1、高中物理勻速直線運動一選擇題（共30小題）1（2016福建模擬）物體在做自由落體運動過程中，保持不變的物理量是（）A速度B路程C位移D加速度2（2016廣東模擬）某物體做直線運動，位移遵循的方程為x=6tt2（其中，x的單位為 m，t的單位為s）則該物體在04s時間內通過的路程為（）A8 mB9 mC10 mD11 m3（2016廣東模擬）我國“蛟龍號”深潛器經過多次試驗，終于在2012年6月24日以7 020m的深度創下世界最新紀錄（國外最深不超過6 500m）這預示著它可以征服全球99.8%的海底世界假設在某次試驗時，深潛器內的顯示屏上顯示出了從水面開始下潛到最后返回水面全過程的深度曲線（

2、a）和速度圖象（b），則下列說法中正確的是（）A圖中h3代表本次下潛最大深度B全過程中最大加速度是0.025 m/s2C潛水員感到超重發生在34 min和68 min的時間段內D整個潛水器在810 min的時間段內機械能守恒4（2015上海）一顆子彈以水平速度v0穿透一塊在光滑水平面上迎面滑來的木塊后，二者運動方向均不變設子彈與木塊間相互作用力恒定，木塊最后速度為v，則（）Av0越大，v越大Bv0越小，v越大C子彈質量越大，v越大D木塊質量越小，v越大5（2015黑龍江模擬）甲乙兩汽車在一平直公路上同向行駛，在t=0到t=t1的時間內，它們的vt圖象如圖所示在這段時間內（）A汽車甲的平均速度比

3、乙的大B汽車乙的平均速度等于C甲乙兩汽車的位移相同D汽車甲的加速度大小逐漸減小，汽車乙的加速度大小逐漸增大6（2015上海模擬）將甲乙兩小球先后以同樣的速度在距地面不同高度處豎直向上拋出，拋出時間間隔2s，它們運動的圖象分別如直線甲乙所示則（）At=2s時，兩球的高度相差一定為40mBt=4s時，兩球相對于各自的拋出點的位移相等C兩球從拋出至落到地面所用的時間間隔相等D甲球從拋出至到達最高點的時間間隔與乙球相等7（2015廉江市校級模擬）物體以12m/s初速度在水平冰面上作勻減速直線運動，它的加速度大小是0.8m/s2，經20s物體發生的位移是（）A80mB90mC100mD110m8（201

4、5江蘇校級模擬）火車的速度為8m/s，關閉發動機后前進70m時速度減為6m/s若再經過50s，火車又前進的距離為（）A50mB90mC120mD160m9（2015江蘇校級模擬）物體A、B的st圖象如圖所示，由圖可知（）A從第3s起，兩物體運動方向相同，且vAvBB兩物體由同一位置開始運動，但物體A比B遲3s才開始運動C在5s內物體的位移相同，5s末A、B相遇D5s內A、B的平均速度相等10（2015淄博）在圖所示的四個圖象中，表示物體做勻加速直線運動的是（）ABCD11（2015淄博校級模擬）自由落體運動的vt圖象應是（）ABCD12（2015揚州學業考試）小球從靠近豎直磚墻的某位置由靜止釋

5、放，用頻閃方法拍攝的小球位置如圖中1、2、3和4所示已知連續兩次閃光的時間間隔均為T，每塊磚的厚度為d由此可知小球（）A下落過程中的加速度大小約為B經過位置3時的瞬時速度大小約為2gTC經過位置4時的瞬時速度大小約為D從位置1到4過程中的平均速度大小約為13（2015揚州二模）質量為m的物體在高H處重力勢能為mgH，從靜止開始自由落下當動能等于重力勢能的2倍時，經歷的時間為（）AB2CD14（2015北京）一個物體做自由落體運動，重力加速度g取10m/s2該物體（）A第2s末的速度大小為10 m/sB第2s末的速度大小為20 m/sC在前3s內下落的距離為45 mD在前3s內下落的距離為60

6、m15（2015廣州）為經典力學作出最重要貢獻的物理學家是（）A愛因斯坦B麥克斯韋C法拉第D牛頓16（2015北京）在前人研究的基礎上，有一位物理學家利用圖所示的扭秤裝置進行研究，提出真空中兩個靜止點電荷之間相互作用的規律，這位物理學家是（）A牛頓B伽利略C庫侖D焦耳17（2015廣州）“研究勻變速直線運動”實驗獲得的一條紙帶如圖所示，已知a、b兩個相鄰計數點時間間隔為0.10s，則從a至b這段時間內物體的平均速度約為（）A0.27m/sB0.37m/sC1.35m/sD1.85m/s18（2015廣東）如圖所示為“研究物體做勻變速直線運動”實驗中獲得的一條紙帶，a、b、c、d為計數點，相鄰計

