1、四川省棠湖中學2017-2018學年高二下學期期末考試理綜-物理試題1. 下列說法中正確的是a. 聲源向靜止的觀察者運動，觀察者接收到的頻率小于聲源的頻率b. 麥克斯韋預言了電磁波的存在；楞次用實驗證實了電磁波的存在c. 由電磁振蕩產生電磁波，當波源的振蕩停止時，空間中的電磁波立即消失d. 宇宙飛船以接近光速的速度經過地球時，地球上的人觀察到飛船上的時鐘變慢【答案】d【解析】a、聲源向靜止的觀察者運動時，產生多普勒效應，則觀察者接收到的頻率大于聲源的頻率，故a錯誤。b、麥克斯韋預言了電磁波的存在，赫茲用實驗證實了電磁波的存在，故b錯誤。c、電磁波由電磁振蕩產生，但它是一種能量形式，若波源的電磁

2、振蕩停止，空中的電磁波不會立即消失，故c錯誤。d、根據鐘慢效應，宇宙飛船高速經過地球附近時，地球上的人觀察飛船是在做高速運動，所以飛船上的時鐘變慢了；故d正確。故選d。【點睛】本題考查光學、相對論以及電磁波的基本性質，要注意明確各對應規律的掌握，牢記對應的規律即可2. 如圖所示，一束復色光由空氣射向玻璃，發生折射而分為a、b兩束單色光。則a. 玻璃對a、b光的折射率滿足na>nbb. a、b光在玻璃中的傳播速度滿足va>vbc. 逐漸增大入射角，a光將先消失d. 分別通過同一雙縫干涉實驗裝置時，相鄰亮條紋間距離a光大于b光【答案】a【解析】a、由圖可知a光偏折程度大，則玻璃對a光的

3、折射率大，a光的頻率較大，故a正確。b、a光的折射率大，則根據光速公式，知b光在該玻璃中的傳播速度比a大，故b錯誤。c、由分析知，a光的臨界角比b光的小，則讓該復色光從玻璃射向空氣，逐漸增大入射角，a光的入射角先達到臨界角，則a光先發生全反射，折射光線消失，但產生反射光線，故c錯誤。d、a光的頻率大，波長短，根據雙縫干涉條紋的間距與波長成正比，可知a光形成的干涉條紋間距比b光的小，故d錯誤。故選a。【點睛】解決本題的關鍵在于根據光的偏折程度分析折射率的大小，掌握光的頻率、波長、傳播速度與折射率、臨界角的關系，并能熟練運用.3. 如圖所示，為一質點做簡諧運動的振動圖像，則 a. 該質點的振動周期

4、為0.5sb. 在00.1s內質點的速度不斷減小c. t=0.2 s時，質點有正方向的最大加速度d. 在0.1s0.2s內，該質點運動的路程為10cm【答案】c【解析】a、由圖可讀得質點振動的周期為0.4s；故a錯誤。b、0至0.1s內質點在向正向最大位移向平衡位置運動；故其加速度在減小，速度在增大，故b錯誤。c、0.2s時負向的位移最大，加速度最大，方向指向平衡位置，即沿正向有最大加速度，故c正確。d、在0.1s0.2s內質點通過的路程為5×1=5cm；故d錯誤。故選abd。【點睛】本題考查簡諧運動的圖象分析問題，要由圖象明確質點的振動情況、周期，并能明確回復力及加速度和速度的變化

5、情況4. 如圖所示，質量為3kg的物塊放在小車上，小車上表面水平，物塊與小車之間夾有一個水平彈簧，彈簧處于壓縮的狀態，且彈簧的彈力為3n，整個裝置處于靜止狀態，現給小車施加一水平向左的恒力f，使其以2m/s2的加速度向左做勻加速直線運動，則a. 物塊一定會相對小車向右運動b. 物塊受到的摩擦力一定減小c. 物塊受到的摩擦力大小一定不變d. 物塊受到的彈簧彈力一定增大【答案】c【解析】【詳解】整個裝置處于靜止狀態時彈簧彈力t=3n，根據平衡條件可得此時的摩擦力f=3n，方向向右，所以最大靜摩擦力大于等于3n；當小車以2m/s2的加速度向左做勻加速直線運動，物塊受到的合外力f合=ma=6n，方向向

6、左，假設此時二者沒有相對運動，則彈力仍為3n，摩擦力大小為3n，方向向左，由于摩擦力仍小于等于最大靜摩擦力，所以二者保持相對靜止，且物塊受到的摩擦力大小不變，方向改變，故c正確，a、b、d錯誤。故選c。【點睛】本題考查應用牛頓第二定律分析物體受力情況的能力。要注意靜摩擦力大小和方向會隨物體狀態而變化介于0至最大靜摩擦力之間。5. 如圖所示，光滑水平面與光滑半球面相連，o點為球心，一輕繩跨過光滑小滑輪連接物塊a、b，a、b質量相等可視為質點，開始時a、b靜止，輕繩水平伸直，b與o點等高，釋放后，當b和球心o連線與豎直方向夾角為30°時，b下滑速度為v，此時a仍在水平面上，重力加速度為g

