2024-2025學年安徽省縣中聯盟高一（下）聯考物理試卷（5月）一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.生活中，我們可以觀察到很多物體都在做曲線運動，根據你的判斷，下列說法正確的是(

)A.物體在恒力作用下不可能做曲線運動

B.物體在變力作用下一定是做曲線運動

C.物體做曲線運動，其所受的合力方向一定不在速度方向上

D.兩個直線運動的合運動一定是曲線運動2.歷史上，一種觀點認為應該用物理量mv2來量度運動的“強弱”，“力”可以通過動能表示為F=ΔEkA.速度變化量越大，物體的動能就越大

B.物體的速度變化量越大，物體的動能變化量就越大

C.合外力對物體做的功越多，物體的動能變化量就越大

D.物體的速度變化越大，所受合力就越大3.電腦光驅內部傳動系統的部分結構如圖所示，主動輪固定在電動機轉軸上，電動機轉動時帶動從動輪轉動，皮帶不打滑.關于主動輪、皮帶和從動輪的轉動情況，下列說法正確的是(

)

A.皮帶上各點線速度大小不相等 B.主動輪與從動輪轉動的周期相等

C.主動輪與從動輪轉動的角速度相等 D.兩輪轉動的角速度與各自半徑成反比4.關于天體運動、行星運動的三大定律，下列說法正確的是(

)A.八大行星中離太陽最近的水星比離太陽最遠的海王星圍繞太陽轉一周的時間長

B.開普勒行星運動定律不僅適用于行星繞太陽的運動，也適用于衛星繞行星的運動

C.伽利略用“月-地檢驗”證實了地球繞太陽運動是因為受到來自太陽的引力

D.開普勒第三定律a3T2=k中，圍繞同一中心天體運行的所有行星(5.如圖所示，一物體在外力F(如圖甲所示)作用下運動的v-t圖像(如圖乙所示)為余弦曲線，下列判斷正確的是(

)

A.在0～t2時間內外力一直做正功，在t1～t2時間內外力的功率逐漸減小

B.在0～t2時間內外力一直做正功，在t1～t2時間內外力的功率先增大后減小

C.6.2025年4月3日，“我要上全運”第十五屆全國運動會龍舟項目安徽省選拔賽在省水上運動中心舉辦.如圖所示某船在靜水中劃行的速率為3m/s，要渡過30m寬的河，河水的流速為5m/sA.該船渡河的最小速率是4m/s B.該船渡河所用時間最短為10s

C.該船渡河所用時間最短為6s7.如圖所示，水平圓盤上放有小鐵碗A(可視為質點)，將圓盤在水平面內由靜止開始繞過圓盤中心O的軸轉動，逐漸增大圓盤的角速度，質量為0.1kg的小鐵碗從圓盤的邊緣飛出，經過0.2s落地，落地點距飛出點在地面投影點的距離為80cm.在此過程中，不計空氣阻力，摩擦力對小鐵碗所做的功為A.0.2J B.0.4J C.0.8J8.如圖所示，質量為m=0.2kg的小物塊放在足夠長的水平面上，用水平細線(不計粗細)緊繞在半徑為R=0.5m的薄壁圓筒上，t=0時刻，圓筒在電動機帶動下由靜止開始繞豎直中心軸轉動，圓筒角速度隨時間變化的關系式為ω=1?t，物塊和水平面之間的動摩擦因數為μ=0.3.重力加速度gA.小物塊的速度隨時間的變化滿足v=2t

B.物體做勻加速直線運動的加速度大小為2.5m/s2

C.細線的拉力大小為二、多選題：本大題共2小題，共8分。9.如圖所示，一位跳高運動員質量為62kg、身高為1.82m，在某次背越式跳高中跳過2.36m高的橫桿而平落在墊子上，落墊時運動員的重心離地高度為66cm.重力加速度g取10m/A.運動員上升到最高點的過程中重力勢能大約增加899J

