高級中學名校試卷PAGEPAGE12025年新疆烏魯木齊市高考物理三模試卷一、單選題：本大題共6小題，共36分。1.用頻率為ν的單色光照射截止頻率為34ν的某種金屬時，逸出的光電子的最大初動能為(普朗克常量為h)(

)A.14hν B.12hν C.2.某款家用洗衣機的一個電容器的電容為10μF，耐壓值為450V。洗衣機工作時，該電容器兩端電壓為我國家庭電路的電壓，則該電容器所帶電荷量的最大值約為(

)A.2.2×10-3C B.3.1×10-3C3.用平行單色光a進行楊氏雙縫干涉實驗，相鄰兩條亮條紋中心間的距離為xa；若保持其他條件不變，僅將單色光a換為單色光b，相鄰兩條亮條紋中心間的距離為xb。已知xa：xb=2：3，則單色光a、A.波長之比為3：2 B.波長之比為4：9 C.頻率之比為3：2 D.頻率之比為9：44.甲分子固定在坐標原點O，乙分子位于r軸上，圖中曲線為兩分子間引力和斥力與它們之間距離r的關系圖像。現將乙分子從r=r1位置由靜止釋放，乙分子運動到r=r2A.圖中實線為兩分子間引力與距離r的關系圖像

B.乙分子位于r=r2位置時，乙分子處于平衡狀態

C.乙分子位于r=r1位置時，兩分子系統的勢能最小

D.乙分子從5.圖甲為我國正在研制的一款具備全隱身性能的戰斗機。圖乙中一系列圓為該戰斗機水平勻速飛行時，不同時刻連續發出的聲波在同一時刻到達的位置，P為戰斗機飛行平面內的固定觀察點，則該戰斗機(

)A.正在靠近P點，其飛行速度小于聲速 B.正在靠近P點，其飛行速度大于聲速

C.正在遠離P點，其飛行速度小于聲速 D.正在遠離P點，其飛行速度大于聲速6.如圖所示，衛星甲是“水利一號”遙感衛星，為極地衛星；衛星乙是北斗導航系統第55顆衛星，為地球同步衛星。在衛星甲連續兩次經過赤道上空的時間內，地球自轉轉過的角度為12°，則衛星甲與衛星乙的軌道半徑之比最接近(

)A.1：2 B.1：4 C.1：6 D.1：8二、多選題：本大題共2小題，共12分。7.神舟十九號飛船與天和核心艙在太空成功對接(兩航天器連接成一個整體)，對接過程中，兩航天器可視為沿同一直線同向運動。對接前，飛船相對核心艙的速度為Δu，對接成功后，核心艙的速度比對接前的速度增加了Δv。已知神舟十九號飛船的質量為m，天和核心艙的質量為7m，對接過程中核心艙受到的飛船的沖量大小為I，則(

)A.I=7mΔv B.I=8mΔv C.Δu=7Δv D.Δu=8Δv8.穿過完全相同的金屬閉合線圈A和B的磁通量Φ隨時間t的變化關系如圖所示。在0～t0時間內，通過線圈A、B的某橫截面的電荷量分別為q1、q2，線圈A、B中產生的焦耳熱分別為Q1、A.q1>q2

B.q1=三、實驗題：本大題共2小題，共26分。9.在“探究變壓器線圈兩端的電壓和匝數的關系”的實驗中

(1)實驗時，通過觀察變壓器的鐵芯可知，它的結構是由______(填選項前的字母)；

A.整塊硅鋼鐵芯組成

B.絕緣的硅鋼片疊成

(2)通過實驗可以初步確定，變壓器原、副線圈的電壓U1、U2與原、副線圈的匝數n1、n2的關系是______(填選項前的字母)；

A.U1U2=n1n2

B.U1U2=n2n1

(3)10.某實驗小組用自由落體運動驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖甲所示。

(1)打點計時器是記錄______(選填“時間”或“距離”)的儀器。該實驗使用的電源為______(選填“直流”或“交流”)電源；

(2)實驗中打出一條紙帶，從紙帶上選取點跡清晰的一段，如圖乙所示。A、B、C、D、E、F、G為紙帶上連續打下的7個計時點。已知打點計時器的打點周期為T，測得紙帶上E、F、G各點到A點的距離分別為h1、h2、h3，據此可計算出打下______(選填“E”或“F”)點時重物的速度，其速度表達式為v=______(結果用已知量的字母表示)；