7、，則球面半徑為a. b. c. d. 【答案】b【解析】【詳解】滑塊a和滑塊b構成的繩連接體，系統只有重力做功系統機械能守恒，故：；將b的速度沿著平行繩子和垂直繩子方向正交分解，如圖所示：滑塊a和b沿著同一根繩子的分速度相等，故：va=vbcos30°，其中：vb=v，聯立解得：，故選b。【點睛】本題關鍵時明確系統機械能守恒，單個物體的機械能不守恒，同時要兩個兩個物體沿著繩子的分速度時相等的。6. 目前無線電力傳輸已經比較成熟，如圖所示為一種非接觸式電源供應系統 。這種系統基于電磁感應原理可無線傳輸電力，兩個感應線圈可以放置在左右相鄰或上下相對的位置，原理示意圖如圖所示。利用這一原理

8、，可以實現對手機進行無線充電。下列說法正確的是 a. 若a線圈中輸入電流，b線圈中就會產生感應電動勢b. 只有a線圈中輸入變化的電流，b線圈中才會產生感應電動勢c. a中電流越大，b中感應電動勢越大d. a中電流變化越快，b中感應電動勢越大【答案】bd【解析】根據感應電流產生的條件，若a線圈中輸入恒定的電流，則a產生恒定的磁場，b中的磁通量不發生變化，則b線圈中就會不產生感應電動勢，故a錯誤；若a線圈中輸入變化的電流，根據法拉第電磁感應定律：e=可得，則b線圈中就會產生感應電動勢，故b正確；根據法拉第電磁感應定律：e=可得，a線圈中電流變化越快，a線圈中電流產生的磁場變化越快，b線圈中感應電動

9、勢越大。故c錯誤；d正確。故選bd。7. 圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2 v。一電子經過a時的動能為10 ev，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6 ev。下列說法正確的是a. 平面c上的電勢為零b. 該電子可能到達不了平面fc. 該電子經過平面d時，其電勢能為4 evd. 該電子經過平面b時的速率是經過d時的2倍【答案】ab【解析】a、虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，一電子經過a時的動能為10ev，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6ev，動能減小了6ev，電勢能增加了6ev，因此等勢面間的電勢差為2v，因平

10、面b上的電勢為2v，由于電子的電勢能增加，等勢面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢為零，故a正確。b、由上分析可知，當電子由a向f方向運動，則電子到達平面f的動能為2ev，由于題目中沒有說明電子如何運動，因此也可能電子在勻強電場中做拋體運動，則可能不會到達平面f，故b正確。c、在平面b上電勢為2v，則電子的電勢能為-2ev，動能為8ev，電勢能與動能之和為6ev，當電子經過平面d時，動能為4ev，其電勢能為2ev，故c錯誤。d、電子經過平面b時的動能是平面d的動能2倍，電子經過平面b時的速率是經過d時的倍，故d錯誤。故選ab。【點睛】考查電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電勢能與動能之和不變

11、，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關鍵。8. 如圖所示，在水平面上放置一傾角為的光滑斜面，斜面上用勁度系數為k的輕彈簧連接一質量為m的小木塊，輕彈簧連在斜面頂端，開始系統處于平衡狀態。現使斜面從靜止開始緩慢向左加速，加速度從零開始緩慢增大到某一值，然后保持此值恒定，木塊最終穩定在某一位置(彈簧處在彈性限度內)。斜面從靜止開始向左加速到加速度達到最大值的過程中，下列說法正確的是 a. 木塊的重力勢能一直減小 b. 木塊的機械能一直增加c. 木塊的加速度大小可能為 d. 彈簧的彈性勢能一直增加【答案】bcd【解析】由于彈簧的彈力和斜面的支持力的合力對木塊始終做正功，木塊的機械能一定增加，b正確。

12、設彈簧的原長為，對木塊受力分析，開始木塊靜止在斜面上，則有，開始時彈簧長度；向左加速后，在木塊離開斜面前，根據牛頓第二定律，；當時，加速度，c正確。加速度增大過程，彈簧長度，可見，隨著加速度增大，彈簧變長，重力勢能一直減小；當木塊恰好要離開斜面時，彈簧長度；當木塊離開斜面穩定時，設彈簧與水平方向的夾角為，有，隨著a增大，減小，彈簧長度，所以，d正確。因為，由于不知末狀態木塊是否離開斜面，木塊的重力勢能可能一直減小，也可能先減小后增大，a錯誤，故選bcd.9. 為了演示在通電瞬間和斷電瞬間的自感現象利用電流傳感器設計了如圖所示的電路電源內阻不可忽略，線圈的自感系數較大，其直流電阻小于電阻r的阻值

