1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，ad、bd、cd是豎直面內(nèi)三根固定的光滑細(xì)桿,a、b、c、d位于同一圓周上，a點為圓周的最高點，d點為圓周的最低點.每根桿上都套著一個質(zhì)量相同的小滑環(huán)（圖中未畫出），三個滑環(huán)分別從a、b、c處釋放（初速為零），關(guān)于它

2、們下滑的過程，下列說法中正確的是（ ）A重力對它們的沖量相同B彈力對它們的沖量相同C合外力對它們的沖量相同D它們的動能增量相同2、張鵬同學(xué)在家?guī)蛬寢屜赐暌路螅瑨煸谌鐖D所示的晾衣架上晾曬，A、B為豎直墻壁上等高的兩點，AO、BO為長度相等的兩根輕繩，CO為一根輕桿轉(zhuǎn)軸C在AB中點D的正下方，AOB在同一水平面上AOB60，DOC30，衣服質(zhì)量為m則( )ACO桿所受的壓力大小為233mgBCO桿所受的壓力大小為mgCAO繩所受的拉力大小為3mgDBO繩所受的拉力大小為mg3、如圖是一汽車在平直路面上啟動的速度-時間圖象，t1時刻起汽車的功率保持不變由圖象可知（）A0-t1時間內(nèi)，汽車的牽引力增

3、大，加速度增大，功率不變B0-t1時間內(nèi)，汽車的牽引力不變，加速度不變，功率不變Ct1-t2時間內(nèi)，汽車的牽引力減小，加速度減小Dt1-t2時間內(nèi)，汽車的牽引力不變，加速度不變4、如圖所示，細(xì)繩一端固定在A點，跨過與A等高的光滑定滑輪B后在另一端懸掛一個沙桶Q現(xiàn)有另一個沙桶P通過光滑掛鉤掛在AB之間，穩(wěn)定后掛鉤下降至C點，ACB=120，下列說法正確的是A若只增加Q桶的沙子，再次平衡后C點位置不變B若只增加P桶的沙子，再次平衡后C點位置不變C若在兩桶內(nèi)增加相同質(zhì)量的沙子，再次平衡后C點位置不變D若在兩桶內(nèi)增加相同質(zhì)量的沙子，再次平衡后沙桶Q位置上升5、如圖所示，16個電荷量均為的小球（可視為點

4、電荷），均勻分布在半徑為R的圓周上，若將圓周上P點的一個小球的電荷量換成，則圓心O點處的電場強度為（）ABCD6、如圖所示，彈簧測力計下掛有一長為L、質(zhì)量為m的金屬棒，金屬棒處于磁感應(yīng)強度垂直紙面向里的勻強磁場中，棒上通有如圖所示方向的電流I，金屬棒處于水平靜止?fàn)顟B(tài)，若此時彈簧測力計示數(shù)大小為F，重力加速度為g，金屬棒以外部分的導(dǎo)線沒有處于磁場中且質(zhì)量不計，則下列說法正確的是()A金屬棒所受的安培力方向豎直向上B金屬棒所受的安培力大小為mgFC若將電流增大為原來的2倍，平衡時彈簧測力計示數(shù)會增大為2FD若將磁感應(yīng)強度和金屬棒質(zhì)量同時增大為原來的2倍，平衡時彈簧測力計示數(shù)會增大為2F二、多項選擇

5、題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、國家航天局局長許達(dá)哲介紹，中國火星探測任務(wù)已正式立項，首個火星探測器將于2020年在海南文昌發(fā)射場用長征五號運載火箭實施發(fā)射，一步實現(xiàn)火星探測器的“繞、著、巡”。假設(shè)將來中國火星探測器探測火星時，經(jīng)歷如圖所示的變軌過程，則下列說法正確的是()A飛船在軌道上運動時，在P點的速度大于在Q點的速度B飛船在軌道上的機械能大于在軌道的機械能C飛船在軌道上運動到P點時的加速度等于飛船在軌道上運動到P點時的加速度D若軌道貼近火星表面，已知飛船在軌道上運動的角

