北京市大興區市級名校2025屆物理高二第二學期期末質量跟蹤監視模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一列簡諧橫波在t=0時的波形如圖1所示，介質中x=2m處質點P沿y軸方向做簡諧振動圖像如圖2所示，下列說法正確的是（）A．振源振動的頻率是4HzB．波的傳播速度大小為1m/sC．波沿x軸負向傳播D．t=2s時，質點P到達x=4m處2、下列說法中正確的是：（）A．彈簧振子的運動是簡諧運動 B．簡諧運動就是指彈簧振子的運動C．簡諧運動是勻變速運動 D．單擺簡諧運動的回復力是重力和拉力的合力3、用波長為2.0×10-7m的紫外線照射鎢的表面，釋放出來的光電子中最大的動能是4.7×10-19J。由此可知，鎢的極限頻率是（A．5.5×B．7.9×C．9.8×D．1.2×4、如圖所示，地面附近某真空環境中存在著水平方向的勻強電場和勻強磁場，已知磁場方向垂直紙面向里，一個帶正電的油滴，沿著一條與豎直方向成α角的直線MN運動，由此可以判斷A．勻強電場方向一定是水平向左B．油滴沿直線一定做勻加速運動C．油滴可能是從N點運動到M點D．油滴一定是從N點運動到M點5、庫侖定律的適用條件是()A．真空中兩個帶電球體間的相互作用B．真空中任意帶電體間的相互作用C．真空中兩個點電荷間的相互作用D．兩個帶電小球之間的相互作用都可用庫侖定律6、氫原子的核外電子從距核較近的軌道躍遷到距核較遠的軌道過程中()A．原子要吸收光子，電子的動能增大，原子的電勢能增大，原子的能量增大B．原子要放出光子，電子的動能減小，原子的電勢能減小，原子的能量也減小C．原子要吸收光子，電子的動能增大，原子的電勢能減小，原子的能量增大D．原子要吸收光子，電子的動能減小，原子的電勢能增大，原子的能量增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩實心小球甲和乙由同一種材料制成，甲球質量大于乙球質量。兩球在空氣中由靜止下落，假設它們運動時受到的阻力與球的半徑成正比，與球的速率無關。若它們下落相同的距離，則()A．甲球用的時間比乙球長B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功8、一蹦極運動員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺下落，到最低點時距水面還有數米距離．假定空氣阻力可忽略，運動員可視為質點，下列說法正確的是（）A．運動員到達最低點前重力勢能始終減小B．蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負功，彈性勢能增加C．蹦極過程中，運動員、地球和蹦極繩所組成的系統機械能守恒D．蹦極過程中，重力勢能的改變與重力勢能零點的選取有關9、如圖所示，放置三個完全相同的圓柱體．每個圓柱體質量為m，截面半徑為R，為了防止圓柱體滾動，在圓柱體兩側固定兩個木樁．不計一切摩擦，由此可知()A．木樁對圓柱體作用力為mgB．上面圓柱體對下面一側圓柱體的作用力為mgC．地面對下面其中一個圓柱體的作用力為mgD．地面對下面兩個圓柱體的作用力為2mg10、三顆人造衛星A、B、C都在赤道正上方同方向繞地球做勻速圓周運動，A、C為地球同步衛星，某時刻A、B相距最近，如圖所示．已知地球自轉周期為T1，B的周期為T2，則下列說法正確的是（）A．A加速可追上同一軌道上的CB．經過時間，A、B相距最遠C．A、C向心加速度大小相等，且大于B的向心加速度D．A、B與地心連線在相同時間內掃過的面積不等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用半徑均為r的小球1和小球2做碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接。安裝固定好實驗裝置，豎直擋板上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，用夾子固定住，小球圓心與O點位置等高。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由_____（“靜止”或“一定初速度”）滾下，并落在豎直擋板上。重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置P；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止滾下，使它們碰撞。重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置N、M；步驟3：用毫米刻度尺測得O點與M、P、N三點的豎直方向的距離分別為h1、h2、h3。（1）設球1和球2的質量m1、m2，則關于步驟2中的說法，正確的是_____A．球1、球2的落點分別是N、MB．球1、球2的落點分別是M、NC．如果兩球質量相等，則球2的落點介于ON之間D．球1的質量應該大于球2的質量（2）當所測物理量滿足表達式_____（可以用（2）問中物理量的字母表示）時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。12．（12分）如圖所示，畫有直角坐標系xOy的白紙位于水平桌面上．M是放在白紙上的半圓形玻璃磚，其底面的圓心在坐標原點，直邊與x軸重合，OA是畫在紙上的直線，P1、P2為豎直地插在直線OA上的兩枚大頭針，P3是豎直地插在紙上的第三枚大頭針，α是直線OA與y軸正方向的夾角，β是直線OP3與y軸負方向的夾角．只要直線OA畫得合適，且P3的位置取得正確，測出角α和β，便可求得玻璃的折射率．某學生在用上述方法測量玻璃的折射率時，在他畫出的直線OA上豎直地插上了P1、P2兩枚大頭針，但在y＜0的區域內，不管眼睛放在何處，都無法透過玻璃磚看到P1、P2的像，他應采取的措施是________________________．若他已透過玻璃磚看到P1、P2的像，確定P3位置的方法是______________．若他已正確地測得了α、β的值，則玻璃的折射率n＝__________．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）（如圖所示，傳送帶與地面夾角θ＝37°，從A→B長度為29m，傳送帶以10m/s的速率逆時針轉動．在傳送帶上端A無初速度地放一個質量為0.5kg的物體，它與傳送帶之間的動摩擦因數為0.5。求物體從A運動到B所需時間是多少？(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)14．（16分）半徑為R的半圓柱介質截面如圖所示，O為圓心，AB為直徑，Q是半圓上的一點，QO垂直于AB。某單色光從Q點射入介質，入射角為60°，從直徑AB上的P點射出，已知P點距O點的距離為，光在真空中傳播速度為c，則該單色光從Q點傳到P點的時間為A． B．C． D．15．（12分）如圖一質點靜止于A點,第一次質點從A點由靜止開始做加速度為5m/s2的勻加速直線運動,2秒后改做勻速直線運動,再經9秒到B點;第二次質點從A點由靜止開始仍以5m/s2的加速度做勻加速直線運動，4秒后改做勻減速直線運動，到B點時速度和第一次相同。求：(1)A、B兩點間的距離(2)第二次質點從A到B的時間和減速階段加速度的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】據圖可知：T=4s，λ=4m，即f=0.25Hz，v=λT=44m/s=1m/s，故A錯誤，B正確；據圖2可知，質點p在t=0時刻沿y軸正方向運動，據波形平移法可知，該波沿x軸的正方向傳播，故C錯誤；波的傳播中，各質點并隨波遷移，所以t=2s點睛：首先明確兩個圖象的區別和聯系，據圖求出波長、周期是解題的前提，靈活應用波的傳播方向與質點的振動關系是解題的核心．2、A【解析】