(3)選用兩個質量相同、材料不同的重物P和Q分別進行實驗，選擇點跡清晰的紙帶進行測量，測出紙帶上各點到紙帶上第一個點的距離h，并計算出各點對應的速度大小v，分別作出v2-h圖像如圖丙所示，對比圖像分析可知，選重物______(選填“P”或“Q”)進行實驗誤差更小。已知當地的重力加速度的大小為g，若圖像的斜率接近于______(選填“g”或“2g”四、計算題：本大題共2小題，共36分。11.如圖所示，冰坡AB與水平地面平滑連接，某人乘坐冰車從冰坡上的A點由靜止開始下滑，并在水平地面上滑行一段距離后停在C點。已知冰坡的傾角為θ=30°，AB的長度為x1=10m，BC的長度為x2=12.5m

(1)冰車從A點滑行到B點的時間t；

(2)冰車與水平地面間的動摩擦因數μ。12.如圖所示，區域ABCD內存在寬度均為8a，高度均為3a的四個矩形勻強磁場區域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ，四個區域內勻強磁場的磁感應強度大小均相等，方向均垂直于ABCD平面。一電子槍可將電子由靜止經加速電場加速后以速率v0從槍口射出。現將該電子槍的槍口置于AD邊的中點O且槍口方向與AD邊垂直，電子槍開始連續射出電子的同時，以槍口為轉軸，使槍身在ABCD平面內順時針勻速轉過90°。已知電子的質量為m，電荷量為e，垂直AD

(1)電子槍中的加速電壓U；

(2)磁場區域內磁感應強度的大小B0；

(3)從BC邊射出的電子數與從CD邊射出的電子數之比。

——★參考答案★——1.【答案】A

【解析】解：A、根據光電效應方程，用頻率為ν的單色光照射時Ek=hν-W，用頻率為34ν的單色光照射該金屬時Ek'=34hν-W=0，

則Ek=14hν，故2.【答案】B

【解析】解：我國家庭電路的電壓為220V，所以電壓的最大值為Um=2U=2202V，所以電容器所帶電荷量的最大值為Qm=CUm=10×10-63.【答案】C

【解析】解：根據Δx=ldλ可知，保持其他條件不變，xa：xb=2：3，則可得λa：λb=2：3；根據f=cλ可知，fa：fb=3：2，故4.【答案】D

【解析】解：A、由分子力的特點：分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，但總是斥力變化得較快，可知圖中實線為兩分子間斥力與距離r的關系圖像，故A錯誤；

B、將乙分子從r=r1位置由靜止釋放，乙分子運動到r=r2位置時速度為零，可知乙分子從r1到r2過程中，分子先加速后減速，分子力先表現為引力，后表現為斥力，r=r2位置時乙分子受到的分子力為斥力，不是處于平衡狀態，故B錯誤；

C、根據分子勢能的特點可知，在分子力為零時，分子勢能最小，由于r=r2位置時乙分子受到的分子力為斥力，所以乙分子位于r=r1位置時，兩分子系統的勢能不是最小，故C錯誤；

D、乙分子從r1到r2過程中，分子力先表現為引力，后表現為斥力，由于分子力表現為斥力時分子之間的作用力變化較快，合力較大，則乙分子從5.【答案】D

【解析】解：圓的位置逐漸左移，說明戰斗機的運動方向向左，即正在遠離P點；戰斗機運動到某位置時，聲波還在后面，即戰斗機運動快于聲音，故D正確，ABC錯誤。

故選：D。

戰斗機運動到某為止時，聲波還在后面，即戰斗機運動快于聲音。

本題考查了多普勒效應的應用，知道當飛機運動到某圓圓心時，在周圍激發起聲波，聲波從圓心運動和飛機從圓心運動到最左側所用的時間相同，這是正確解題的關鍵。6.【答案】C

【解析】解：設同步衛星的公轉周期為T，地球自轉周期也為T；

設衛星甲的周期T1，則12T1=12°360°T，解得：T1=115T

根據開普勒第三定律可得r3T27.【答案】AD

【解析】解：CD、設核心艙原速度為v，飛船速度為v+Δu(因飛船相對核心艙速度為Δu)。對接后共同速度為v+Δv(核心艙速度增加Δv)。根據動量守恒可得：7mv+m(v+Δu)=8m(v+Δv)，化簡得：8mv+mΔu=8mv+8mΔv，可得：Δu=8Δv，故C錯誤，D正確；