6、速度，就可以推知火星的密度8、圖中虛線a、b、c代表電場中的三條等勢線，相鄰兩等勢線之間的電勢差相等，實線為一帶正電的微粒僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，P、Q相比（）AP點的電勢較高B帶電微粒通過P點時的加速度較大C帶電微粒通過P點時動能較大D帶電微粒在P點時的電勢能較大9、如圖所示，水平固定放置的兩根足夠長的平行光滑桿AB和CD，各穿有質(zhì)量均為m的小球a和b，兩桿之間的距離為d，兩球間用原長也為d的輕質(zhì)彈簧連接。現(xiàn)從左側(cè)用固定擋板將a球擋住，再用力把b球向左邊拉一段距離（在彈性限度內(nèi)）后靜止釋放，則下面判斷中正確的是（ ）A在彈簧第一次恢復(fù)原長的過程中，兩

7、球和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒B彈簧第一次恢復(fù)原長后，繼續(xù)運動的過程中，系統(tǒng)的動量守恒、機械能守恒C彈簧第二次恢復(fù)原長時，a球的速度達(dá)到最大D釋放b球以后的運動過程中，彈簧的最大伸長量總小于運動開始時彈簧的伸長量10、如圖所示，長為L的輕桿一端固定一質(zhì)量為m的小球，另一端安裝有固定轉(zhuǎn)動軸O，桿可在豎直平面內(nèi)繞O無摩擦轉(zhuǎn)動若在最低點P處給小球一沿切線方向的初速度，不計空氣阻力，則下列說法正確的是A小球不可能到達(dá)圓周軌道的最高點QB小球能到達(dá)圓周軌道的最高點Q，且在Q點受到輕桿向上的支持力C小球能到達(dá)圓周軌道的最高點Q，且在Q點受到輕桿向下的拉力D小球能到達(dá)圓周軌道的最高點Q，且在Q點恰好

8、不受輕桿的彈力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究恒力做功與動能改變的關(guān)系”的實驗中,要改變木板的傾角，使小車在不掛鉤碼時能勻速下滑，其目的是 _， 為了使得小車受到的拉力近似等于鉤碼的重力，小車的質(zhì)量M與鉤碼的質(zhì)量m要滿足什么關(guān)系 _12（12分）如圖（a），某同學(xué)設(shè)計了測量鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)的實驗所用器材有：鐵架臺、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點計時器、頻率50Hz的交流電源，紙帶等回答下列問題：（1）鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)=_（用木板與水平面的夾角、重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示）（1）某次實驗時，調(diào)整木板與

9、水平面的夾角=30接通電源開啟打點計時器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下多次重復(fù)后選擇點跡清晰的一條紙帶，如圖（b）所示圖中的點為計數(shù)點（每兩個相鄰的計數(shù)點間還有4個點未畫出）重力加速度為9.8 m/s1可以計算出鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為_（結(jié)果保留1位小數(shù)）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，長L=6m的水平傳輸裝置，在載物臺左端物塊以初速度v0=3m/s滑入傳送帶傳送帶正以恒定的速率v=6m/s沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.5，物塊的質(zhì)量m=1Kg，g=10m/

10、s2，求：（1）物塊從滑上傳送帶到離開傳送帶所經(jīng)歷的時間t，（2）物塊從滑上傳送帶到離開傳送帶過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量，（3）物塊從滑上傳送帶到離開傳送帶過程中因運送木塊電動機多做的功。14（16分）如圖所示，質(zhì)量為m=245g的木塊（可視為質(zhì)點）放在質(zhì)量為M=0.5kg的木板左端，足夠長的木板靜止在光滑水平面上，木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為= 0.4，質(zhì)量為m0 = 5g的子彈以速度v0=300m/s沿水平方向射入木塊并留在其中（時間極短），子彈射入后，g取10m/s2，求：(1)子彈進入木塊后子彈和木塊一起向右滑行的最大速度v1(2)木板向右滑行的最大速度v2(3)木塊在木板滑行的時間t15（