B.運動員上升到最高點的過程中重力勢能大約減少1798J

C.運動員下降階段重力做功大約為1054J

D.運動員下降階段重力做功大約為527J10.如圖所示，人造地球衛星M、N(可看作質點)繞地球的運動可視為勻速圓周運動，衛星N為地球同步軌道衛星.C是緯度為α的地球表面上一點，若某時刻C、M、N與地球自轉軸在同一平面內，其中O、C、M在一條直線上，且∠OMN=90°A.衛星M的向心加速度小于地球表面上C點的向心加速度

B.地球表面上C點做勻速圓周運動的圓心與衛星M做勻速圓周運動的圓心不同

C.衛星M與衛星N的周期之比為cos3α

D.衛星M與衛星三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.圖甲是“探究平拋運動的特點”的實驗裝置圖.(1)(單選)在安裝實驗裝置的過程中，應對實驗裝置反復調節，直到斜槽M末端切線必須是水平的，這樣做的目的是

(選填選項前的字母).A.保證小球飛出時，速度既不太大，也不太小B.保證小球飛出時，初速度水平C.保證小球在空中運動的時間每次都相等D.保證小球運動的軌道是一條拋物線(2)實驗中正確記錄了小球的軌跡，得到如圖乙所示的方格紙中a、b、c、d四個位置，測得小格的邊長為L，小球經過相鄰兩點的時間間隔為T，則小球通過b點時的豎直分速度大小為

，小球從斜槽M末端Q點運動到a點經歷的時間為

.12.某實驗小組用如圖甲所示的實驗裝置來驗證機械能守恒定律.(1)甲同學進行如下操作并測出如下數據.①用天平測定小球的質量為m②測出小球的直徑為d③用刻度尺測出電磁鐵下端小球球心到光電門中心的距離為h④電磁鐵先通電，讓小球吸在開始端;⑤電磁鐵斷電，小球自由下落;⑥在小球經過光電門的時間內，計時裝置記下小球經過光電門所用時間為t=2.50×10-3s⑦計算此過程中重力勢能的減小量為

J，小球動能的增加量為

J.(重力加速度g取9.8m/(2)乙同學用上述實驗裝置通過改變光電門的位置，用h表示小球到光電門的距離，用v表示小球通過光電門的速度，根據實驗數據作出了如圖乙所示的v2-h圖像，則當地的實際重力加速度大小為g=

m四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.如圖所示，一小球從A點水平拋出，恰好垂直撞在水平面上固定半圓形軌道的B點(速度方向指向圓心)，已知H=0.4m，R=0.25m，θ=37°，sin37°=0.6(1)小球平拋的初速度大小;(2)小球拋出點A到半圓形軌道圓心O點的水平距離及小球落到B點時的速度大小.14.近日，中國第41次南極科學考察活動圓滿落下帷幕，備受矚目的“雪龍”號從南極出發經赤道返回上海.某同學設想，在考察船“雪龍號”上做一些簡單的實驗，來測定引力常量：當“雪龍號”停泊在赤道時，用彈簧測力計測量一個鉤碼的重力，記下彈簧測力計的讀數F1，當“雪龍號”到達南極后，仍用彈簧測力計測量同一個鉤碼的重力，記下彈簧測力計的讀數F2.地球自轉的周期為T，地球的平均密度為ρ，圓周率為π，不考慮地球兩極與赤道半徑差異.(1)求引力常量;(2)若已知地球的半徑為R0，求人造衛星繞地球做勻速圓周運動的最大速度.15.如圖所示，傾角為30°的斜面AB與水平面BE在B點平滑連接，半徑為R的豎直光滑圓軌道與水平面在C點平滑連接，EN為半徑為r的內壁光滑的四分之一圓管，管口N正下方直立一根勁度系數為k的輕彈簧，彈簧下端固定，原長時上端恰好與N端齊平.一質量為m的小物塊(可看成質點)P從A點由靜止釋放，P沿斜面下滑并從C點進入圓軌道，恰好通過軌道最高點D后進入水平面，最后通過EN后壓縮彈簧，壓縮過程中小物塊速度最大時彈簧彈性勢能為Ep.已知B、C間光滑，小物塊P與斜面間的動摩擦因數μ1=36，小物塊P與水平面C、E間的動摩擦因數μ2=12，C(1)A點距水平面BE的高度(2)小物塊P對圓軌道最低點C的壓力大小;(3)小物塊P運動到E點時的速度大小和向下壓縮彈簧過程中小物塊的最大動能.