7、數點時間間隔為0.1s其中b點反映的瞬時速度為（）A0.520m/sB6.47m/sC3.92m/sD5.20m/s19（2015興平市校級一模）物體沿一直線運動，在t時間內通過的位移為x，它在中間位置x處的速度為v1，在中間時刻t時的速度為v2，則下列關于v1和v2的關系錯誤的是（）A當物體做勻加速直線運動時，v1v2B當物體做勻減速直線運動時，v1v2C當物體做勻速直線運動時，v1=v2D當物體做勻減速直線運動時，v1v220（2015都勻市校級一模）將甲乙兩小球先后以同樣的速度在距地面不同高度處豎直向上拋出，拋出時間相隔2s，它們運動的vt圖象分別如直線甲、乙所示則（）At=2s時，兩球

8、高度相差一定為40mBt=4s時，兩球相對于各自拋出點的位移相等C兩球從拋出至落到地面所用的時間間隔相等D甲球從拋出至達到最高點的時間間隔與乙球的相等21（2014秋江西月考）一輛汽車在平直的公路上從靜止開始運動，先后經歷勻加速、勻速、勻減速直線運動，最后停止從汽車啟動開始計時，下表記錄了汽車某些時刻的瞬時速度，根據數據可判斷出汽車運動的vt圖象是（）時刻/s1.02.03.05.07.09.510.5速度/（MS）3.06.09.012129.03.0ABCD22（2015分宜縣校級三模）在一大霧天，一輛小汽車以30m/s的速度勻速行駛在高速公路上，突然發現正前方30m處有一輛大卡車以10m

9、/s的速度同方向勻速行駛，小汽車緊急剎車，剎車過程中剎車失靈如圖所示，圖線a、b分別為小汽車和大卡車的vt圖象（忽略剎車反應時間），以下說法正確的是（）A因剎車失靈前小汽車已減速，故不會發生追尾事故B在t=3 s時發生追尾事故C在t=5 s時發生追尾事故D若緊急剎車時兩車相距40米，則不會發生追尾事故且兩車最近時相距10米23（2015永州校級一模）一輛汽車做勻加速直線運動，經過路旁兩棵相距50m的樹共用時間5s，它經過第二棵樹時的速度是15m/s，則它經過第一棵樹時的速度是（）A2m/sB10m/sC5m/sD2.5m/s24（2015溫州校級二模）從地面上以初速度v0豎直上拋一質量為m的小

10、球，若運動過程中受到的空氣阻力與其速率成正比，球運動的速率隨時間變化的規律如圖所示，t1時刻到達最高點，再落回地面，落地速率為v1，且落地前小球已經做勻速運動，則下列說法中錯誤的是（）A小球加速度在上升過程中逐漸減小，在下降過程中也逐漸減小B小球拋出瞬間的加速度大小為（1+）gC小球被拋出時的加速度值最大，到達最高點的加速度值最小D小球上升過程的平均速度小于25（2015浙江一模）下列物理公式屬于定義式的是（）Aa=Ba=Cf=FNDx=v0t+at226（2015廣東模擬）高速列車從靜止開始做勻加速直線運動，20s末的速度是30m/s，列車加速度的大小是（）A1.5m/s2B2m/s2C3m

11、/s2D6m/s227（2015甘肅一模）測速儀安裝有超聲波發射和接收裝置，如圖所示，B為測速儀，A為汽車，兩者相距335m，某時刻B發出超聲波，同時A由靜止開始作勻加速直線運動當B接收到反射回來的超聲波信號時，AB相距355m，已知聲速為340m/s，則汽車的加速度大小為（）A20m/s2B10m/s2C5m/s2D無法確定28（2015浙江模擬）物體以速度v勻速通過直線上的A、B兩點，所用時間為t；現在物體從A點由靜止出發，先勻加速直線運動（加速度為a1）到某一最大速度vm后立即做勻減速直線運動（加速度大小為a2）至B點速度恰好減為0，所用時間仍為t則物體的（）Avm只能為2v，與a1、a

12、2的大小無關Bvm可為許多值，與a1、a2的大小有關Ca1、a2須是一定的Da1、a2必須滿足29（2015南開區二模）如圖所示，物體自O點由靜止開始做勻加速直線運動，A、B、C、D為其運動軌跡上的四點，測得AB=2m，BC=3m且物體通過AB、BC、CD所用的時間相等，則下列說法正確的是（）A可以求出物體加速度的大小B可以求得CD=4mC可以求得OA之間的距離為1.125mD可以求得OA之間的距離為1.5m30（2015無錫校級一模）汽車A在紅綠燈前停住，綠燈亮起時起動，以0.4m/s2的加速度做勻加速運動，經過30s后以該時刻的速度做勻速直線運動設在綠燈亮的同時，汽車B以8m/s的速度從A