AB、核心艙受到的沖量I等于其動量變化：I=7m?Δv，故A正確、B錯誤。

故選：AD。

對接過程中，系統動量守恒，根據動量守恒關系式分析，根據動量變化量分析沖量。8.【答案】BC

【解析】解：AB、通過線圈的電荷量為q=I-Δt=E-ΔtR=ΔΦR，線圈A、B的電阻相同，在0～t0時間內，磁通量變化量ΔΦ相同，則q1=q2，故A錯誤，B正確；

CD、根據法拉第電磁感應定律得E=ΔΦΔt，可知，同一時刻，線圈A的磁通量變化率比B的小，則線圈A產生的感應電動勢比B的小，感應電流比9.【答案】B；

A；

AC

【解析】解：(1)變壓器的鐵芯是由絕緣的硅鋼片疊成，目的是為了減小渦流，故選B；

(2)通過實驗分析表明，原，副線圈的電壓之比，等于兩個線圈的匝數之比，即U1U2=n1n2，故選A；

(3)原線圈中電流產生的磁場能在向副線圈轉移的過程中有損失，即有漏磁現象，由能量守恒定律可知，使輸出電壓減小；鐵芯在交變磁場的作用下會產生渦流而發熱，使變壓器輸出的電能小于輸入的電能，使輸出的電壓減小，故選AC；

故答案為：(1)B；10.【答案】時間；交流；

F；h3-h12T；

【解析】解：(1)打點計時器是記錄時間的儀器。該實驗使用的電源為交流電源。

(2)做勻變速直線運動的物體在某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，

測得紙帶上E、F、G各點到A點的距離分別為h1、h2、h3，據此可以計算出打下F時重物的速度，打F點時重物的速度v=EG2T=h3-h12T。

(3)對物體，由動能定理得(mg-f)h=12mv2-12mv02，整理得v2=2(g-fm)h+v02，

v2-h圖像的斜率k=2(g-11.【答案】冰車從A點滑行到B點的時間t=2s；

冰車與水平地面間的動摩擦因數μ=0.4

【解析】解：(1)設冰車在冰坡上做勻加速運動的加速度為a1，時間為t，根據牛頓第二定律

mgsinθ=ma1

由運動學公式：

x1=12a1t2

解得：t=2s

(2)設冰車經過B點時的速度為vB，在水平地面上做勻減速運動的加速度為a2，根據運動學公式及牛頓第二定律：

vB=a1t

μmg=ma12.【答案】電子槍中的加速電壓U為mv022e；

磁場區域內磁感應強度的大小B0為mv02ea；

【解析】解：(1)電子在加速電場中加速，由動能定理

eU=12mv02

解得

U=mv022e

(2)由題意可得，電子每經過一個磁場區域，水平方向上的位移均為a，電子在I區域運動軌跡如圖：

由幾何關系

R2=(R-a)2+(3a)2

解得

R=2a

由牛頓第二定律得

ev0B0=mv02R

解得

B0=mv02ea

(3)從B、C點射出的電子軌跡如圖所示

設從B點射出的電子在O點速度方向和OB連線的夾角為θ(弦切角)，由幾何關系得

tanθ=4a43a=33

解得

θ=30°

電子槍旋轉過程中，使電子從B點射出到從C點射出，該過程電子在各磁場區域中運動軌跡的弦OB繞O點順時針旋轉至OC位置，弦OB旋轉的角為∠BOC，弦OB旋轉過的角度與電子槍旋轉過的角度相同

∠BOC=2θ=60°

電子槍旋轉過程中從某邊射出的電子數與電子槍旋轉過的角度成正比，則從BC邊射出的電子數n1與從CD邊射出的電子數n2之比為

2025年新疆烏魯木齊市高考物理三模試卷一、單選題：本大題共6小題，共36分。1.用頻率為ν的單色光照射截止頻率為34ν的某種金屬時，逸出的光電子的最大初動能為(普朗克常量為A.14hν B.12hν C.2.某款家用洗衣機的一個電容器的電容為10μF，耐壓值為450V。洗衣機工作時，該電容器兩端電壓為我國家庭電路的電壓，則該電容器所帶電荷量的最大值約為(

)A.2.2×10-3C B.3.1×10-3C3.用平行單色光a進行楊氏雙縫干涉實驗，相鄰兩條亮條紋中心間的距離為xa；若保持其他條件不變，僅將單色光a換為單色光b，相鄰兩條亮條紋中心間的距離為xb。已知xa：xb=2：3，則單色光A.波長之比為3：2 B.波長之比為4：9 C.頻率之比為3：2 D.頻率之比為9：44.甲分子固定在坐標原點O，乙分子位于r軸上，圖中曲線為兩分子間引力和斥力與它們之間距離r的關系圖像。現將乙分子從r=r1位置由靜止釋放，乙分子運動到r=A.圖中實線為兩分子間引力與距離r的關系圖像