答案和解析1.【答案】C

【解析】物體是否做曲線運動，取決于物體所受合外力方向與物體運動方向的關系，只要兩者不共線，無論物體所受合外力是恒力還是變力，物體都做曲線運動，若兩者共線，則做直線運動，則選項A、B錯誤;

由垂直速度方向的力改變速度的方向，沿速度方向的力改變速度的大小知，選項C正確;

兩個直線運動的合運動可能是直線運動，也可能是曲線運動，選項D錯誤.2.【答案】C

【解析】速度變化量大，速度不一定大，根據Ek=12mv2可知物體的動能不一定大，故A錯誤；

動能定理W合=△Ek，故C正確3.【答案】D

【解析】皮帶上各點線速度大小相等，選項A錯誤;

由ω=vr可得ω∝1r，從動輪半徑大，轉動的角速度小，根據ω=24.【答案】B

【解析】所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等，其表達式為a3T2=k.則知離太陽較近的行星，圍繞太陽轉一周的時間短，離太陽較遠的行星，圍繞太陽轉一周的時間長，選項A錯誤;

開普勒行星運動定律也適用于其他天體，例如月球、衛星繞地球的運動，選項B正確;

牛頓用“月-地檢驗”證實了萬有引力定律的普適性，牛頓認為行星繞太陽運動是因為受到太陽的引力作用，引力大小與行星到太陽的距離的二次方成反比，選項C錯誤;

開普勒第三定律a5.【答案】D

【解析】由動能定理知0～t2時間內，動能增量為0，即外力做功為0，外力先做負功后做正功;t1時刻F最大，v=0，F的功率為0，t2時刻F=0，速度最大，F的功率為6.【答案】B

【解析】小船的合速度在2m/s～8m/s之間，選項A錯誤;

當船自身速度垂直河岸過河，時間最短，且tmin=dv船=10s，選項7.【答案】C

【解析】解：小物體飛出后做平拋運動，其水平位移x=80×10-2m，由平拋運動規律有

v=xt

代入數據解得v=4m/s

小物體由靜止到飛出的過程中，由動能定理有8.【答案】D

【解析】A、圓筒角速度隨時間變化的關系式為ω=1?t，圓筒邊緣線速度與物塊前進速度大小相同v=Rω，小物塊的速度隨時間的變化滿足v=0.5t，故A錯誤;

B、物體做勻加速直線運動a=△v△t=0.5m/s2，故B錯誤;

C、根據牛頓第二定律9.【答案】AC

【解析】運動員上升到最高點，重心升高的距離為h1=2.36m-1.822m=1.45m，克服重力做功W1=mg10.【答案】BC

【解析】因為∠OMN=90°，所以ON>OM，即N衛星勻速圓周運動半徑大于M衛星半徑，由GM地mr2=mω2r，得ω=GM地r3，知ωN<ωM，又ωC=ωN，所以ωC<ωM，由rC<rM，a=ω2r得aC<11.【答案】(1)B；(2)5L【解析】(1)平拋運動初速度的大小不是由斜槽末端是否水平決定的，而是由小球釋放點到斜槽水平端的豎直高度決定的，選項A錯誤;

研究平拋物體的運動，旨在弄清物體在水平和豎直兩個方向上怎樣運動，必須保證小球拋出時速度是水平的，并非要研究小球在空中運動的時間，選項B正確，C錯誤;

無論小球飛出的初速度是水平的還是傾斜的，其運動軌跡都是一條拋物線，選項D錯誤。

(2)根據勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該段過程的平均速度，則有小球經b點時的豎直分速度大小為vby=△h△t=2L+3L2T=5L2T，

根據△h12.【答案】(1)4.00

；0.0808；0.0800

(2)9.7

【解析】解：

(1)

利用平均速度代替瞬時速度算得小球經過光電門時的速度得：

小球經過光電門時的速度為：v=d△t=10×10-32.5×10-3m/s=4.00m/s.

13.【答案】解：(1)小球恰好垂直撞在水平面上半圓形軌道的B點可知H-Rcosθ=12gt2，

解得t=0.2s，

豎直分速