2025屆四川省綠然國際學校高一物理第二學期期末綜合測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、下列說法中正確的是（）A．質點做曲線運動時受的合力一定是變力B．質點做曲線運動時所受的合力方向與加速度方向不在同一條直線上C．曲線運動是變速運動，加速度也一定是變化的D．勻速直線運動與勻變速直線運動的合運動可以是直線運動2、(本題9分)如圖所示為通過彈射器研究彈性勢能的實驗裝置．光滑圓形軌道豎直固定于光滑水平面上，半徑為R．彈射櫸固定于A處．某實驗過程中彈射器射出一質量為m的小球，恰能沿圓軌道內側到達最髙點C，然后從軌道D處（D與圓心等高）下落至水平面．取重力加速度為g下列說法正確的是（）A．小球從D處下落至水平面的時間為B．小球至最低點B時對軌道壓力為5mgC．小球落至水平面時的動能為2mgRD．釋放小球前彈射器的彈性勢能為3、(本題9分)如圖所示，實線為電場線，虛線AB為帶電質點僅在電場力作用下的運動軌跡，則運動過程中下列判斷正確的是A．帶電質點可能帶負電B．帶電質點一定由A運動至BC．帶電質點在A點動能大于在B點動能D．帶電質點在A點電勢能大于在B點電勢能4、(本題9分)如圖所示，輕繩的上端系于天花板上的O點，下端系有一只小球.將小球拉離平衡位置一個角度后無初速釋放.當繩擺到豎直位置時，與釘在O點正下方P的釘子相碰.在繩與釘子相碰瞬間，以下哪些物理量的大小沒有發生變化（不計繩子與釘子碰撞時能量損失）A．小球的線速度大小B．小球的角速度大小C．小球的向心加速度大小D．小球所受拉力的大小5、如圖，光滑的水平面上固定著一個半徑在逐漸減小的螺旋形光滑水平軌道．一個小球以一定速度沿軌道切線方向進入軌道，下列物理量中數值將不變的是（）A．周期B．線速度C．角速度D．向心加速度6、(本題9分)物體在兩個相互垂直的力作用下運動，力F1對物體做功6J，物體克服力F2做功8J，則F1、F2的合力對物體做功為（）A．14J B．10J C．2J D．－2J7、(本題9分)如圖所示有三個斜面1、2、3，斜面1與2底邊相同，斜面2和3高度相同，同一物體與三個斜面的動摩擦因數相同，當他們分別沿三個斜面從頂端由靜止下滑到底端時，下列說法正確的是（

