1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，a、b兩個點電荷帶等量同種正電荷，位置固定，O為ab的中點，O1O2 通過O且與ab垂直，一個電子（重力可忽略）從O2一側沿O2O1方向射入，則電子穿過O再向左運動的過

2、程中A它的加速度逐漸變大B它的加速度逐漸變小C它的加速度開始一段逐漸加大，后來逐漸減小D它的加速度開始一段逐漸減小，后來逐漸增加2、如圖所示，水平天花板下用長度相同的絕緣輕質細線懸掛起來的兩個相同的帶電小球a、b，左邊放一個帶正電的固定球Q時，兩懸球都保持豎直方向。下面說法正確的是() Aa球帶正電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較大Ba球帶負電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較小Ca球帶負電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較大Da球帶正電，b球帶負電，并且a球帶電荷量較小3、如圖所示，在通電直導線下方，有一電子沿平行導線方向以速度v開始運動，則()A將沿軌跡運動，半徑越來越小B將沿軌跡運動，半徑越

3、來越大C將沿軌跡運動，半徑越來越小D將沿軌跡運動，半徑越來越大4、某同學做圖的四種體操動作時，重心最高的是（ ）A甲 B乙C丙 D丁5、如圖所示，平行板電容器分別連接靜電計兩端，對電容器充電，使靜電計指針張開某一角度，撤去電源后，只將電容器兩極板間距離增大，則靜電計指針張角將：A增大B減小C不變D無法判斷6、空間有p、q兩個點電荷相距r且僅在相互間的庫侖力作用下從靜止開始運動，開始時p的加速度為4a，經過一段時間后，p的加速度為a，則這時p、q兩個點電荷間距離的大小為A4r Br/4 C2r Dr/2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合

4、題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列關于歐姆表的說法中正確的是（ ）A測量電阻前要把紅、黑表筆相接，調整調零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零位上B測量電阻時，如果指針偏角過小，應換用高倍率檔C測量電阻時，表針偏轉角度越大，說明被測電阻的阻值越大D測量電阻時，每次更換倍率后，不需要重新調零8、對于如圖所示的電流i隨時間t作周期性變化的圖象，下列說法中正確的是（ ）A電流大小變化，方向不變，是直流電B電流大小、方向都變化，是交流電C電流的周期為0.01 sD電流大小變化，方向不變，不是直流電，是交流電9、一個T型電路如圖所示,電路中的電阻R1=10,R2=120，

5、R3=40,另有一測試電源,電動勢為100V,內阻忽略不計則()A當cd端短路時,ab之間的等效電阻是40Bab端短路時,cd之間的等效電阻是50C當ab兩端接通測試電源時,cd兩端的電壓為80VD當cd兩端接通測試電源時,ab兩端的電壓為80V10、關于帶電粒子在磁場中的運動，下列說法正確的是（ ）A帶電粒子飛入勻強磁場后，一定做勻速圓周運動B帶電粒子飛入勻強磁場后做勻速圓周運動時，速度一定不變C帶電粒子飛入勻強磁場后做勻速圓周運動時，洛侖茲力的方向總和運動方向垂直D帶電粒子飛入勻強磁場后做勻速圓周運動時，動能一定保持不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不

6、要求寫出演算過程。11（6分）有一根細長而均勻的金屬管線樣品，長約60cm，電阻約為6，橫截面如圖甲所示。(1)用螺旋測微器測量金屬管線的外徑，示數如圖乙所示，金屬管線的外徑為_mm；(2)現有如下器材：A電流表（量程0.6A，內阻約0.1）B電流表（量程3A，內阻約0.03）C電壓表（量程3V，內阻約3k）D滑動變阻器（1750，0.3A）E滑動變阻器（15，3A）F蓄電池（6V，內阻很小）G開關一個，帶夾子的導線若干要進一步精確測量金屬管線樣品的阻值，電流表應選_，滑動變阻器應選_。（只填代號字母）(3)請將圖丙所示的實際測量電路補充完整。（_）(4)已知金屬管線樣品材料的電阻率為，通過多