A、彈簧振子的運動是種周期性的往返運動，屬于簡諧運動；故A正確.B、簡諧運動并不只是彈簧振子的運動；單擺的運動也可以看作是簡諧運動；故B錯誤.C、簡諧運動的加速度隨物體位置的變化而變化，不是勻變速運動；故C錯誤.D、單擺做簡諧運動的回復力由重力沿擺球運動軌跡切向的分力提供，故D錯誤.故選A.【點睛】本題考查簡諧運動的性質，要注意明確簡諧運動中的受力、位移及速度均隨時間做周期性變化．3、B【解析】

由光電效應方程Ekm=hν-W0聯立得：ν故本題正確答案選B。【點睛】本題中根據波長、光速、頻率關系可以求出紫外線的頻率，知道了所釋放電子的最大初動能，利用光電效應方程即可求出鎢的極限頻率。4、A【解析】

A.粒子的受力如圖所以的情況，即電場力只能水平向左，粒子才能沿直線運動。故A正確。B.油滴做直線運動，受重力、電場力和洛倫茲力作用，因為重力和電場力均為恒力，根據物體做直線運動條件可知，粒子所受洛倫茲力亦為恒力據可知，粒子必定做勻速直運動。故B錯誤。CD.粒子受到的洛侖磁力的方向為垂直MN向上，又因為粒子帶正電，再結合左手定則，可知油滴一定是從M點運動到N點一定。故CD都錯誤。5、C【解析】

庫侖定律的內容是：真空中兩點電荷間的作用力與兩點電荷的電荷量的乘積成正比，與它們間距離的平方成反比，作用力在它們的連線上，可見，庫侖定律的適用范圍是真空中兩個點電荷間的相互作用，故C正確．A、B、D錯誤．故選C．【點睛】庫侖定律是關于真空中兩點電荷間相互作用的規律，適用范圍是真空中兩個點電荷間的相互作用．6、D【解析】氫原子的核外電子從距核較近軌道躍遷到距核較遠的軌道過程中,原子的能量要增大,原子要吸收光子,因克服靜電引力做功.原子的電勢能要增大,故ABC錯誤,D正確.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