）A．三種情況下物體損失的機械能:△E3＞△E2＞△E1B．三種情況下摩擦產生的熱量:Q1＝Q2＜Q3C．到達底端的速度:v1＞v2＞v3D．到達底端的動能：EK1＞EK3＞EK28、(本題9分)關于平拋運動，下列說法中正確的是A．是加速度不變的勻變速曲線運動B．是水平方向的勻速直線運動和豎直方向的勻加速直線運動的合運動C．是水平方向的勻速直線運動和豎直方向的勻速直線運動的合運動D．是速度大小不變的曲線運動9、(本題9分)如圖所示，實線表示電場線，虛線表示帶電粒子在電場中運動的軌跡．若帶電粒子僅受電場力作用，運動方向由M到N，以下說法正確的是A．粒子帶負電B．粒子帶正電C．粒子的電勢能增加D．粒子的電勢能減少10、(本題9分)關于機械能，下列說法中正確的是（）A．物體做斜拋運動的過程中機械能守恒B．物體沿斜面勻速下滑的過程中機械能守恒C．物體以5m/s2的加速度加速下降的過程中，機械能減D．物體以5m/s2的加速度加速下降的過程中，機械能增大11、(本題9分)輕質彈簧豎直放在地面上，物塊P的質量為m，與彈簧連在一起保持靜止。現用豎直向上的恒力F使P向上加速運動～小段距離L時，速度為v，下列說法中正確的是A．合外力做的功是12B．重力做的功是mgLC．合外力做的功是FL-mgLD．彈簧彈力做的功是mgL-FL+112、(本題9分)甲、乙兩個做勻速圓周運動的質點，它們的加速度之比為2:1，線速度之比為2:3，那么下列說法中正確的是（）A．它們的半徑之比為2:9 B．它們的半徑之比為1:2C．它們的周期之比為2:3 D．它們的周期之比為1:3二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)某同學用如圖甲所示的裝置，利用重物自由下落來驗證機械能守恒定律。（1）該實驗中，下列做法正確的是_______。A．重物選用質量和密度較大的金屬錘B．應先釋放重物后接通電源C．兩限位孔在同一豎直面內上下正對D．可以由公式v=gt求打某點時紙帶的速度（2）實驗中得到的一條點跡清晰的紙帶如圖乙所示，若把第一個點記做O，另選連續的三個點A、B、C作為測量點，測得A、B、C到O的距離分別為71.18cm、78.76cm、86.76cm。所用重物的質量為1.00kg。打點計時器所用交流電的頻率為50Hz。g取10m/s2。①.乙圖中，紙帶的______（填“左”或“右”）端與重物相連；②.根據以上數據，可知重物由O點運動到B點，重力勢能的減少量為______J，動能的增加量為______J。（計算結果保留三位有效數字）14、(本題9分)為了“探究動能改變與合外力做功”的關系，某同學設計了如下實驗方案：A．第一步他把帶有定滑輪的木板有滑輪的一端墊起，把質量為M的滑塊通過細繩與質量為m的帶夾重錘相連，然后跨過定滑輪，重錘夾后連一紙帶，穿過打點計時器，調整木板傾角，直到輕推滑塊后，滑塊沿木板勻速運動，如圖甲所示．B．第二步保持木板的傾角不變，將打點計時器安裝在木板靠近滑輪處，取下細繩和重錘，將滑塊與紙帶相連，使其穿過打點計時器，然后接通電源釋放滑塊，使之從靜止開始加速運動，打出紙帶，如圖乙所示．打出的紙帶如圖丙所示：試回答下列問題：（1）已知O、A、B、C、D、E、F相鄰計數點的時間間隔為Δt，根據紙帶求滑塊速度，當打點計時器打A點時滑塊速度=_______，打點計時器打B點時滑塊速度=____________．（2）已知重錘質量m，當地的重力加速度g，要測出某一過程合外力對滑塊做的功，還必須測出這一過程滑塊________________（寫出物理量名稱及符號），合外力對滑塊做功的表達式=____________．（3）測出滑塊運動OA段、OB段、OC段、OD段、OE段合外力對滑塊所做的功以及．以v2為縱軸，以W為橫軸建立坐標系，描點作出v2–W圖象，可知它是一條過坐標原點的傾斜直線，若直線斜率為k，則滑塊質量M=____________．15、(本題9分)用如圖所示的電路，測定一節干電池的電動勢和內阻.電池的內阻較小，為了防止在調節滑動變阻器時造成短路，電路中用一個定值電阻R0起保護作用.除電池、開關和導線外，可供使用的實驗器材還有：（a）電流表（量程0.6A、3A）；（b）電壓表（量程3V、15V）（c）定值電阻（阻值1、額定功率5W）（d）定值電阻（阻值10，額定功率10W）（e）滑動變阻器（陰值范圍0-10、額定電流2A）（f）滑動變阻器（阻值范圍0-100、額定電流1A）那么：(1)要正確完成實驗，電壓表的量程應選擇____V，電流表的量程應選擇____A；R0應選擇______的定值電阻，R應選擇阻值范圍是_______的滑動變阻器.(2)引起該實驗系統誤差的主要原因是__________.三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)過山車是游樂場中常見的設施。下圖是一種過山車的簡易模型，它由水平軌道和在豎直平面內的三個圓形軌道組成，B、C、D分別是三個圓形軌道的最低點，半徑R1=2.0m、R2=1.4m。一個質量為m=1.0kg的小球（視為質點），從軌道的左側A點以v0=12.0m/s的初速度沿軌道向右運動，A(1)小球在經過第一個圓形軌道的最高點時，軌道對小球作用力的大小；(2)如果小球恰能通過第二個圓形軌道，B、C間距L應是多少。17、（10分）(本題9分)如圖所示，足夠長的光滑水平地面上有一個質量為m的小球，其右側有一質量為M的斜劈，斜劈內側為光滑圓弧。小球左側有一輕彈簧，彈簧左側固定于豎直墻壁上，右端自由。某時刻，小球獲得一水平向右的初速度v0，求：(1)若小球恰好不飛出斜劈，則斜劈內側的圓弧半徑R為多大；(2)若小球從斜劈滾下后，能夠繼續向左運動，則彈簧具有的最大彈性勢能Ep為多少；(3)若整個過程中，彈簧僅被壓縮一次，求滿足此條件的的范圍

