試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁福建省泉州市泉州中遠學校2024-2025學年高二下學期第二階段教學質量檢測一、單選題1．如圖所示，籃球運動員接傳過來的籃球時，通常要先伸出雙臂迎接籃球，手接觸到籃球后，雙手迅速后撤將籃球引至胸前。運用你所學的物理規律分析，這樣做可以（）A．減小手對籃球的沖量 B．減小籃球的動量變化量C．減小籃球對手的作用力 D．縮短籃球對手的作用時間2．冰壺運動深受觀眾喜愛，圖1為運動員投擲冰壺的鏡頭。在某次投擲中，冰壺甲運動一段時間后與對方靜止的冰壺乙發生正碰，如圖2。若兩冰壺質量相等，則碰后兩冰壺最終停止的位置可能是圖中的（）A．B．C．D．3．如圖所示為某彈簧振子在0～5s內的振動圖象，由圖可知，下列說法中正確的是()A．振動周期為5s，振幅為8cmB．第2s末振子的速度為零，加速度為負向的最大值C．從第1s末到第2s末振子的位移增加，振子在做加速度減小的減速運動D．第3s末振子的速度為正向的最大值4．如圖所示，曲面體P靜止于光滑水平面上，物塊Q自P的上端靜止釋放。Q與P的接觸面光滑，Q在P上運動的過程中，下列說法正確的是（）

A．P對Q做功為零B．P和Q之間的相互作用力做功之和為零C．P和Q構成的系統機械能守恒、動量守恒D．P和Q構成的系統機械能不守恒、動量守恒5．圓環形導體線圈a平放在水平絕緣桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路。若將滑動變阻器的滑片P向上滑動，下列表述正確的是（）A．線圈a中將產生俯視為逆時針方向的感應電流 B．穿過線圈a的磁通量變大C．線圈a有收縮的趨勢 D．線圈a對水平桌面的壓力將減小6．如圖所示，一籃球以水平初速度碰撞籃板后水平彈回，速率變為原來的倍，碰撞時間忽略不計，彈回后籃球的中心恰好經過籃框的中心。已知籃球的質量為，半徑為，籃框中心到籃板的距離為，碰撞點與籃框中心的高度差為，不計摩擦和空氣阻力，重力加速度為，則（）A．碰撞過程中，籃球的機械能守恒B．籃板對籃球的沖量大小為C．籃球的水平初速度大小為D．若籃球氣壓不足導致減小，在不變的情況下要使籃球中心經過籃框中心，應使碰撞點更低二、多選題7．某同學想用氣墊導軌模擬“人船模型”。該同學到實驗室里，將一質量為M、長為L的滑塊置于水平氣墊導軌上（不計摩擦）并接通電源。該同學又找來一個質量為m的蝸牛置于滑塊的一端，在食物的誘惑下，蝸牛從該端移動到另一端。下面說法正確的是（）A．只有蝸牛運動，滑塊不運動B．滑塊運動的距離是LC．蝸牛運動的位移是滑塊的倍D．滑塊與蝸牛運動的距離之和為L8．公路上勻速行駛的貨車受一擾動，車上貨物隨車廂底板上下振動但不脫離底板。一段時間內貨物在豎直方向振動可視為簡諧運動，周期為T。豎直向上為正方向，以某時刻為計時起點，其振動圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A．t=T時，貨物對車廂底板的壓力最小B．t=T時，貨物對車廂底板的壓力最小C．t=T時，貨物對車廂底板的壓力最小D．t=T時，貨物所受合力為零9．如圖所示，、為兩個相同的燈泡，線圈L的直流電阻可忽略不計，下列說法正確的是（）A．閉合開關S的瞬間，和都立刻變亮B．閉合開關S穩定后，只有亮C．斷開開關S的瞬間，a點的電勢比b點的電勢高D．斷開開關S，亮起后熄滅，立即熄滅10．如圖甲所示，一物塊在t＝0時刻，以初速度從足夠長的粗糙斜面底端向上滑行，物塊速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻物塊到達最高點，時刻物塊又返回底端．由此可以確定()A．物塊返回底端時的速度B．物塊所受摩擦力大小C．斜面傾角D．時間內物塊克服摩擦力所做的功三、填空題11．