13、車旁邊駛過，且一直以相同速度做勻速直線運動，運動方向與A車相同，則從綠燈亮時開始（）AA車在加速過程中與B車相遇BA、B相遇時速度相同C相遇時A車做勻速運動D兩車不可能再次相遇高中物理勻速直線運動參考答案與試題解析一選擇題（共30小題）1（2016福建模擬）物體在做自由落體運動過程中，保持不變的物理量是（）A速度B路程C位移D加速度【考點】自由落體運動菁優網版權所有【專題】定性思想；推理法；自由落體運動專題【分析】物體做自由落體運動，初速度為零，加速度為g的勻加速運動，根據位移速度公式即可判斷【解答】解：做自由落體運動的物體，初速度為0，加速度為gA、物體的速度為v=gt，隨時間變化，故A錯誤

14、；B、路程為s=，隨時間變化，故B錯誤；C、位移為x=，隨時間變化，故C錯誤D、加速度為g恒定不變，故D正確故選：D【點評】本題主要考查了自由落體運動的特點即初速度為零，加速度為g的勻加速運動2（2016廣東模擬）某物體做直線運動，位移遵循的方程為x=6tt2（其中，x的單位為 m，t的單位為s）則該物體在04s時間內通過的路程為（）A8 mB9 mC10 mD11 m【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關系菁優網版權所有【專題】運動學與力學（一）；直線運動規律專題【分析】根據位移方程x=6tt2知物體做勻減速直線運動，得出初速度和加速度，然后求出物體速度減小到0過程中的位移，再求出反向勻加速

15、運動的位移，兩個位移大小之和為經過的路程【解答】解：根據x=6tt2=，知初速度為6m/s，加速度為2m/s2， 則速度減小到0所需的時間 所經過的位移 最后1s做反向勻加速直線運動，所以 則物體在時間t從04s內經過的路程s=x1+x2=10m 故C正確，A、B、D錯誤 故選C【點評】解決本題的關鍵知道路程是運動的軌跡的長度，因為在04s內，前3s做勻減速直線運動，最后1s做反向勻加速直線運動，求出路程時必須求出兩段過程的位移大小3（2016廣東模擬）我國“蛟龍號”深潛器經過多次試驗，終于在2012年6月24日以7 020m的深度創下世界最新紀錄（國外最深不超過6 500m）這預示著它可以征

16、服全球99.8%的海底世界假設在某次試驗時，深潛器內的顯示屏上顯示出了從水面開始下潛到最后返回水面全過程的深度曲線（a）和速度圖象（b），則下列說法中正確的是（）A圖中h3代表本次下潛最大深度B全過程中最大加速度是0.025 m/s2C潛水員感到超重發生在34 min和68 min的時間段內D整個潛水器在810 min的時間段內機械能守恒【考點】勻變速直線運動的圖像；牛頓運動定律的應用-超重和失重；機械能守恒定律菁優網版權所有【專題】定性思想；推理法；運動學中的圖像專題【分析】本題要看懂速度圖象和深度圖象意義，蛟龍號先加速下沉，后勻速下稱后減速下沉，在某深度停留2min，而后加速上升，后減速上

17、升至水面，而后逐項依次分析；根據超重和失重以及機械能守恒定律進行分析求解即可【解答】解：A、ht圖象顯示的是深度隨時間的變化圖象，根據深度曲線（a）得h3代表本次最大深度，故A正確B、vt圖象中的斜率表示加速度，所以01 min和34 min內的加速度最大；最大加速度是：a=0.033m/s2，故B錯誤；C、根當加速度向上時，物體處于超重狀態，所以潛水員向下做減速運動和向上做加速運動的過程都處于超重狀態，故34 min內和68 min內為超重狀態，C正確D、潛水器在810 min時間段內的加速度為a= m/s2，故潛水器除重力外還受到其他外力作用，機械能不守恒，D錯誤故選：AC【點評】本題是一

18、道圖象題，考查了實驗數據的處理，要學會通過圖象去挖掘信息，處理圖象題時，要把圖象與相對應的物理知識結合起來分析4（2015上海）一顆子彈以水平速度v0穿透一塊在光滑水平面上迎面滑來的木塊后，二者運動方向均不變設子彈與木塊間相互作用力恒定，木塊最后速度為v，則（）Av0越大，v越大Bv0越小，v越大C子彈質量越大，v越大D木塊質量越小，v越大【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系；勻變速直線運動的圖像菁優網版權所有【專題】運動學中的圖像專題【分析】子彈的位移與木塊的位移大小之和等于木塊的厚度通過vt圖象比較可知，當v0越大，其它不變時，子彈穿過木塊時的位移越大，而木塊的位移越小，由于加速度不變

19、，所以木塊末速度v越大當子彈質量越大時，加速度越小，子彈穿過木塊時的位移越大，同理可得木塊末速度v越大當木塊質量越小時，其加速度越大，則末速度v越小【解答】解：AB、子彈穿透木塊過程中，子彈與木塊間相互作用力恒定，兩者都做勻減速運動，子彈的位移與木塊的位移大小之和等于木塊的厚度若質量不變，則兩者的加速度不變，當子彈的初速度v0越大時，子彈穿過木塊的時間越短，且木塊的位移越小，由于木塊初速度和加速度不變，所以末速度v越大，如下圖所示故A正確，B錯誤C、子彈的質量越大，由于作用力不變，則加速度越小，初速度v0一定，則子彈位移越大，木塊位移越小，由于木塊初速度和加速度不變，所以末速度v越大，如下圖所