C．設小球的密度為，半徑為r，則小球的質量為，重力，小球的加速度可知，小球的質量越大，半徑越大，則下降的加速度越大，所以甲的加速度比較大，C錯誤；B．根據可知，加速度比較大的甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小，故B正確；A．兩個小球下降的距離是相等的，根據可知，加速度比較大的甲運動的時間短。故A錯誤；D．它們運動時受到的阻力與球的半徑成正比，所以甲的阻力大，根據可知，甲球克服阻力做的功大乙甲球克服阻力做的功，故D正確。故選BD。8、ABC【解析】A、運動員到達最低點前，重力對運動員一直做正功，運動員的重力勢能始終減小，故A正確；B、蹦極繩張緊后的下落過程中，彈力方向向上，運動員的位移向下，彈性力對運動員做負功，彈性勢能增加，故B正確；C、以運動員、地球和蹦極繩所組成的系統，只有重力和彈力做功，系統的機械能守恒，故C正確；D、重力勢能的改變與重力做功有關，取決于初末位置的高度差，與重力勢能零點的選取無關，故D錯誤．點睛：本題類似于小球掉在彈簧上的類型．重力與彈力特點相似，這兩種力做正功時，勢能減小，做負功時，勢能增加．9、AB【解析】

設下面一個圓柱體對上面圓柱體的作用力大小為F，隔離上面的圓柱體，受力分析如圖所示，由平衡條件可得2Fcos30°＝mg，解得F＝mg，由牛頓第三定律知F′＝F＝mg，故選項B正確；隔離下面一個圓柱體，分析受力，由平衡條件可得：木樁對圓柱體作用力為FN1＝Fcos60°＝mg，故選項A正確；對三個圓柱體整體，由平衡條件可得，地面對下面兩個圓柱體的作用力為3mg，根據對稱性可知地面對下面其中一個圓柱體的作用力為1.5mg，故選項CD錯誤．10、BD【解析】（1）衛星A加速后做離心運動，軌道變高，不可能追上衛星C，故A錯誤；（2）AB衛星由相距最近至相距最遠時，圓周運動轉過的角度差為π，所以可得：其中：，，則經歷的時間，故B正確；（3）根據萬有引力提供向心加速度，得．由該式可知，衛星A、衛星C向心加速度大小相等，且小于衛星B的向心加速度．故C錯誤；（4）繞地球運動的衛星與地心連線在相同時間t內掃過的面積：，其中：則：，可知A、B與地心連線在相同時間內掃過的面積不等．故D錯誤；故本題選B．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、靜止BDm1h2=m【解析】

第一空、靜止。為控制小球到達軌道末端時的速度相等，不放小球2時，讓小球1從斜槽上A點由靜止滾下。第二空、BD。AB、小球離開軌道后做平拋運動，小球在水平方向的位移d相等，小球做平拋運動的時間t=dv0，小球在豎直方向的位移為：h=12gt2=gd22v02，由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，兩球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的豎直分位移大于球2的豎直分位移，由圖示可知，球1、球2C、如果兩球質量相等，兩球發生彈性碰撞后兩球交換速度，碰撞后球1靜止、球2做平拋運動，球2的落點為P，故C錯誤。D、為防止入射球反彈，球1的質量應大于球2的質量，故D正確。第三空、m1h2=m小球離開軌道后做平拋運動，水平方向：d=v0t，豎直方向：h=12gt2，解得：v0=d2hg由題意可知，碰撞前球1的速度為：v0=dg碰撞后球1的速度為：v1=dg碰撞后球2的速度為：v2=dg碰撞過程系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0＝m1v1+m2v2，整理得：m1h2=m12、（1）因為入射角太大發生了全反射（2）另畫一條更靠近y軸正方向的直線OA，把大頭針P1、P2豎直插在所畫的直線上，直到在y<0區域透過玻璃磚能看到P1、P2的像．（3）插上大頭針P3，使P3剛好能擋住P1、P2的像（4）【解析】（1）由題，在y＜0的區域內，不管眼睛放在何處，都無法透過玻璃磚看到P1、P2的像，要過玻璃磚看到了P1、P2的像，是因為α太大，光線在半圓形玻璃磚x軸上發生了全反射．

（2）另畫一條更靠近y軸正方向的直線OA，把大頭針P1、P2豎直插在所畫的直線上，直到在y<0區域透過玻璃磚能看到P1、P2的像．（3）定P3位置的方法是：插上大頭針P3，使P3剛好能擋住P1、P2的像；（4）根據折射率公式得到．點睛：本題考查了全反射及產生的條件，用插針法測定半圓形玻璃磚折射率的原理是折射定律，根據原理確定確定P3位置的方法．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、3s【解析】

物體相對傳送帶沿斜面向上滑,所以滑動摩擦力向下,根據牛頓第二定律求的加速度為當物體與傳送