈力在處最大，在處最小C在兩處，小球可能不受平板的摩擦力D小球在此過程中做勻速圓周運動的速度可以為任意值6、如圖所示，一根質量為M、長為L的銅管放置在水平桌面上，現讓一塊質量為m、可視為質點的釹鐵硼強磁鐵從銅管上端由靜止下落，強磁鐵在下落過程中不與銅管接觸，在此過程中（ ）A桌面對銅管的支持力一直為MgB銅管和強磁鐵組成的系統機械能守恒C銅管中沒有感應電流D強磁鐵下落到桌面的時間二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，

6、有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在勻強磁場中，一矩形金屬線圈共100匝，繞垂直于磁場的轉軸勻速轉動，如圖甲所示，產生的交變電動勢的圖像如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A時，線圈在中性面B線圈產生的交變電動勢的頻率為100HzC若不計線圈電阻，在線圈中接入定值電阻，則該電阻消耗的功率為D線圈磁通量隨時間的變化率的最大值為8、我國正在建設北斗衛星導航系統，根據系統建設總體規劃，計劃2018年，面向“一帶一路”沿線及周邊國家提供基本服務，2020年前后，完成35顆衛星發射組網，為全球用戶提供服務。2018年1月12日7時18分，我國在西昌衛星

7、發射中心用長征三號乙運載火箭，以“一箭雙星”方式成功發射第26、27顆北斗導航衛星，將與前25顆衛星聯網運行.其中在赤道上空有2顆北斗衛星A、B繞地球做同方向的勻速圓周運動，其軌道半徑分別為地球半徑的和，且衛星B的運動周期為T。某時刻2顆衛星與地心在同一直線上，如圖所示。則下列說法正確的是A衛星A、B的加速度之比為B衛星A、B的周期之比為是C再經時間t=，兩顆衛星之間可以直接通信D為了使赤道上任一點任一時刻均能接收到衛星B所在軌道的衛星的信號，該軌道至少需要4顆衛星9、下列說法正確的是_.A液體表面張力是液體表面層分子間距離小，分子力表現為斥力所致B水黽可以停在水面上是因為存在表面張力C不管是

8、單晶體還是多晶體，它們都有固定的熔點D氣體總是很容易充滿容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現E. 熱量能夠從低溫物體傳到高溫物體10、在光滑絕緣水平面上，一絕緣輕繩栓著一個帶電小球繞豎直方向的軸O在勻強磁場中做順時針方向的勻速圓周運動，磁場的方向豎直向下，其俯視圖如圖，若小球運動到A點時，繩子突然斷開，關于小球在繩斷開后的運動情況，可能的是（ ）A小球做逆時針勻速圓周運動，半徑不變B小球做逆時針勻速圓周運動，半徑減小C小球做順時針勻速圓周運動，半徑不變D小球做順時針勻速圓周運動，半徑減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）合金材料的

9、電阻率都比較大，某同學按如下步驟測量一合金絲的電阻率。實驗操作如下：(1)用螺旋測微器在金屬絲上三個不同位置測量金屬絲的直徑，結果都如圖甲所示，則該金屬絲的直徑為_mm。(2)按圖乙連接測量電路，將滑動變阻器置于最大值，閉合開關，移動滑動變阻器，發現電壓表讀數有讀數，而電流表讀數總為零，已知電流表、電壓表以及待測金屬絲都是完好的，則電路故障為導線_斷路（用圖中導線編號表示）。(3)排除電路故障后，改變滑動頭在金屬絲上的位置，測出金屬絲長度l和接入電路的電阻Rx如下表請根據表中的數據，在圖丙方格紙上作出Rxl圖像_。(4)根據圖像及金屬絲的直徑，計算該合金絲電阻率= _m（保留二位有效數字）。(

10、5)采用上述測量電路和數據處理方法，電表內阻對合金絲電阻率測量的影響為_（填“使結果偏大”、“使結果偏小”、“對結果無影響”）。12（12分）實驗室中有一臺銘牌模糊的可拆卸式變壓器，如圖所示，該變壓器可近似看做理想變壓器。某同學欲測量它的初級次級線圈匝數：先在閉合鐵芯的上端鐵軛處緊密纏繞100匝漆包細銅線，并將細銅線兩端與理想交流電壓表構成閉合回路。（1）在次級線圈左右兩端的接線柱上輸入12V低壓交流電壓，理想交流電壓表示數為60V，則次級線圈的匝數為_匝；在初級線圈左右兩端的接線柱上輸入12V低壓交流電壓，理想交流電壓表示數為30V，則初級線圈的匝數為_匝。 （2）若初級線圈左右兩端接線柱接