20、示故C正確D、木塊質量越小，其加速度越大，初速度不變，子彈穿過木塊的時間變大，則木塊末速度v變小，如下圖所示故D錯誤故選：AC【點評】本題考查了對vt圖象的理解和應用，解決本題的關鍵是子彈的位移與木塊的位移之和等于木塊的厚度5（2015黑龍江模擬）甲乙兩汽車在一平直公路上同向行駛，在t=0到t=t1的時間內，它們的vt圖象如圖所示在這段時間內（）A汽車甲的平均速度比乙的大B汽車乙的平均速度等于C甲乙兩汽車的位移相同D汽車甲的加速度大小逐漸減小，汽車乙的加速度大小逐漸增大【考點】勻變速直線運動的圖像；平均速度菁優網版權所有【專題】運動學中的圖像專題【分析】在速度時間圖象中，某一點代表此時刻的瞬時

21、速度，時間軸上方速度是正數，時間軸下方速度是負數；切線代表該位置的加速度，向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負；圖象與坐標軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負【解答】解：A、C、平均速度等于位移與時間的比值，在vt圖象中，圖形的面積代表位移的大小，根據圖象可知道，甲的位移大于乙的位移，由于時間相同，所以汽車甲的平均速度比乙的大，故A正確，C錯誤；B、由于乙車做變減速運動，平均速度不等于，故B錯誤；D、因為切線的斜率等于物體的加速度，汽車甲和乙的加速度大小都是逐漸減小，故D錯誤故選：A【點評】本題是為速度時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度時間圖象中圖象

22、與坐標軸圍成的面積的含義6（2015上海模擬）將甲乙兩小球先后以同樣的速度在距地面不同高度處豎直向上拋出，拋出時間間隔2s，它們運動的圖象分別如直線甲乙所示則（）At=2s時，兩球的高度相差一定為40mBt=4s時，兩球相對于各自的拋出點的位移相等C兩球從拋出至落到地面所用的時間間隔相等D甲球從拋出至到達最高點的時間間隔與乙球相等【考點】勻變速直線運動的圖像菁優網版權所有【專題】運動學中的圖像專題【分析】速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”表示質點的位移，但不能反映物體初始的位置由圖直接讀出物體運動的時間【解答】解：A、根據速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”表示質點的位移，知t=2s時，甲球通過

23、的位移為x甲=×（30+10）×2m=40m，乙的位移為零，兩球位移之差等于40m，但兩球初始的高度未知，故t=2s時兩球的高度相差不一定為40m故A錯誤B、t=4s時，甲球相對于拋出點的位移為×30×3×10×1=40m，乙球相對于拋出點的位移為×（30+10）×2m=40m，故兩球相對于各自的拋出點的位移相等故B正確C、兩球從不同的高度以同樣的速度豎直向上拋出，根據豎直上拋運動的規律x=h=v0t，h是拋出點距地面的高度，可知兩球從拋出至落到地面所用的時間間隔t不相等故C錯誤D、由圖知，甲球從拋出至到達最高點的

24、時間間隔與乙球相等，都是3s故D正確故選：BD【點評】本題要結合圖象的意義和豎直上拋運動的規律進行分析，關鍵要掌握速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”表示質點的位移7（2015廉江市校級模擬）物體以12m/s初速度在水平冰面上作勻減速直線運動，它的加速度大小是0.8m/s2，經20s物體發生的位移是（）A80mB90mC100mD110m【考點】勻變速直線運動的速度與位移的關系菁優網版權所有【專題】直線運動規律專題【分析】做物理題不能光直接的進行數學運算，一定要符合實際情況，正確分析物體運動過程，判斷物體在所給的20s時間內是否停止運動，不能盲目的直接代入公式s=v0t+求解，容易導致錯誤【解答

25、】解：物體減速為零的時間為：t=，因15s20s，故經過20s物體早以停止運動所以其位移為：s=故B正確，A、C、D錯誤故選：B【點評】本題存在“剎車陷阱”，對于在摩擦作用下的減速運動，在求給定的時間內的位移時，一定要判斷在給定的時間內物體是否停止運動，不能盲目的利用公式直接求解8（2015江蘇校級模擬）火車的速度為8m/s，關閉發動機后前進70m時速度減為6m/s若再經過50s，火車又前進的距離為（）A50mB90mC120mD160m【考點】勻變速直線運動規律的綜合運用菁優網版權所有【分析】要求再經過50s火車通過的距離，必需知道火車的加速度，而剎車問題必需求出剎車的時間，從而確定火車實際