B.乙分子位于r=r2位置時，乙分子處于平衡狀態

C.乙分子位于r=r1位置時，兩分子系統的勢能最小

D.乙分子從5.圖甲為我國正在研制的一款具備全隱身性能的戰斗機。圖乙中一系列圓為該戰斗機水平勻速飛行時，不同時刻連續發出的聲波在同一時刻到達的位置，P為戰斗機飛行平面內的固定觀察點，則該戰斗機(

)A.正在靠近P點，其飛行速度小于聲速 B.正在靠近P點，其飛行速度大于聲速

C.正在遠離P點，其飛行速度小于聲速 D.正在遠離P點，其飛行速度大于聲速6.如圖所示，衛星甲是“水利一號”遙感衛星，為極地衛星；衛星乙是北斗導航系統第55顆衛星，為地球同步衛星。在衛星甲連續兩次經過赤道上空的時間內，地球自轉轉過的角度為12°，則衛星甲與衛星乙的軌道半徑之比最接近A.1：2 B.1：4 C.1：6 D.1：8二、多選題：本大題共2小題，共12分。7.神舟十九號飛船與天和核心艙在太空成功對接(兩航天器連接成一個整體)，對接過程中，兩航天器可視為沿同一直線同向運動。對接前，飛船相對核心艙的速度為Δu，對接成功后，核心艙的速度比對接前的速度增加了Δv。已知神舟十九號飛船的質量為m，天和核心艙的質量為7m，對接過程中核心艙受到的飛船的沖量大小為I，則(

)A.I=7mΔv B.I=8mΔv C.Δu=7Δv D.Δu=8Δv8.穿過完全相同的金屬閉合線圈A和B的磁通量Φ隨時間t的變化關系如圖所示。在0～t0時間內，通過線圈A、B的某橫截面的電荷量分別為q1、q2，線圈A、B中產生的焦耳熱分別為QA.q1>q2

B.q1=三、實驗題：本大題共2小題，共26分。9.在“探究變壓器線圈兩端的電壓和匝數的關系”的實驗中

(1)實驗時，通過觀察變壓器的鐵芯可知，它的結構是由______(填選項前的字母)；

A.整塊硅鋼鐵芯組成

B.絕緣的硅鋼片疊成

(2)通過實驗可以初步確定，變壓器原、副線圈的電壓U1、U2與原、副線圈的匝數n1、n2的關系是______(填選項前的字母)；

A.U1U2=n1n2

B.U1U2=n2n110.某實驗小組用自由落體運動驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖甲所示。

(1)打點計時器是記錄______(選填“時間”或“距離”)的儀器。該實驗使用的電源為______(選填“直流”或“交流”)電源；

(2)實驗中打出一條紙帶，從紙帶上選取點跡清晰的一段，如圖乙所示。A、B、C、D、E、F、G為紙帶上連續打下的7個計時點。已知打點計時器的打點周期為T，測得紙帶上E、F、G各點到A點的距離分別為h1、h2、h3，據此可計算出打下______(選填“E”或“F”)點時重物的速度，其速度表達式為v=______(結果用已知量的字母表示)；

(3)選用兩個質量相同、材料不同的重物P和Q分別進行實驗，選擇點跡清晰的紙帶進行測量，測出紙帶上各點到紙帶上第一個點的距離h，并計算出各點對應的速度大小v，分別作出v2-h圖像如圖丙所示，對比圖像分析可知，選重物______(選填“P”或“Q”)進行實驗誤差更小。已知當地的重力加速度的大小為g，若圖像的斜率接近于______(選填“g”或“2四、計算題：本大題共2小題，共36分。11.如圖所示，冰坡AB與水平地面平滑連接，某人乘坐冰車從冰坡上的A點由靜止開始下滑，并在水平地面上滑行一段距離后停在C點。已知冰坡的傾角為θ=30°，AB的長度為x1=10m，BC的長度為x2

(1)冰車從A點滑行到B點的時間t；

(2)冰車與水平地面間的動摩擦因數μ。12.如圖所示，區域ABCD內存在寬度均為8a，高度均為3a的四個矩形勻強磁場區域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ，四個區域內勻強磁場的磁感應強度大小均相等，方向均垂直于ABCD平面。一電子槍可將電子由靜止經加速電場加速后以速率v0從槍口射出。現將該電子槍的槍口置于AD邊的中點O且槍口方向與AD邊垂直，電子槍開始連續射出電子的同時，以槍口為轉軸，使槍身在ABCD平面內順時針勻速轉過90°。已知電子的質量為m，電荷量為e，垂直