11、12分）如圖所示，半徑為R的內(nèi)壁光滑的絕緣的半圓形軌道固定在水平面上，質(zhì)量為m帶電荷量為q的小球，從軌道右側(cè)A點由靜止開始釋放，A點與圓心O等高，當(dāng)小球到達(dá)B點時，球的速度正好為零，已知角AOB60，重力加速度為g求：(1)B、A兩點的電勢差；(2)勻強電場的電場強度大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】設(shè)任一細(xì)桿與豎直方向的夾角為，環(huán)運動的時間為，圓周的直徑為D,則環(huán)的加速度大小，由位移公式得：，得到，所以三個環(huán)運動時間相同；A、由于三個環(huán)的重力相等，運動時間相同，由公式分析可知，各環(huán)重力的沖量相等，

12、故A正確；B、c環(huán)受到的彈力最大，運動時間相等，則彈力對環(huán)c的沖量最大，故B錯誤；C、a環(huán)的加速度最大，受到的合力最大，則合力對a環(huán)的沖量最大，故C錯誤；D、重力對a環(huán)做功最大，其動能的增量最大，故D錯誤。故選A。2、D【解析】設(shè)繩AO和繩BO拉力的合力為F，以O(shè)點為研究對象，O點受到重力mg、桿的支持力F2和繩AO與繩BO拉力的合力F，作出力的示意圖，如圖所示，根據(jù)平衡條件得：F=mgtan60=3mg； F2=mgsin30=2mg；將F分解，如圖，設(shè)AO所受拉力的大小F1，因為AOB=120，根據(jù)幾何知識得：F1=F=3mg，所以繩AO和BO所受到的拉力F1為3mg，而桿OC所受到的壓力

13、大小等于F2為2mg；故選BD點睛：本題是空間力系問題，O點受到的力不在同一平面，關(guān)鍵是將受力情況分成豎直和水平兩個平面研究3、C【解析】0t1時間內(nèi)，汽車的速度是均勻增加的，是勻加速直線運動，汽車的牽引力不變，加速度不變，由P=Fv知功率增大，故AB錯誤t1t2時間內(nèi)，汽車的功率保持不變，速度在增大，由P=Fv知汽車的牽引力在減小，由牛頓第二定律知F-f=ma，知加速度減小，故C正確，D錯誤故選C4、C【解析】A、B、對砂桶Q分析有，設(shè)兩繩的夾角為，對砂桶P的C點分析可知受三力而平衡，而C點為活結(jié)繩的點，兩側(cè)的繩張力相等，有，聯(lián)立可知，故增大Q的重力，夾角變大，C點上升；增大P的重力時，夾角

14、變小，C點下降；故A，B均錯誤.C、由平衡知識，而，可得，故兩砂桶增多相同的質(zhì)量，P和Q的重力依然可以平衡，C點的位置不變；故C正確，D錯誤.故選C.【點睛】掌握活結(jié)繩上的張力處處相等，三力平衡的處理方法，連體體的平衡對象的選擇.5、B【解析】根據(jù)對稱性和電場的疊加原理，知原來O處場強為零，說明P點處小球在O處產(chǎn)生的電場強度與其余15個小球在O處產(chǎn)生的合場強大小相等、方向相反，則其余15個小球在O處產(chǎn)生的合場強大小為方向沿半徑向右。將圓周上P點的一個小球的電荷量換成-q，其余15個小球在O處產(chǎn)生的合場強不變，大小仍為方向沿半徑向右。-q在O處產(chǎn)生的場強大小為方向沿半徑向右。所以O(shè)點處的電場強度

15、為方向沿半徑向右。故B正確，ACD錯誤。故選B。6、D【解析】由左手定則可知，金屬棒所受的安培力方向向下，選項A錯誤；由平衡知識可知：mg+F安=F，則金屬棒所受的安培力大小為Fmg，選項B錯誤；若將電流增大為原來的2倍，則安培力變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)F=mg+F安可知，平衡時彈簧測力計示數(shù)不會增大為2F，選項C錯誤；若將磁感應(yīng)強度和金屬棒質(zhì)量同時增大為原來的2倍，則安培力變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)F=mg+F安可知，平衡時彈簧測力計示數(shù)不會增大為2F，選項D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但