26、運動的時間，然后根據運動學公式求火車前進的距離【解答】解：設火車的加速度為a，根據可得a=m/s2故從速度為6m/s到停止所需要的時間t=30s故再經過50s火車前進的距離實際為火車前進30s前進的距離s=90m故選B【點評】剎車問題是我們常見的問題，求剎車位移一定要先求出剎車時間從而確定實際剎車時間9（2015江蘇校級模擬）物體A、B的st圖象如圖所示，由圖可知（）A從第3s起，兩物體運動方向相同，且vAvBB兩物體由同一位置開始運動，但物體A比B遲3s才開始運動C在5s內物體的位移相同，5s末A、B相遇D5s內A、B的平均速度相等【考點】勻變速直線運動的圖像菁優網版權所有【專題】運動學中的

27、圖像專題【分析】位移時間的斜率大小等于物體的速度由圖直接讀出物體開始運動的時刻和位置兩圖線的交點表示位移相同，兩物體到達同一位置相遇縱坐標的變化量等于物體通過的位移，讀出位移大小，再比較5s內平均速度大小關系【解答】解：A、由圖看出，兩圖線的斜率都大于零，說明兩物體都沿正方向運動，運動方向相同圖線A的斜率大于圖線B的斜率，說明A的速度大于B的速度，即vAvB故A正確B、物體A從原點出發，而B從正方向上距原點5m處出發，出發的位置不同物體A比B遲3s才開始運動故B錯誤C、5s末兩圖線相交，說明5s末兩物體到達同一位置相遇但兩物體5s內通過的位移不同，A通過的位移為xA=10m0=10m，物體B通

28、過的位移為xB=10m5m=5m故C錯誤D、由上知道，5s內A通過的位移大于B的位移，所以5s內A的平均速度大于B的平均速度故D錯誤故選A【點評】對于位移圖象，關鍵抓住斜率大小等于物體的速度、坐標變化量表示位移來理解其物理意義10（2015淄博）在圖所示的四個圖象中，表示物體做勻加速直線運動的是（）ABCD【考點】勻變速直線運動的圖像菁優網版權所有【分析】根據勻加速直線運動的速度時間關系公式和位移時間關系公式，作出速度與時間關系的圖象和位移與時間關系的圖象即可【解答】解：A、B、勻加速直線運動的位移時間關系公式為：x=v0t+at2，可以知道x與t是二次函數關系，故圖象是曲線，故A錯誤，B也錯

29、誤；C、D、勻加速直線運動的速度時間關系公式為：v=v0+at，式子中v與t是線性關系，故C正確，D錯誤；故選C【點評】本題直接根據速度時間關系公式和位移時間關系公式作出位移和速度與時間的關系圖即可11（2015淄博校級模擬）自由落體運動的vt圖象應是（）ABCD【考點】勻變速直線運動的圖像菁優網版權所有【專題】運動學中的圖像專題【分析】自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動的一個特例，其速度時間關系公式為v=gt，然后得到vt關系圖象【解答】解：自由落體運動是初速度為零、加速度為g的勻加速直線運動，其速度時間關系公式為v=gt=10t，故其vt圖是一條通過原點的直線，故ACD均錯誤，B正確

30、；故選B【點評】本題考查了自由落體運動的vt圖象，可根據速度時間關系公式得到vt圖，基礎題12（2015揚州學業考試）小球從靠近豎直磚墻的某位置由靜止釋放，用頻閃方法拍攝的小球位置如圖中1、2、3和4所示已知連續兩次閃光的時間間隔均為T，每塊磚的厚度為d由此可知小球（）A下落過程中的加速度大小約為B經過位置3時的瞬時速度大小約為2gTC經過位置4時的瞬時速度大小約為D從位置1到4過程中的平均速度大小約為【考點】自由落體運動菁優網版權所有【專題】自由落體運動專題【分析】根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出3點的瞬時速度，結合連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度，結合速度時間公

31、式求出經過位置4的瞬時速度【解答】解：根據x=d=aT2得，下落過程中的加速度a=故A錯誤B、經過位置3的瞬時速度等于2、4段的平均速度，則故B錯誤C、根據速度時間公式得，通過位置4的瞬時速度故C正確D、從位置1到4過程中的平均速度大小故D錯誤故選：C【點評】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的兩個重要推論：1、在某段時間內的平均速度等于中間件時刻的瞬時速度；2、在連續相等時間內的位移之差是一恒量13（2015揚州二模）質量為m的物體在高H處重力勢能為mgH，從靜止開始自由落下當動能等于重力勢能的2倍時，經歷的時間為（）AB2CD【考點】自由落體運動菁優網版權所有【專題】自由落體運動專題【分析】

32、先根據機械能守恒定律求解下降的高度，然后根據自由落體運動的位移公式求解運動時間【解答】解：物體做自由落體運動，機械能守恒，當動能等于重力勢能的2倍時，有：mgH=mgh+其中：解得：故下落的高度為：Hh=根據自由落體運動的位移時間關系公式，有：解得：t=2故選：B【點評】本題關鍵是明確物體的運動規律，同時要結合機械能守恒定律列式求解，不難14（2015北京）一個物體做自由落體運動，重力加速度g取10m/s2該物體（）A第2s末的速度大小為10 m/sB第2s末的速度大小為20 m/sC在前3s內下落的距離為45 mD在前3s內下落的距離為60 m【考點】自由落體運動菁優網版權所有【專題】自由落