一物體的質量為2kg，此物體豎直下落，以10m/s速度碰到水泥地面上，隨后又以8m/s的速度反彈。若取豎直向上為正方向，則小球與地相碰前的動量是kg·m／s，相碰后的動量是kg·m／s，相碰過程中小球動量的變化量是kg·m／s。12．在圖（a）所示的交流電路中，電源電壓的有效值為，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10∶1，、、均為固定電阻，，各電表均為理想電表。已知電阻中電流隨時間t變化的正弦曲線如圖（b）所示。則圖中電流表的示數為A；電壓表的示數為V；變壓器的輸入功率為W。四、實驗題13．研究兩個小球在軌道水平部分碰撞的規律（動量守恒定律）：先安裝好如圖實驗裝置，在地上鋪一張白紙。白紙上鋪放復寫紙，記下重錘線所指的位置O。之后的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止滾下，并落在地面上。重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止滾下，使它們碰撞。重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度。(1)上述實驗中小球1和小球2應選擇___________。A．相同大小的鐵球B．相同大小的塑料球C．小球1鐵球，小球2塑料球，大小相同D．小球1塑料球，小球2鐵球，大小相同(2)上述實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量有___________。A．A、B兩點間的高度差h1B．B點離地面的高度H2C．小球1和小球2的質量、D．小球1和小球2的半徑r(3)當所測物理量滿足時（用所測物理量的字母表示），說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。14．用單擺測定重力加速度的實驗裝置如圖甲所示。（1）組裝單擺時，應在下列器材中選用。A．長度為1m左右的細線

B．長度為30m左右的細線C．直徑為1.8cm的塑料球

D．直徑為1.8cm的鐵球（2）測出懸點O到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度（用L、n、t表示）。（3）下表是某同學記錄的3組實驗數據，并做了部分計算處理。組次123擺長L/cm80.0090.00100.0050次全振動時間t/s90.095.5100.5振動周期T/s1.801.91重力加速度9.749.73請計算出第3組實驗中的，。（4）某同學在家里測重力加速度。他找到細線和鐵鎖，制成一個單擺，如圖所示，由于家里只有一根量程為30cm的刻度尺，于是他在細線上的A點做了一個標記，使得懸點O到A點間的細線長度小于刻度尺量程。保持該標記以下的細線長度不變，通過改變O、A問細線長度以改變擺長實驗中，當O、A間細線的長度分別為、時，測得相應單擺的周期為、。由此可得重力加速度（用、、、表示）。五、解答題15．一個質量為50kg的運動員進行蹦床運動表演，從離水平網面3.2m高處自由下落，著網后沿豎直方向蹦回到離水平網面5.0m高處．已知運動員與網接觸的時間為0.5s，取10m/s2．（1）求運動員從開始下落到與網接觸前，重力的沖量；（2）求運動員從接觸網到離開網，網對運動員的平均作用力大小．16．質量為的光滑弧形槽靜止在光滑水平地面上，底部與水平面平滑連接，質量為m的小球從槽上高h處由靜止滑下，小球運動到右側墻壁時與豎直墻壁碰撞后以原速率彈回。已知重力加速度為g，求：(1)小球第一次與墻壁碰撞時的速度大?。?2)小球再次滑上弧形梢到達的最大高度。17．如圖所示，在x軸上方有磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場．