13、在t0時刻，閉合開關s，穿過線圈l的磁通量逐漸_（選填“增加”或“減少”），電路穩定后，在t1時刻斷開s通過電阻r的電流方向為_（選填“ab”或“ba”）電流傳感器連接計算機分別描繪了整個過程線圈中的電流il和電阻中的電流ik隨時間t變化的圖象下列圖象中正確的是_.a.b.c.d.【答案】 (1). 增加 (2). ab (3). bd【解析】電鍵閉合式，電路中電流突然增大，磁場增強，所以穿過l的磁通量增加。電路穩定后，在t1時刻斷開s，因為線圈的電阻小于電阻r的阻值，所以流過線圈的電流大于流過電阻r的電流。當s斷開時電感阻礙自身電流變化，產生的感應電流仍沿著原來方向，所以線圈和電阻r組成閉合

14、回路，所以流過r的電流為從右向左，即從。電鍵閉合時，電感阻礙電流變化，l為一個自感系數很大、直流電阻小于電阻r的阻值的線圈，所以電感的阻礙慢慢減小，即流過電感的電流增大，所以il慢慢增大，最后穩定時電感相當于電阻，il為恒定，當電鍵斷開后，電感阻礙自身電流變化，產生的感應電流仍沿著原來方向，不過大小在減小，故a錯誤，b正確。當電鍵閉合時，電感阻礙電流變化，l為一個自感系數很大、有直流電阻的線圈，導致通過電阻的電流剛開始較大，然后減小，所以 ir慢慢較小，最后穩定，當斷開電鍵，原來通過r的電流立即消失當電鍵斷開后，電感阻礙自身電流變化，產生的感應電流流過電阻，其方向與規定圖示流過電阻的方向相反，

15、ir慢慢減小最后為0故c錯誤，d正確。故選：bd。【點睛】電感對電流的變化起阻礙作用，閉合電鍵時，電感阻礙電流il增大，斷開電鍵，r、l構成一回路，電感阻礙電流il減小10. （1）在探究“愣次定律"的實驗中，除需要已知繞向的螺線管、條形磁鐵外，還要用到一個電表請從下列電表中選擇_a量程為03v的電壓表 b量程為03a的電流表c量程為00.6a的電流表 d零刻度在中間的靈敏電流表（2）某同學按下列少驟進行實驗：將已知繞向的螺線管與電表連接；設計表格記錄將磁鐵n、s極插入和抽出過程中引起感應電流的磁場方向、磁通量的變化、感應電流的方向、感應電流的磁場方向；分析實驗結果得出結論上述實驗中

16、，漏掉的實驗步驟是要査明_的關系（3）在上述實驗中，當磁鐵插入螺線管的速度越快指針偏角_（選填“不變”、“變大”或“變小”）（4）如圖，甲為某實驗小組利用微電流傳感器做驗證楞次定律實驗時，在計算機屏幕上得到的波形橫坐標為時間t，縱坐標為電流i，報據圖線分折知道：將條形磁鐵的n極插入圓形閉合線圈時得到圖甲內所示圖線現用該磁鐵，如圖乙所示，從很遠處按原方向沿一圓形線圈的軸線勻速運動，并穿過線圈向遠處而去，圖丙中較正確地反映線圈中電流i與時間t關系的是 _。【答案】 (1). d (2). 電流流入電表方向與電表指針偏轉方向 (3). 變大 (4). b【解析】（1）由于電流方向會發生變化，所以應該

17、用零刻度在中間的靈敏電流表，故選d（2）因為本實驗時探究“楞次定律”的實驗，所以要查明電流流入電表方向與電表指針偏轉方向的關系，從而來確定感應電流方向與原磁通量變化之間的關系。（3）根據圖線分析知道:將條形磁鐵的n極插入圓形閉合線圈時得到圖甲內所示圖線，則表明穿過線圈n極的磁通量增加時，應該形成圖的形狀，當磁鐵s極從很遠處按原方向沿一圓形線圈的軸線勻速運動,并穿過線圈向遠處而去，則穿過線圈平面的s極的磁通量先增大后減小，且磁場方向與題中所給的方向恰好相反，所以圖像應該是b，故選b本題答案是：(1). d (2). 查明電流流入電表方向與電表指針偏轉方向的關系 (3). b11. 某靜止在水平地