(1)電子槍中的加速電壓U；

(2)磁場區域內磁感應強度的大小B0；

(3)從BC邊射出的電子數與從CD邊射出的電子數之比。

——★參考答案★——1.【答案】A

【解析】解：A、根據光電效應方程，用頻率為ν的單色光照射時Ek=hν-W，用頻率為34ν的單色光照射該金屬時Ek'=34hν-W=0，

則Ek=14hν，故2.【答案】B

【解析】解：我國家庭電路的電壓為220V，所以電壓的最大值為Um=2U=2202V，所以電容器所帶電荷量的最大值為Qm=CUm=10×10-63.【答案】C

【解析】解：根據Δx=ldλ可知，保持其他條件不變，xa：xb=2：3，則可得λa：λb=2：3；根據f=cλ可知，fa：fb=3：2，故4.【答案】D

【解析】解：A、由分子力的特點：分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，但總是斥力變化得較快，可知圖中實線為兩分子間斥力與距離r的關系圖像，故A錯誤；

B、將乙分子從r=r1位置由靜止釋放，乙分子運動到r=r2位置時速度為零，可知乙分子從r1到r2過程中，分子先加速后減速，分子力先表現為引力，后表現為斥力，r=r2位置時乙分子受到的分子力為斥力，不是處于平衡狀態，故B錯誤；

C、根據分子勢能的特點可知，在分子力為零時，分子勢能最小，由于r=r2位置時乙分子受到的分子力為斥力，所以乙分子位于r=r1位置時，兩分子系統的勢能不是最小，故C錯誤；

D、乙分子從r1到r2過程中，分子力先表現為引力，后表現為斥力，由于分子力表現為斥力時分子之間的作用力變化較快，合力較大，則乙分子從5.【答案】D

【解析】解：圓的位置逐漸左移，說明戰斗機的運動方向向左，即正在遠離P點；戰斗機運動到某位置時，聲波還在后面，即戰斗機運動快于聲音，故D正確，ABC錯誤。

故選：D。

戰斗機運動到某為止時，聲波還在后面，即戰斗機運動快于聲音。

本題考查了多普勒效應的應用，知道當飛機運動到某圓圓心時，在周圍激發起聲波，聲波從圓心運動和飛機從圓心運動到最左側所用的時間相同，這是正確解題的關鍵。6.【答案】C

【解析】解：設同步衛星的公轉周期為T，地球自轉周期也為T；

設衛星甲的周期T1，則12T1=12°360°T，解得：T1=115T

根據開普勒第三定律可得r3T27.【答案】AD

【解析】解：CD、設核心艙原速度為v，飛船速度為v+Δu(因飛船相對核心艙速度為Δu)。對接后共同速度為v+Δv(核心艙速度增加Δv)。根據動量守恒可得：7mv+m(v+Δu)=8m(v+Δv)，化簡得：8mv+mΔu=8mv+8mΔv，可得：Δu=8Δv，故C錯誤，D正確；

AB、核心艙受到的沖量I等于其動量變化：I=7m?Δv，故A正確、B錯誤。

故選：AD。

對接過程中，系統動量守恒，根據動量守恒關系式分析，根據動量變化量分析沖量。8.【答案】BC

【解析】解：AB、通過線圈的電荷量為q=I-Δt=E-ΔtR=ΔΦR，線圈A、B的電阻相同，在0～t0時間內，磁通量變化量ΔΦ相同，則q1=q2，故A錯誤，B正確；

CD、根據法拉第電磁感應定律得E=ΔΦΔt，可知，同一時刻，線圈A的磁通量變化率比B的小，則線圈A產生的感應電動勢比B的小，感應電流比9.【答案】B；

A；

AC

【解析】解：(1)變壓器的鐵芯是由絕緣的硅鋼片疊成，目的是為了減小渦流，故選B；

(2)通過實驗分析表明，原，副線圈的電壓之比，等于兩個線圈的匝數之比，即U1U2=n1n2，故選A；

(3)原線圈中電流產生的磁場能在向副線圈轉移的過程中有損失，即有漏磁現象，由能量守恒定律可知，使輸出電壓減小；鐵芯在交變磁場的作用下會產生渦流而發熱，使變壓器輸出的電能小于輸入的電能