11、入的交變電壓瞬時表達式為u=311sin100t(V)，則與次級線圈左右兩端接線柱直接相連的理想交流電壓表的示數為_V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在xOy坐標平面的第一象限內有沿y軸正方向的勻強電場，在第四象限內有垂直于紙面向外的勻強磁場。有一質量為m，電荷量為q，帶負電的粒子（重力不計）從坐標原點O射入磁場，其入射方向與y軸負方向成45角。當粒子第一次進入電場到達P點時速度大小為v0，方向與x軸正方向相同，P點坐標為（4L，L）。求：（1）粒子從O點射入磁場時速度v的大小；（2）磁感應

12、強度B的大小；（3）粒子從O點運動到P點所用的時間。14（16分）如圖(a)為一除塵裝置的截面圖，塑料平板M、N的長度及它們間距離均為d。大量均勻分布的帶電塵埃以相同的速度v0進人兩板間，速度方向與板平行，每顆塵埃的質量均為m，帶電量均為-q。當兩板間同時存在垂直紙面向外的勻強磁場和垂直板向上的勻強電場時，塵埃恰好勻速穿過兩板;若撤去板間電場，并保持板間磁場不變，貼近N板入射的塵埃將打在M板右邊緣，塵埃恰好全部被平板吸附，即除塵效率為100%；若撤去兩板間電場和磁場，建立如圖(b)所示的平面直角坐標系xOy軸垂直于板并緊靠板右端，x軸與兩板中軸線共線，要把塵埃全部收集到位于P(2.5d，-2d

13、)處的條狀容器中，需在y軸右側加一垂直于紙面向里的圓形勻強磁場區域。塵埃顆粒重力、顆粒間作用力及對板間電場磁場的影響均不計，求:(1)兩板間磁場磁感應強度B1的大小(2)若撤去板間磁場，保持板間勻強電場不變，除塵效率為多少(3)y軸右側所加圓形勻強磁場區域磁感應強度B2大小的取值范圍15（12分）如圖所示，水平虛線MN、PQ之間有垂直于紙面向里的水平勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為B，兩虛線間的距離為H，質量為m、電阻為R邊長為L的正方形金屬線框abcd在磁場上方某一高度處由靜止釋放線框在向下運動過程中始終在豎直平面內，ab邊始終水平，結果線框恰好能勻速進入磁場線框有一半出磁場時加速度恰好為零

14、，已知LH，重力加速度為g，求：(1)線框開始釋放時ab邊離虛線MN的距離；(2)線框進磁場過程中通過線框截面的電量q及線框穿過磁場過程中線框中產生的焦耳熱；(3)線框穿過磁場所用的時間參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A加速與減速的加速度大小相等，加速和減速過程中速度變化量的大小相同，根據：可知加速和減速所用時間相同，A錯誤；BC加速的時間為，勻速的時間為，減速的時間為，由題意得：聯立方程解得：勻加速和勻減速用時：勻速運動的時間：加速和減速過程中的加速度：B正確，C錯誤；D同理將上述方程中的加速度變為

15、，加速和減速的時間均為：加速和減速距離均為勻速運動用時：總時間為：D錯誤。故選B。2、C【解析】A.線圈位于中性面時，磁通量最大，由圖甲可知，此時的磁通量最小，為峰值面，故A正確不符合題意；B.由圖乙知，角速度為電動勢的最大值故B正確不符合題意；C.根據歐姆定律以及變壓器原副線圈電壓關系的，解得U1=8V，故C錯誤符合題意；D.由閉合電路的歐姆定律得解得r=4故D正確不符合題意。故選C。3、A【解析】當小球對滑塊的壓力恰好等于零時，小球所受重力mg和拉力T使小球隨滑塊一起沿水平方向向左加速運動，由牛頓運動定律得小球和滑塊共同的加速度為：A當時，斜面對小球有支持力，將小球所受的力沿加速度方向和垂

16、直于加速度方向分解，有：，聯立解得：，故A正確；B當時，斜面對小球恰好沒有支持力，故N=0，故B錯誤；C當時，滑塊的位移為，而小球要先脫離斜面，然后保持與滑塊相同的運動狀態，故在這1s內小球運動的水平位移小于6m，故C錯誤；D在穩定后，對小球和滑塊A整體受力分析可知，在豎直方向沒有加速度，故地面對A的支持力等于兩個物體重力之和，故D錯誤4、B【解析】AB由題意可知，書受到重力和彈力作用，由于有書沿斜面向下的分力作用，所以物體必然受到一個沿斜面向上的力，以維持平衡，這個力為摩擦力，也可以是支架下邊緣對書的彈力，也可以是摩擦力和支架下邊緣對書彈力的合力，故可能受三個力，四個力作用，故A錯誤，B正確