7、次測量得出金屬管線的電阻為R，金屬管線的外徑為d，要想求得金屬管線內形狀不規則的中空部分的橫截面積S，在前面實驗的基礎上，還需要測量的物理量是_。（所測物理量用字母表示并用文字說明）。計算中空部分橫截面積的表達式為S=_。（用字母填寫表達式）12（12分）在“決定導線電阻的因素”的實驗中測定金屬的電阻率,若待測金屬絲的電阻約為5 ,要求測量結果盡量準確,提供以下器材:電池組(3 V,內阻為1 )電流表(00.6 A,內阻為0.125 )電壓表(03 V,內阻為4 k)滑動變阻器(020 ,允許通過的最大電流為1 A)開關、導線若干（1）測電阻時,電流表、電壓表、待測金屬絲Rx在組成測量電路時,

8、應采用電流表_(選填“外”或“內”)接法,待測金屬絲電阻的測量值比真實值偏_(選填“大”或“小”)。 （2）若用螺旋測微器測得金屬絲的直徑d的讀數如圖所示,則讀數為_mm。 （3）若用L表示金屬絲的長度,d表示直徑,測得電阻為R,請寫出計算金屬絲電阻率的表達式為=_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在傾角為的光滑斜面上，存在著兩個磁感應強度相等的勻強磁場，方向一個垂直斜面向上，另一個垂直斜面向下，寬度均為L，一個質量為m，邊長為L的正方形線框以速度v剛進入上邊磁場時，即恰好做勻速直線運動，求：

9、（1）當邊剛越過時，線框的加速度多大？方向如何？（2）當到達與中間位置時，線框又恰好作勻速運動，求線框從開始進入到邊到達與中間位置時，產生的熱量是多少？14（16分）如圖所示電路中，電阻，電源內阻，電壓表可視為理想電表當開關和均閉合時，電壓表的示數為10V電阻中的電流為多大？路端電壓為多大？電源的電動勢為多大？當開關閉合而斷開時，電壓表的示數變為多大？15（12分）如圖所示，水平放置的平行金屬板AB長為l，板間距離為d，通過電鍵k與電壓為U的電源相連，有一帶電量為+q，質量為m的帶電粒子，以水平速度vo，緊貼上板射入勻強電場，剛好打在B板中央，試分析在下述兩種情況下，欲使粒子剛好從B板邊緣飛出

10、則需將B板下移多少距離？（1）閉合k；（2）先閉合k達穩定再斷開。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】本題考查了電場中雙電荷模型的特點等量同種電荷形成的電場，在兩電荷的連線上，每點的場強方向由該點指向O點，大小由O點場強為零開始向兩端逐漸增大，兩電荷的連線上任一點與該點關于O點對稱點的強度大小相等，方向相反，所以根據公式可得電子在運動過程中受到的電場力先減小，到O點最小，再O1方向的過程中電場力逐漸增大，所以它的加速度開始一段逐漸減小，后來逐漸增加，D正確，ABC錯誤思路拓展：本題的關鍵是清楚等量同種電荷

11、的電場線分布情況，根據電場線分布情況判斷電場強度，2、B【解析】存在+Q球時，對A、B球受力分析，由于懸線都沿豎直方向，說明水平方向各自合力為零，說明a球帶負電，b球帶正電，對+Q 而言，a、b對+Q的水平方向的庫侖力大小相等方向相反。根據得A離+Q較近，所以a球帶電荷量較小，b球帶電荷量較大。A. a球帶正電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較大，與結論不相符，選項A錯誤；B. a球帶負電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較小，與結論相符，選B正確；C. a球帶負電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較大，與結論不相符，選項C錯誤；D. a球帶正電，b球帶負電，并且a球帶電荷量較小，與結論不相符，選項D錯

12、誤。3、A【解析】CD由安培定則可知，通電直導線在其下方的磁場垂直紙面向里，如圖所示，根據左手定則可知，電子所受洛倫茲力的方向向上，所以沿軌跡運動，故CD錯誤；AB因離導線越近，磁感應強度越大，根據Bqvm可知，軌跡半徑越來越小，所以A正確，B錯誤。故選A。4、D【解析】根據四個人的姿態可知，丁呈站立姿態，重心最高，故選D.5、A【解析】充電后撤去電源，電荷量不變板間距離增大，電容變小，,電勢差變大，靜電計指針張角變大，A對6、C【解析】點電荷只受庫侖力作用；剛開始kQ1Q2r2=mp4a 經過一段時間后kQ1Q2r2=mpa 則解得：r=2r ，故C對；ABD錯；故選C二、多項選擇題：本題共