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】試題分析：質點做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合力的大小和方向變和不變都可以；兩種運動合成之后是直線運動還是曲線運動，就看合成后的合力與合速度的方向之間的關系了．解：A、物體做曲線運動的條件是合力的方向與速度方向不在同一條直線上，但合外力不一定變化，如平拋運動．所以A選項錯誤．B、質點做曲線運動的條件是合力的方向與速度的方向不在同一條直線上，由牛頓第二定律可以知道合力與加速度的方向一定在的同一條直線上，所以B選項錯誤．C、變速運動是指物體速度的大小變了，或者速度的方向變了，物體的受力不一定變化，那么加速度也就不一定變，所以選項C錯誤．D、無論是什么運動合成，合成后的合力與合速度的方向相同，就做直線運動，合力與合速度的方向不在一條直線上，就做曲線運動，所以D是有可能的，所以D正確．故選D．2、D【解析】A.小球恰好通過最高點，則由，解得；所以A正確．B．由B到C過程中，機械能守恒，則有：；B點時由牛頓第二定律有：；聯立解得，F=6mg，故B正確；C．對C到地面過程由機械能守恒得：Ek﹣mv2=mg?2R，EK=2.5mgR．故C錯誤；D．小球彈出后的機械能等于彈射器的彈性勢能，由功能關系可得彈性勢能為：E=mg?2R+mv2=2.5mgR．故D正確．故選ABD．【點睛】恰能沿圓軌道內側到達最髙點C，在最高點由重力提供向心力，由臨界條件可求得最高點的速度；由機械能守恒和牛頓第二定律可求得B點的壓力；小球從被彈出后機械能守恒，由機械能守恒可求小球落至水平面時的動能；利用功能關系可求釋放小球前彈射器的彈性勢能．3、D【解析】

A.粒子受力方向為向左，質點一定帶負電，故A錯誤；B.由于只有質點的運動軌跡，不能判斷運動方向是從A到B，還是從B到A，故B錯誤；CD.若質點從A到B電場力做正功，電勢能減小，由動能定理可知動能增加，所以帶電質點在A點動能小于在B點動能，A點電勢能大于在B點電勢能，故C錯誤，D正確；4、A【解析】試題分析：A、在繩與釘子相碰瞬間，繩子的拉力和重力方向都與小球的速度方向垂直，不對小球做功，不改變小球的動能，則小球的線速度大小．故A正確．B、角速度與線速度的關系為v=ωr，得到ω=，在繩與釘子相碰瞬間，小球圓周運動的半徑r減小，v不變，則角速度ω增大．故B錯誤．C、由向心加速度公式an=分析得到，向心加速度增大．故C錯誤．D、根據牛頓第二定律得：T﹣mg=man，T=mg+man，an增大，則繩子拉力T增大．故D錯誤．故選A．5、B【解析】

軌道對小球的支持力與速度方向垂直，則軌道對小球的支持力不做功，根據動能定理，合力不做功，則動能不變，即小球的線速度大小不變；故B正確；根據v=ωr，線速度大小不變，轉動半徑減小，故角速度變大；故C錯誤；根據T=2πω，角速度增加，故周期減小；故A錯誤；根據6、D【解析】

功是標量，所以合力總功等于各力做功之和，即：，ABC錯誤D正確7、BC【解析】

設斜面和水平方向夾角為θ，斜面長度為L，則物體下滑過程中克服摩擦力做功為：W=mgμLcosθ，Lcosθ即為底邊長度，由圖可知1和2底邊相等且小于3的，故摩擦生熱關系為：Q1=Q2＜Q3，所以損失的機械能△E1=△E2＜△E3，故B正確，A錯誤；設物體滑到底端時的速度為v，根據動能定理得：mgh-mgμLcosθ=12mv2，根據圖中斜面高度和底邊長度可知滑到底邊時速度大小關系為：v1＞v2＞v3，故C正確；物塊的動能為：Ek=12mv2，因為v1＞v2＞v3，所以到達底端的動能：8、AB【解析】