18、面上的炮車水平發射一枚質量為10kg的炮彈，已知炮彈飛出炮口時，相對于地面的速度為900m/s，該炮車質量（不包括炮彈）為3000kg。求：（1）炮彈飛出炮口時，炮車后退的速度多大；（2）若炮車后退的距離為1.5m，則炮車后退中受到的阻力與其自身重力的比值為多大（重力加速度取10m/s2【答案】(1) v=3m/s (2)0.3【解析】(1)設炮彈的速度v0、炮車后退的速度大小為v，彈和車的質量分別為m、m，由于內力遠大于外力，由動量守恒得：mvmv0=0解得：v=3m/s(2)設炮車后退中受到的阻力為f、位移為x，由動能定理有：解得：f=9000n阻力與其重力的比值：【點睛】本題主要考查了動

19、量守恒定律的直接應用動能定理的應用，掌握速度的分解和某一方向系統動量守恒.12. 如圖所示，傾角30°的足夠長光滑斜面底端a固定有擋板p，斜面上b 點與a點的高度差為h將質量為m的長木板置于斜面底端，質量也為m的小物塊靜止在木板上某處，整個系統處于靜止狀態。已知木板與物塊間的動摩擦因數，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g（1）若對木板施加一沿斜面向上的拉力f0，物塊相對木板剛好靜止，求拉力f0的大小；（2）若對木板施加沿斜面向上的拉力f2mg，作用一段時間后撤去拉力，木板下端恰好能到達b點，物塊始終未脫離木板，求拉力f做的功w【答案】（1） （2）【解析】（1）木板與物塊整

20、體：f02mgsin2ma0對物塊，有：mgcosmgsinma0解得：f0mg（2）設經拉力f的最短時間為t1，再經時間t2物塊與木板達到共速，再經時間t3木板下端到達b點，速度恰好減為零對木板，有：fmgsinmgcosma1mgsin+mgcosma3對物塊，有：mgcosmgsinma2對木板與物塊整體，有2mgsin2ma4另有： 解得wmgh點睛：本題考查牛頓第二定律及機械能守恒定律及運動學公式，要注意正確分析物理過程，對所選研究對象做好受力分析，明確物理規律的正確應用即可正確求解；注意關聯物理過程中的位移關系及速度關系等13. 如圖所示，一定量的理想氣體從狀態a變化到狀態b，其過

21、程如p-v圖中從a到b的直線段所示。在此過程中_。a氣體溫度一直降低b氣體內能一直增加c外界一直對氣體做正功d氣體一直從外界吸熱e外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量【答案】ace【解析】【詳解】a、由理想氣體狀態方程，可知p-v圖的兩坐標圍成的矩形面積表示溫度，有題圖可得面積一直減小，則從a到b溫度降低，a正確。b、一定量的理想氣體的內能只跟溫度有關，溫度一直降低，氣體的內能一直減小，故b錯誤。c、由圖讀出氣體的體積減小，則外界一直對氣體做功，c正確。d、氣體的內能一直減小，并且外界對氣體做功，根據熱力學第一定律u=w+q可知氣體向外界放熱，d錯誤。e、因 ，因最終內能減少可得，即外界對

22、氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量，e正確。故選ace。【點睛】該題結合圖象考查氣態方程和熱力學第一定律u=w+q結合的分析，能夠運用控制變量法研究多個物理量變化時的關系。要注意熱力學第一定律u=w+q中，u、w、q取正負號的含義。14. 一豎直放置，缸壁光滑且導熱的柱形氣缸內盛有一定量的氮氣，被活塞分隔成、兩部分；達到平衡時，這兩部分氣體的體積相等，上部分氣體的壓強為p0，如圖(a)所示，若將氣缸緩慢倒置，再次達到平衡時，上下兩部分氣體的體積之比為31，如圖(b)所示。設外界溫度不變，已知活塞面積為s，重力加速度大小為g，求活塞的質量。【答案】【解析】設活塞的質量為m，氣缸倒置前下部氣體的壓

23、強為，倒置后上下氣體的壓強分別為、,由力的平衡條件有，倒置過程中,兩部分氣體均經歷等溫過程,設氣體的總體積為v0,由玻意耳定律得，解得視頻15. 聲波在空氣中的傳播速度為340 m/s，在鋼鐵中的傳播速度為4 900 m/s。一平直橋由鋼鐵制成，某同學用錘子敲擊一下橋的一端發出聲音，分別經空氣和橋傳到另一端的時間之差為1.00 s。橋的長度為_m，若該波在空氣中的波長為，則它在鋼鐵中波長為的_倍。【答案】 (1). 365 (2). 【解析】試題分析：可以假設橋的長度，分別算出運動時間，結合題中的1s求橋長，在不同介質中傳播時波的頻率不會變化。（1）設橋的長度為s則聲音在鋼鐵中傳播的時間 聲音在空氣中的傳播時間為 根據題意 解得： （2）聲音在不同介質中的頻率是不會改變的，由公式可知 解得 故本題答案是(1). 365 (2). 點睛：本題考查了波的傳播的問題，知道不同介質中波的傳播速度不同，