16、不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A、根據(jù)開普勒第二定律可知，飛船在軌道上運動時，在P點速度大于在Q點的速度，故A正確；B、飛船在軌道上經(jīng)過P點時，要點火加速，使其速度增大做離心運動，從而轉(zhuǎn)移到軌道上運動所以飛船在軌道上運動時的機械能小于軌道上運動的機械能，故B錯誤；C、飛船在軌道上運動到P點時與飛船在軌道上運動到P點時受到的萬有引力大小相等，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度必定相等，故C正確；D、軌道貼近火星表面，已知飛船在軌道上運動的角速度，根據(jù)，解得火星的質(zhì)量，火星的密度，故D正確；故選ACD。8、ABD【解析】A若帶電微粒從P點進入電場，由圖可以知道帶電微粒所受電場力由b等勢面

17、指向c等勢面，因為微粒帶正電，故a等勢面的電勢最高，故P點的電勢高于Q點的電勢，故A正確；B因為電場線越密等勢線越密，由圖可以知道P點的場強大于Q點的場強，故帶電微粒在P處所受的電場力大于在Q點所受的電場力，所以帶電微粒通過P點時的加速度大，故B正確；C因為帶電微粒在從P向Q運動的過程中電場力正功，故微粒在P點時的動能小于在Q點的動能，故C錯誤；D因為帶電微粒在從P向Q運動的過程中電場力做正功，則帶電微粒的電勢能減小，故帶電微粒在P點時的電勢能較大，反之，從Q向P運動，電場力做負(fù)功，電勢能增大，帶電微粒在P點時的電勢能較大，故D正確。故選ABD。9、BCD【解析】從釋放b到彈簧第一次恢復(fù)原長的

18、過程中，擋板對a有外力作用，兩球組成的系統(tǒng)動量不守恒，故A錯誤；彈簧第一次回復(fù)原長后，繼續(xù)運動的過程中，系統(tǒng)所受的外力之和為零，系統(tǒng)動量守恒，因為只有彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，故B正確； 第一次回復(fù)原長后，b向右做減速運動，a向右做加速運動，當(dāng)彈簧回復(fù)原長時，a的速度最大，故C正確；釋放b后的過程中，當(dāng)?shù)谝淮位謴?fù)到原長，彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為b的動能，在以后的運動過程中，彈簧伸長量最大時，兩者都有速度，結(jié)合動量守恒定律和能量守恒定律知，彈簧的最大伸長量總小于釋放b時彈簧的伸長量，故D正確。所以BCD正確，A錯誤。10、AB【解析】根據(jù)動能定理得：，把帶入解得：，則小球能夠到達(dá)最高點Q，且

19、在最高點合力為零，即在Q點受到輕桿向上的支持力，故B正確，ACD錯誤點睛：解決本題的關(guān)鍵知道圓周運動徑向的合力提供向心力，以及知道桿子的作用力可以表現(xiàn)為支持力，也可以表現(xiàn)為拉力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 平衡摩擦力 M m【解析】（1）在“探究恒力做功與動能改變的關(guān)系”的實驗中,要改變木板的傾角，使小車在不掛鉤碼時能勻速下滑，其目的是平衡摩擦力（2）對整體分析，有： ，根據(jù)牛頓第二定律，對小車分析，繩子的拉力為： ，可知當(dāng)Mm時，小車受到的合力與鉤碼的總重力大小基本相等12、 0.35 【解析】（1）由mgsin-mgcos=ma，解得：=（1）由逐差法a= 得：SII=（76.39-31.83）10-1m，T=0.10s，SI=（31.83-5.00）10-1m，故a= m/s1=1.97 m/s1，代入式，得：= =0.35四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明