17、；C由于當書沿斜面向下的分力作用與支架下邊緣對書彈力相等時，此時摩擦力不存在，故C錯誤；D由于當書沿斜面向下的分力作用，與向上的摩擦力相等時，則支架下邊緣對書彈力不存在，故D錯誤。故選B。5、C【解析】A小球在豎直平面內做勻速圓周運動，動能不變，但重力勢能變化，機械能變化，故A錯誤；B對小球受力分析可知，小球在最高點A處時，其重力和平板對它的壓力的合力提供向心力，而在最低點處時，平板對小球的支持力和小球的重力的合力提供向心力，故在A處最小，C處最大，故B錯誤；C小球在兩處時，若平板的支持力與小球的重力的合力恰好提供向心力，小球相對平板沒有相對運動趨勢，摩擦力為零，故C正確；D小球在最高點，速度

18、有最小值，其最小值滿足解得故D錯誤。故選C。6、D【解析】C強磁鐵通過鋼管時，導致鋼管的磁通量發生變化，從而產生感應電流，故C錯誤；B磁鐵在銅管中運動的過程中，雖不計空氣阻力，但在過程中，出現安培力做功產生熱能，所以系統機械能不守恒，故B錯誤；A由于圓管對磁鐵有向上的阻力，則由牛頓第三定律可知磁鐵對圓管有向下的力，則桌面對銅管的支持力FMg，故A錯誤；D因圓管對磁鐵有阻力，所以運動時間與自由落體運動相比會變長，即有，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7

19、、ACD【解析】At=0.01s時，感應電動勢為零，穿過線圈的磁通量最大，線圈在中性面位置，故A正確。B由圖可知周期為0.02s，則頻率為f=50Hz，故B錯誤。C線圈產生的交變電動勢有效值為電阻消耗的功率故C正確。Dt=0.005s電動勢最大為311V，則磁通量隨時間的變化率為故D正確。故選ACD。8、AD【解析】AB、由萬有引力提供向心力有，解得，衛星A、B的加速度之比為，故A正確；解得，衛星A、B的周期之比為，故B錯誤；C、再經時間t兩顆衛星之間可以直接通信，則有，又，解得，故C錯誤；D、由B衛星的分布圖求的所輻射的最大角度， ，則，則輻射的最大角度為，需要的衛星個數，為了使赤道上任一點

20、任一時刻均能接收到衛星B所在軌道的衛星的信號，該軌道至少需要4顆衛星，故D正確；故選AD。【點睛】萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律求出加速度、周期之比，由幾何關系為了使赤道上任一點任一時刻均能接收到衛星B所在軌道的衛星的信號，該軌道至少需要顆數衛星。9、BCE【解析】A液體表面層內的分子比較稀疏，分子間作用力表現為引力，故A錯誤；B水黽可以停在水面是因為存在表面張力，故B正確；C只要是晶體就有固定熔點，故C正確；D氣體能充滿整個容器，是氣體分子不停做無規則運動的結果，故D錯誤；E熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，但是要引起其他變化，這不違背熱力學第二定律，故E正確。10、ABC【解析】AB如果

21、小球帶正電，則小球所受的洛倫茲力方向背離圓心，當洛倫茲力的大小等于小球原來所受合力大小時，繩子斷后，小球做逆時針的勻速圓周運動，半徑不變，也可能洛倫茲力大于之前合力的大小，則半徑減小，故AB正確；CD若小球帶負電，則小球所受的洛倫茲力指向圓心，開始時，拉力可能為零，繩斷后，仍然洛倫茲力提供向心力，順時針做圓周運動，半徑不變若開始靠洛倫茲力和拉力的合力提供向心力，拉力減小為零，小球靠洛倫茲力提供向心力，速度的大小不變，半徑變大，故C正確，D錯誤故選ABC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.379、0.380或者0.381 a或c 對

22、結果無影響 【解析】（1）1 金屬絲的直徑為（2）2只有a或c發生斷路時，電壓表相當于測電源電壓，此時才會電壓表讀數有讀數，而電流表讀數總為零。（3）3 在圖丙方格紙上作出Rxl圖像如下 （4）4根據公式得（5）5因為多次測量金屬絲長度l和接入電路的電阻，通過畫圖求斜率求出的大小，所以電表內阻對合金絲電阻率測量結果無影響。12、200 400 110 【解析】(1)12由理想變壓器的電壓與匝數關系可知次級線圈的匝數為匝初級線圈的匝數匝(2)3因交流電壓表的示數為電壓有效值該變壓器初級、次級線圈的匝數比為2：1，由可知與次級線圈左右兩端接線柱直接相連的理想交流電壓表的示數為110V.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2） （3） 【解析】帶電粒子以與x軸成45垂直進入勻強磁場后，在O點根據平行四邊性定則可得射入磁場時的速度；粒子在電場中運動根據運動學方程和幾何關系求出半徑，再根據牛頓第二定律求出磁感應強度；求出粒子在電場中的運動時間和在磁場中運的運動時間，即可求得總時間。【詳解】（1）粒子從O點射入磁場時的速度為 （2）粒子在電場中運動，沿y軸方向： ， 沿x軸方向： 解得: 粒子在磁場中的運動軌跡為圓周，由幾何