x軸下方有磁感應強度大小為，方向垂直紙面向外的勻強磁場．一質量為m、電荷量為－q的帶電粒子(不計重力)，從x軸上O點以速度v0垂直x軸向上射出．求：(1)射出之后經多長時間粒子第二次到達x軸？(2)粒子第二次到達x軸時離O點的距離．18．“模型檢測”常用來分析一項設計的可行性。如圖所示的是某大型游樂設施的比例模型，光滑的水平軌道上靜止著物塊A和B（均可視為質點），質量分別為m、4m，A、B之間壓縮著一根鎖定的輕質彈簧，兩端與A、B接觸而不相連。水平軌道的左側是一豎直墻壁：右側與光滑、豎直固定的圓管道FCD相切于F，圓管道的半徑R遠大于管道內徑。傾角的斜軌DE與圓管道相切于D，另一端固定在水平地面上，物塊與斜軌間的動摩擦因數?，F將彈簧解鎖，A、B分離后撤去彈簧，物塊A與墻壁發生彈性碰撞后，在水平軌道上與物塊B相碰并粘連，一起進入管道到達最高點C時恰好對圓管道無作用力，最后恰好停止在傾斜軌道的E點。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度為g）求：（1）A、B過最高點C時速度大?。海?）斜軌DE的設計長度：（3）彈簧被壓縮時的最大彈性勢能。答案第=page11頁，共=sectionpages22頁參考答案1．C【詳解】B．籃球運動員接傳過來的籃球，末速度為零，動量的變化量是確定的，B錯誤；A．根據動量定理知，手對籃球沖量的大小也是確定的，A錯誤；D．先伸出雙臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以延長球與手接觸的時間，D錯誤；C．根據動量定理得-Ft=0-mv則F=當時間延長時，手對球的作用力減小，即球對手的作用力減小，故C正確。故選C。2．B【詳解】A．若兩球不是對心碰撞，則兩球可能在垂直于甲的初速度方向上均發生移位，但垂直于甲初速度方向上應保證動量為零，碰撞后在垂直于甲的初速度方向上兩冰壺應向相反方向運動，由圖甲所示可知，兩壺碰撞后向垂直于甲初速度方向的同側滑動，不符合動量守恒定律，故A錯誤；BCD．如果兩冰壺發生彈性碰撞，碰撞過程動量守恒、機械能守恒，兩冰壺質量相等，碰撞后兩冰壺交換速度，甲靜止，乙的速度等于甲的速度，碰后乙做減速運動，最后停止，由圖示可知，B正確，CD錯誤。故選B。3．D【詳解】A．由題圖可知振動周期為4s，振幅為8cm，選項A錯誤；B．第2s末振子在最大位移處，速度為零，位移為負，加速度為正向的最大值，選項B錯誤；C．從第1s末到第2s末振子的位移增大，振子在做加速度增大的減速運動，選項C錯誤；D．第3s末振子在平衡位置，向正方向運動，速度為正向的最大值，選項D正確.4．B【詳解】A．Q在P上運動的過程中，P對Q的彈力方向垂直于接觸面，與Q的位移方向夾角大于90°，則P對Q做功不為零。故A錯誤；BCD．Q在P上運動的過程中，整個系統只有重力做功，機械能守恒，P和Q之間的相互作用力屬于內力并且等大反向，二者在力的方向上發生的位移相等，所以做功之和為零。系統在水平方向合力為零，即水平方向動量守恒。系統在豎直方向所受合力不為零，則豎直方向動量不守恒。故B正確；CD錯誤。故選B。5．D【詳解】AB．當滑片P向上移動時電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b的電流減小，從而判斷出穿過線圈a的磁通量減小，方向向下，根據楞次定律即可判斷出線圈a中感應電流方向俯視應為順時針，故A錯誤，B錯誤；C．再根據楞次定律推論“增縮減擴”判斷出線圈a應有擴張的趨勢，故C錯誤；D．根據“增離減靠”可知線圈a對水平桌面的壓力將減小，故D正確。故選D。6．C【詳解】A．根據題意，碰撞過程中，籃球的速度減小，籃球的動能減小，機械能減小，A錯誤；B．以彈回的方向做正方向，根據動量定理可得B錯誤；C．