A.平拋運動只受重力，所以平拋運動為加速度不變的勻變速曲線運動，故A正確；BC.平拋運動在水平方向上不受力，做勻速直線運動，在豎直方向上初速度為零，僅受重力，做自由落體運動，故B正確，C錯誤；D.平拋運動的速度大小和方向都發生改變，故D錯誤。9、BD【解析】

由粒子的運動軌跡可知，粒子所受的電場力方向大致向上，可知粒子帶正電，選項A錯誤，B正確；粒子從M運動到N點，電場力做正功，電勢能減小，選項D正確，C錯誤；故選BD.10、AC【解析】A、物體做斜拋運動的過程中只有重力做功符合機械能守恒的條件，所以A正確；B、物體沿斜面勻速運動，說明運動過程中不光重力做功，有別的力做負功了，所以不符合機械能守恒的條件，故B錯誤；C、若只有重力的情況則加速度應該是10m/s2，而現在加速度是5m/s本題選AC11、AD【解析】根據動能定理，合外力做功為：W合=△Ek=12mv2，故A正確，C錯誤；物體上升L時，克服重力做功為mgL，即重力做功為-mgL，故B錯誤；根據動能定理，有：-mgL+FL+W彈=12mv2，解得：W彈=mgL-FL+12點睛：本題關鍵是明確物體的受力情況，然后結合動能定理列式求解各個力的功，注意重力做的是負功；彈力是變力，要根據動能定理求解其做功．12、AD【解析】

AB．兩物體勻速圓周運動，由：得：所以有：＝＝故A正確，B錯誤；CD．由：得：T甲∶T乙＝∶＝故C錯誤，D正確。故選AD。二．填空題(每小題6分，共18分)13、AC左7.887.59【解析】

第一空.A.為了減小阻力的影響，重物應選用質量大、體積小、密度大的材料，A正確。B.實驗時應先接通電源后釋放重物，B錯誤。C.兩限位孔在同一豎直面內上下正對，避免紙帶與限位孔摩擦，減小誤差，C正確。D.實驗時不能根據v=gt求解瞬時速度，否則默認機械能守恒，失去驗證的意義，D錯誤。第二空.重物做加速運動，所以打點間距逐漸變大，左端和重物相連。第三空.重力勢能減小量。第四空.打B點重物的瞬時速度，則動能增加量。14、（1），（2）下滑的位移，（3）【解析】

(1)根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度；(2)根據平衡列出第一步實驗中平衡的表達式，從而得出在第二步中滑塊的合力，結合功的公式求出合力功，從而確定需要測量的物理量；(3)根據動能定理得出v2-W的表達式，結合圖線的斜率求出滑塊的質量．【詳解】(1)點的瞬時速度等于OB段的平均速度，則B點的瞬時速度等于AC段的平均速度，則；(2)在第一步實驗中，有：Mgsinθ=f+mg，在第二步實驗中，滑塊的合力為F合=Mgsinθ-f=mg，則合力做功W合=F合x=mgx，由此可知，要測滑塊的位移x；(3)根據動能定理有：，則，可知圖線的斜率，則滑塊質量．【點睛】本題主要考查了打點計時器中求瞬時速度的方法，能根據做功公式求出W與v2的關系式，根據圖象的斜率求解質量．15、30.610-10由于電壓表的分流作用造成電流表讀數總是比測量值小【解析】

第一空.由于電源是一節干電池（1.5V），所選量程為3V的電壓表；第二空.估算電流時，考慮到干電池的內阻一般幾Ω左右，加上保護電阻，最大電流在0.5A左右，所以選量程為0.6A的電流表；第三空.由于電池內阻很小，所以保護電阻不宜太大，否則會使得電流表、電壓表取值范圍小，造成的誤差大，故來考慮選擇1Ω的定值電阻；第四空.滑動變阻器的最大阻值一般比電池內阻大幾倍就好了，取0～10Ω能很好地控制電路中的電流