33、體運動專題【分析】自由落體運動做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，根據速度時間公式求出2s末的速度，根據位移時間公式求出3s內的位移【解答】解：A、2s末的速度v=gt=10×2m/s=20m/s，故A錯誤，B正確C、在3s內的位移h=，故C正確，D錯誤故選：BC【點評】解決本題的關鍵知道自由落體運動的運動規律，結合運動學公式靈活求解，基礎題15（2015廣州）為經典力學作出最重要貢獻的物理學家是（）A愛因斯坦B麥克斯韋C法拉第D牛頓【考點】物理學史菁優網版權所有【分析】解答本題應抓住：愛因斯坦提出了光子說與相對論；法拉第利用假設思想方法引入了“場”的概念；通過邏輯推理，伽利略

34、認為兩個從同一高度自由落下的物體，重物與輕物下落一樣快；麥克斯韋提出了電磁場理論，并預言了電磁波的存在；牛頓發現了牛頓三個定律以及萬有引力定律，為經典力學作出最重要貢獻【解答】解：A、愛因斯坦提出了光子說與相對論；故A錯誤B、麥克斯韋提出了電磁場理論，并預言了電磁波的存在；故B錯誤C、在研究電磁現象時，法拉第利用假設思想方法引入了“場”的概念 通過邏輯推理故C錯誤D、英國科學家牛頓發現了牛頓三個定律以及萬有引力定律，為經典力學作出最重要貢獻故D正確故選：D【點評】熟練掌握物理常識和物理學史是解決此類題目的關鍵16（2015北京）在前人研究的基礎上，有一位物理學家利用圖所示的扭秤裝置進行研究，提

35、出真空中兩個靜止點電荷之間相互作用的規律，這位物理學家是（）A牛頓B伽利略C庫侖D焦耳【考點】物理學史菁優網版權所有【分析】本題是物理學史問題，根據牛頓、伽利略、庫侖、焦耳等科學家的成就進行答題【解答】解：庫侖發現了電荷間作用力的規律故選：C【點評】本題考查物理學史，是常識性，只要加強記憶，就能得分可結合物理學家的成就、年代等進行記憶17（2015廣州）“研究勻變速直線運動”實驗獲得的一條紙帶如圖所示，已知a、b兩個相鄰計數點時間間隔為0.10s，則從a至b這段時間內物體的平均速度約為（）A0.27m/sB0.37m/sC1.35m/sD1.85m/s【考點】探究小車速度隨時間變化的規律菁優網

36、版權所有【專題】實驗題；直線運動規律專題【分析】根據紙帶得到ab兩點的距離，根據平均速度等于總位移除以總時間即可求解【解答】解：根據紙帶得到ab兩點的位移為：x=2.70cm=0.027m所以平均速度為：故選：A【點評】本題主要考查了平均速度公式的直接應用，知道平均速度等于總位移除以總時間，難度不大，屬于基礎題18（2015廣東）如圖所示為“研究物體做勻變速直線運動”實驗中獲得的一條紙帶，a、b、c、d為計數點，相鄰計數點時間間隔為0.1s其中b點反映的瞬時速度為（）A0.520m/sB6.47m/sC3.92m/sD5.20m/s【考點】測定勻變速直線運動的加速度菁優網版權所有【專題】實驗題

37、【分析】根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上b點時小車的瞬時速度大小【解答】解：相鄰計數點時間間隔為0.1s根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上b點時小車的瞬時速度大小vb=0.520m/s故選：A【點評】要提高應用勻變速直線的規律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用19（2015興平市校級一模）物體沿一直線運動，在t時間內通過的位移為x，它在中間位置x處的速度為v1，在中間時刻t時的速度為v2，則下列關于v1和v2的關系錯誤的是（）A當物體做勻加速直線運動時，v1v2B當物體做勻減速直線

38、運動時，v1v2C當物體做勻速直線運動時，v1=v2D當物體做勻減速直線運動時，v1v2【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系菁優網版權所有【專題】直線運動規律專題【分析】本題可由圖象得出位移中點及時間中間的速度大小，即可比較出兩速度的大小【解答】解：如圖作出vt圖象，由圖可知中間時刻的速度v2，因圖象與時間圖圍成的面積表示物體通過的位移，故由圖可知時刻物體的位移小于總位移的一半，故中間位置應在中間時刻的右側，故此時對應的速度一定大于v2；故A、B正確，D錯誤；當物體做勻速直線運動時，速度始終不變，故v1=v2故C正確本題選不正確的，故選D【點評】vt圖象中圖象與時間軸圍成的面積表示物體通過