彈回后籃球做平拋運動，即有；解得C正確；D．若籃球氣壓不足，導致k減小，在不變的情況下，減小，要使籃球中心進過籃筐中心，即籃球彈回后水平位移不變，時間要增大，應使碰撞點更高，D錯誤。故選C。7．CD【詳解】ABC．人在船上走時，由于蝸牛、滑塊導軌組成的系統所受合外力為零，總動量守恒，因此系統的平均動量也守恒，設蝸牛從滑塊一端到另一端的時間為t，在這段時間內滑塊后退的距離為x，滑塊相對地面運動的距離為L-x，選滑塊后退方向為正方向，由動量守恒有所以則滑塊相對地面運動的距離為L，選項AB錯誤，C正確；D．由以上數據可得蝸牛運動的位移是滑塊的倍，選項D正確。故選CD。8．AD【詳解】AB．若貨物對車廂底板的壓力最小，則車廂底板對貨物的支持力最小，則要求貨物向下的加速度最大，由振動圖象可知，在時，貨物向下的加速度最大，A正確，B錯誤；C．要使貨物對車廂底板的壓力最大，則車廂底板對貨物的支持力最大，則要求貨物向上的加速度最大，由振動圖象可知，在T時，貨物向上的加速度最大，所以貨物對車廂底板的壓力最大，C錯誤;D．T時刻貨物加速度為零，貨物所受支持力與重力等大反向，合力為零，D正確。故選AD。9．AD【詳解】A．閉合開關S的瞬間，線圈自感阻礙流過線圈的電流增大，和都立刻變亮，故A正確；B．閉合開關S穩定后，線圈L的直流電阻可忽略不計，被短路，只有亮，故B錯誤；CD．斷開開關S的瞬間，立即熄滅，線圈與L1構成回路，亮起后熄滅，因線圈阻礙電流變化，則新回路的電流為逆時針，即線圈左端相當于電源正極，所以a點的電勢比b點的電勢低，故C錯誤，D正確。故選AD。10．AC【詳解】A．由于下滑與上滑的位移大小相等，根據數學知識可以求出物塊返回底端時的速度．設物塊返回底端時的速度大小為v，則得到A正確；BC．根據動量定理得，上滑過程有下滑過程有聯立解得由于質量m未知，則無法求出f，可得到可以求出斜面傾角θ，B錯誤，C正確；D．3t0時間內物塊克服摩擦力所做的功等于機械能的減小量，由于物體的質量未知，故無法求解機械能減小量，無法求解克服摩擦力做的功，D錯誤。故選AC。11．－201636【詳解】[1]取豎直向上為正方向，小球與地面相碰前的動量是[2]相碰后的動量是[3]小球動量變化為12．12040【詳解】[1][2][3]通過R2電流的有效值為R2兩端即副線圈兩端的電壓，根據歐姆定律可知圖中電流表的示數根據原線圈兩端電壓電壓表的示數為變壓器的輸入功率為13．(1)C(2)C(3)【詳解】（1）碰撞過程中，為了發生正碰（即對心碰），兩小球的半徑必須相同，即大小相同，除此之外，碰撞過程中為了避免入射小球被反彈，入射小球的質量必須大于被碰小球的質量。故選C。（2）AB．由于小球做平拋運動的高度相同，根據平拋運動的時間可知小球運動時間相同，則水平方向聯立可得可知速度比即為水平位移之比，因此不需要A、B兩點間的高度差h1以及B點離地面的高度H2，故AB錯誤；CD．由于該實驗要驗證動量守恒定律，而根據動量守恒定律應有由于已經測量了OM、OP、ON（水平位移）的長度，則上式可表示為因此要驗證該等式是否成立還需要測量小球1和小球2的質量、，而與小球半徑無關，故C正確，D錯誤。故選C。（3）根據（2）中分析可知，若所測物理量滿足說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。14．AD2.019.76【詳解】（1）[1]AB．為了減小實驗誤差，應選擇1m左右的擺線，故A正確，B錯誤；CD．為了減小空氣阻力影響，擺球應選質量大而體積小的鐵球，故D正確，C錯誤；（2）[2]單擺的周期由單擺周期公式聯立可得重力加速度（3）[3][4]根據單擺的周期代入數據得根據公式代入數據解得重力加速度（4）[5]根據單擺的周期公式設A點到鐵鎖的重心之間的距離為，有第一次第二次聯立解得15．（1）400N·s（2）2300N【詳解】（1）由得=0.8