13、4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】因歐姆表內部電源電動勢及內阻會發生變化，故在使用之前應先進行歐姆調零，A正確；指針偏角過小，則電阻大，要換用高倍率檔，B正確；歐姆表的零處于滿偏處，刻度盤與電流表的刻度相反，故表針偏轉角度越大，則說明被測電阻的阻值越小，C錯誤；每次調整倍率時都要重新調零，D錯誤8、AC【解析】電流的大小和方向都隨時間成周期性變化的電流為交流電，由圖象可以看出電流的最大值和周期【詳解】電流的大小和方向都隨時間成周期性變化的電流為交流電，由圖象可知：電流的大小變

14、化，方向始終為正，不發生變化變，所以是直流電，電流周期為0.01s，AC正確9、AC【解析】A當cd端短路時，ab間電路的結構是：電阻R2、R3并聯后與R1串聯，等效電阻為：R=+R1=40故A正確；B當ab端短路時，cd之間電路結構是：電阻R1、R3并聯后與R2串聯，等效電阻為：R=+R2=128故B錯誤；C當ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，為：U3=100V=80V故C正確；D當cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，為：U3=25V故D錯誤。10、CD【解析】試題分析：A、帶電粒子只有在垂直于磁場方向飛入磁場后，才做勻速圓周運動；錯誤B

15、、帶電粒子飛入勻強磁場后做勻速圓周運動時，速度大小不變，方向時刻變化；錯誤C、由左手定則知，洛倫茲力與速度方向始終垂直，則帶電粒子飛入勻強磁場后做勻速圓周運動時，洛侖茲力的方向總和運動方向垂直；正確D、帶電粒子飛入勻強磁場后做勻速圓周運動時，速度大小不變，動能一定保持不變；正確故選CD考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動點評：注意帶電粒子進入磁場后所受洛倫茲力的方向既垂直于v又垂直于B；決定洛倫茲力方向的因素有三個：電荷的電性(正或負)、速度方向、磁感應強度的方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 A E 管線長度L 【解析】(1)1螺旋

16、測微器的固定刻度讀數為1mm，可動刻度讀數為0.0112.5mm=0.125mm，所以最終讀數為1mm+0.0112.5mm=1.125mm；(2)2電路中的電流大約為：所以電流表選擇A；3待測電阻較小，若選用大電阻滑動變阻器，從測量誤差角度考慮，所以滑動變阻器選擇E；(3)4待測電阻遠小于電壓表內阻，屬于小電阻，所以電流表采取外接法；滑動變阻器可以采用限流式接法；(4)5根據，則有：所以還需要測量的物理量是管線長度；6則中空部分的橫截面積：12、外 小 0.900 【解析】(1)12因為故應該采用電流表外接法，而電流表外接法中由于電壓表分流作用，測量值偏小(2)3由圖可得螺旋測微器的讀數為：

17、0.5mm+400.01mm=0.900mm(3)4由電阻定律得：由于：聯立可得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），方向平行于斜面向上（2）Q= 【解析】（1）ab邊剛越過即作勻速直線運動，表明線框此時受到的合外力為零，即：在ab邊剛越過時，ab、cd邊都切割磁感線產生電勢，但線框的運動速度不能突變，則此時回路中的總感應電動勢為故此時線框加速度為：，方向平行于斜面向上（2）設線框再作勻速直線運動的速度為，則：，即 從線框越過到線框再作勻速直線運動過程中，設產生的熱量為Q，則由能量守恒定律得：14、 (1)I=1A (2)U=15V （3）E=21V (4) U=16V【解析】試題分析：（1）電阻R2中的電流（2）外電阻所以路端電壓為：U=RI=151=15V（3）根據閉合電路歐姆定律得E=I（R+r）代入數據解得E=21V（4）S1閉合而S2斷開，電路中的總電流電壓表示數U=I（R1+R2）=1821V代入數據解得U=16V考點：閉合電路的歐姆定律15、（1）d；（2）3d。【解析】（1）剛開始時，粒子在電場中做類平拋運動，設運動時間為，水平方向做勻速運動，則有，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，設加速度為a1，由牛頓第二定律可得 ，由運動學公