39、的位移，故由圖象可知中間時刻和中間位移20（2015都勻市校級一模）將甲乙兩小球先后以同樣的速度在距地面不同高度處豎直向上拋出，拋出時間相隔2s，它們運動的vt圖象分別如直線甲、乙所示則（）At=2s時，兩球高度相差一定為40mBt=4s時，兩球相對于各自拋出點的位移相等C兩球從拋出至落到地面所用的時間間隔相等D甲球從拋出至達到最高點的時間間隔與乙球的相等【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系菁優網版權所有【專題】直線運動規律專題【分析】速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”表示質點的位移，但不能反映物體初始的位置由圖直接讀出物體運動的時間【解答】解：A、根據速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”表

40、示質點的位移，知t=2s時，甲球通過的位移為x甲=×（30+10）×2m=40m，乙的位移為零，兩球位移之差等于40m，但兩球初始的高度未知，故t=2s時兩球的高度相差不一定為40m故A錯誤B、t=4s時，甲球相對于拋出點的位移為×30×3×10×1=40m，乙球相對于拋出點的位移為×（30+10）×2m=40m，故兩球相對于各自的拋出點的位移相等故B正確C、兩球從不同的高度以同樣的速度豎直向上拋出，根據豎直上拋運動的規律x=h=v0tgt2，h是拋出點距地面的高度，可知兩球從拋出至落到地面所用的時間間隔t不相等故

41、C錯誤D、由圖知，甲球從拋出至到達最高點的時間間隔與乙球相等，都是3s故D正確故選BD【點評】本題要結合圖象的意義和豎直上拋運動的規律進行分析，關鍵要掌握速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”表示質點的位移21（2014秋江西月考）一輛汽車在平直的公路上從靜止開始運動，先后經歷勻加速、勻速、勻減速直線運動，最后停止從汽車啟動開始計時，下表記錄了汽車某些時刻的瞬時速度，根據數據可判斷出汽車運動的vt圖象是（）時刻/s1.02.03.05.07.09.510.5速度/（MS）3.06.09.012129.03.0ABCD【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系菁優網版權所有【專題】運動學中的圖像專題【

42、分析】根據表格的數據可由a=求出勻加速運動和勻減速運動的加速度，讀出勻速運動的速度，求出勻加速運動和勻減速運動的時間，得到勻速運動的時間，即可選擇圖象【解答】解：勻加速運動過程中，加速度為a1=m/s2=3m/s2，勻加速運動的末速度等于勻速運動的速度，由表格讀出末速度大小為v=12m/s，則此過程經歷時間為t1=；勻減速運動過程中，加速度為a2=m/s2=6m/s2，勻減速運動的初速度等于勻速運動的速度，初速度大小為v=12m/s，則此過程經歷時間為t2=s=2s；故C正確故選C【點評】本題一要有讀圖能力，二要掌握加速度的公式a=，三要抓住每個過程之間速度關系22（2015分宜縣校級三模）在

43、一大霧天，一輛小汽車以30m/s的速度勻速行駛在高速公路上，突然發現正前方30m處有一輛大卡車以10m/s的速度同方向勻速行駛，小汽車緊急剎車，剎車過程中剎車失靈如圖所示，圖線a、b分別為小汽車和大卡車的vt圖象（忽略剎車反應時間），以下說法正確的是（）A因剎車失靈前小汽車已減速，故不會發生追尾事故B在t=3 s時發生追尾事故C在t=5 s時發生追尾事故D若緊急剎車時兩車相距40米，則不會發生追尾事故且兩車最近時相距10米【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系菁優網版權所有【專題】直線運動規律專題【分析】當兩車通過的位移之差等于30m時，兩車會發生追尾根據速度時間圖象所時間軸所圍“面積”大小

44、等于位移，進行分析【解答】解：ABC、根據速度時間圖象所時間軸所圍“面積”大小等于位移，由圖知，t=3s時，b車的位移為：sb=vbt=10×3m=30ma車的位移為sa=60m，則sasb=30m，所以在t=3s時追尾故B正確，A、C錯誤D、若緊急剎車時兩車相距40米，速度相等時，a車的=85m，b車位移s2=50m，因為s2+40s1，則不會發生追尾事故，最近距離s=40+5085m=5m故D錯誤故選：B【點評】解答本題關鍵要抓住速度圖象的面積表示進行求解，知道圖線的物理意義，屬于基本題23（2015永州校級一模）一輛汽車做勻加速直線運動，經過路旁兩棵相距50m的樹共用時間5s，

45、它經過第二棵樹時的速度是15m/s，則它經過第一棵樹時的速度是（）A2m/sB10m/sC5m/sD2.5m/s【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系菁優網版權所有【專題】直線運動規律專題【分析】根據位移和時間，結合勻變速直線運動的平均速度推論求出汽車經過第一顆樹時的速度【解答】解：汽車的平均速度為：，因為，則汽車經過第一顆樹時的速度為：故C正確，A、B、D錯誤故選：C【點評】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷24（2015溫州校級二模）從地面上以初速度v0豎直上拋一質量為m的小球，若運動過程中受到的空氣阻力與其速率成正比，球運

46、動的速率隨時間變化的規律如圖所示，t1時刻到達最高點，再落回地面，落地速率為v1，且落地前小球已經做勻速運動，則下列說法中錯誤的是（）A小球加速度在上升過程中逐漸減小，在下降過程中也逐漸減小B小球拋出瞬間的加速度大小為（1+）gC小球被拋出時的加速度值最大，到達最高點的加速度值最小D小球上升過程的平均速度小于【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系；平均速度菁優網版權所有【專題】直線運動規律專題【分析】A、由小球受到的空氣阻力與速率成正比，由此加上重力，可以判定上升和下降階段的加速度變化B、由圖可知，速度為v1時球勻速，說明重力等于阻力，故可以得到比例系數，進而判定拋出時加速度C、由圖中的速度

47、可以判定何時阻力最大，進而判定最大加速度，加速度最小是零，而小球有勻速階段，故加速度最小值應該出現在勻速階段D、由面積表示位移來分析它與勻減速運動平均速度的關系，可判定D【解答】解：A、由小球受到的空氣阻力與速率成正比，由可知在上升過程中空氣阻力減小，又重力向下，故上升階段合力減小，故加速度減小下降過程中速率增大，空氣阻力增大，方向向上，而重力向下，故合力逐漸減小，加速度逐漸減小，故A正確B、由圖可知，速度為v1時球勻速，說明重力等于阻力，故有：kv1=mg，得：，故拋出瞬間的空氣阻力為：f0=kv0=，故拋出瞬間的加速度為：，故B正確C、小球拋出時重力向下，阻力向下，此時速率最大故阻力最大，

48、可知合力在拋出時最大，可知此時加速度最大，而加速度最小值為零，出現在勻速運動至落地前，故C錯誤D、上升過程若是勻減速直線運動，其平均速度為，而從圖中可以看出其面積小于勻減速直線運動的面積，即圖中的位移小于做勻減速的位移，而平均速度等于位移比時間，故其平均速度小于勻減速的平均速度，即小于，故D正確本題選錯誤的，故選C【點評】本題關鍵是受力分析，只有分析好小球的受力，才能解答好前三項，至于最后一個是利用的面積表示位移，而平均速度等于位移比時間25（2015浙江一模）下列物理公式屬于定義式的是（）Aa=Ba=Cf=FNDx=v0t+at2【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系菁優網版權所有【專題】

49、直線運動規律專題【分析】定義式是利用兩個物理量來定義一個物理量的公式；對于任何一個定義式，都不存在正比與反比的關系，它只表示量度該物理量的一種方法【解答】解：A、加速度是速度的變化量v與發生這一變化所用時間t的比值，因此a=是加速度的定義式，故A正確；B、物體的加速度大小由其受到的合外力與質量決定，因此a=是加速度的決定式，故B錯誤；C、F=FN是滑動摩擦力的計算式，不是定義式，故C錯誤；D、x=v0t+at2是勻變速直線運動位移的計算式，不是位移的定義式，故D錯誤故選：A【點評】本題考查對定義法的理解；解決本題的關鍵知道定義式是量度物理量的一種方法，不存在正比與反比的關系26（2015廣東模

50、擬）高速列車從靜止開始做勻加速直線運動，20s末的速度是30m/s，列車加速度的大小是（）A1.5m/s2B2m/s2C3m/s2D6m/s2【考點】勻變速直線運動的速度與時間的關系菁優網版權所有【專題】學科綜合題；方程法；直線運動規律專題【分析】高速列車從靜止開始做勻加速直線運動，利用vt=v0+at求解，注意該公式只能適用于勻變速直線運動，即勻加速直線運動和勻減速直線運動【解答】解：高速列車從靜止開始做勻加速直線運動，由公式vt=v0+at得，故選：A【點評】本題考查勻變速直線運動公式vt=v0+at的應用，解決本題關鍵是掌握該公式的適用條件：勻變速直線運動27（2015甘肅一模）測速儀安

51、裝有超聲波發射和接收裝置，如圖所示，B為測速儀，A為汽車，兩者相距335m，某時刻B發出超聲波，同時A由靜止開始作勻加速直線運動當B接收到反射回來的超聲波信號時，AB相距355m，已知聲速為340m/s，則汽車的加速度大小為（）A20m/s2B10m/s2C5m/s2D無法確定【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關系菁優網版權所有【專題】直線運動規律專題【分析】在超聲波來回運動的時間里，汽車運行的位移為20m根據勻變速運動的位移時間公式可求出汽車在超聲波單程運行時間里的位移，結合超聲波的速度，即可知道超聲波單程運行的時間，從而知道汽車運行的時間，根據，求出汽車的加速度大小【解答】解：設汽車的加速度為a，運動的時間為t，有，超聲波來回的時間為t，則單程的時間為，因為初速度為零的勻加速直線運動，在相等時間內的位移之比為1：3，在t時間內的位移為20m，則時