第三十一中學2021-2022學年第一學期期末試卷高二物理（卷面分值：100分；考試時間：90分鐘）一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）1.下列說法正確的是（）A.自然界中的電荷除了正、負電荷外還有很多種B.帶電物體的帶電量只能是元電荷的整數倍C.真空中點電荷間相互作用力的規律是法拉第發現的D.感應起電過程中創造了電荷【1題答案】【答案】B【解析】詳解】A．自然界中只有正、負兩種電荷，選項A錯誤；B．帶電物體的帶電量只能是元電荷的整數倍，選項B正確；C．真空中點電荷間相互作用力的規律是庫倫發現的，選項C錯誤；D．感應起電過程中是電荷轉移，不是創造了電荷，選項D錯誤。故選B。2.關于庫侖定律，下列說法正確的是（）A.庫侖定律適用于點電荷，點電荷其實就是體積最小的帶電體B.根據，當兩個帶電體間的距離趨近于零時，庫侖力將趨向于無窮大C.所帶電荷量分別為和的點電荷A、B相互作用時，A、B受到的靜電力大小相等D.庫侖定律也適用于計算電荷分布不均勻的球體間的庫侖力【2題答案】【答案】C【解析】【詳解】A．庫侖定律適用于真空中靜止的點電荷，點電荷并不是體積最小的帶電體，故A錯誤；B．當兩個帶電體間的距離趨近于零時，兩帶電體不能看作點電荷，公式不再適用，庫侖力不會趨向于無窮大，故B錯誤；C．所帶電荷量分別為Q和3Q的點電荷A、B相互作用時，A、B受到的靜電力是作用力與反作用力，它們大小相等，故C正確；D．如果電荷分布不均勻的球體可以看做點電荷，可以用庫侖定律計算球體間的庫侖力，如果電荷分布不均勻的球體不能看做點電荷，則不能用庫侖定律計算兩球體間的庫侖力，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，M，N是正點電荷電場中一條電場線上的兩點，用EM、EN分別表示兩點電場強度的大小，關于兩點電場強度的判斷正確的是（）A.EM<EN，方向不同 B.EM>EN，方向相同C.EM=EN，方向不同 D.EM=EN，方向相同【3題答案】【答案】B【解析】【詳解】MN兩點場強方向均指向右，方向相同；M處電場線較N點密集，可知M點場強大，即EM>EN故選B。4.下列關于磁場的說法中，正確的是（）A.只有磁鐵周圍才存在磁場B.磁場是假想的，不是客觀存在的C.磁場只有在磁體與磁體、磁體與通電導體發生作用時才產生D.磁體與磁體、磁體與通電導體、通電導體與通電導體之間都是通過磁場發生相互作用【4題答案】【答案】D【解析】【詳解】A．電磁鐵還是永久磁體，或電流的周圍都存在著磁場，故A錯誤；B．磁場是真實存在的一種物質，且具有方向性，故B錯誤；CD．磁場只對放入磁場中的磁體有力的作用，磁極與磁極，磁極與電流、電流與電流之間都是通過磁場發生相互作用，故C錯誤，D正確。故選D5.如圖所示，A，B，C，D為勻強電場中相鄰的四個等勢面，一個電子垂直經過等勢面D時，動能為，飛經等勢面C時，電勢能為，飛至等勢面B時速度恰好為零，已知相鄰等勢面間的距離均為，則下列說法錯誤的是（）A.等勢面A的電勢為B.等勢面B的電勢為零C.電子再次飛經等勢面D時，動能為D.電子在等勢面D時的電勢能為【5題答案】【答案】C【解析】【分析】【詳解】AB．電子從D到B的過程，根據動能定理得解得即D點電勢高于B點電勢，電場方向豎直向上，則電場強度為電子經過等勢面C時的電勢能為，則C點的電勢為所C點與B點的電勢差為代入數據可得B點電勢為0，因為CA間的電勢差等于DB間的電勢差，可知A點電勢為，AB正確；C．整個過程中，只有電場力對電子做功，根據能量守恒定律得，電子再次經過D等勢面時，動能不變，仍然為，C錯誤；D．由前面的分析，可得D點的電勢為20V，所以電子在D點時具有電勢能為D正確。故選C。6.如圖所示實線表示某靜電場等勢面的分布，電荷量為1.6×10－9C的正電荷從A經B、C到達D點．從A到D，靜電力對電荷做的功為()A.4.8×10－8J B.－4.8×10－8JC.8.0×10－8J D.－8.0×10－8J【6題答案】【答案】B【解析】【詳解】試題分析：電場力做功只與初末位置的電勢差有關，與路徑無關，所以從A到D或從A經B、C到達D點，電場力做功為-4.8×10-8J，B對；故選B考點：考查電場力做功點評：難度較小，明確電場力做功與運動路徑無關，只與粒子的初末位置有關，注意公式中W和U的下腳標7.磁感應強度的單位是特斯拉（T），與它等價的是（）A. B. C. D.【7題答案】【答案】B【解析】【分析】【詳解】當導線與磁場方向垂直時，由公式知磁感應強度B的單位由F、I、L的單位決定．在國際單位制中，磁感應強度的單位是特斯拉，簡稱T，。故選B。8.如圖，一段導線abcd位于磁感應強度大小為B的勻強磁場中，且與磁場方向（垂直于紙面向里）垂直．線段ab、bc和cd的長度均為L，且∠abc=∠bcd=135o．流經導線的電流為I，方向如圖中箭頭所示．導線段abcd所受到的磁場的作用力的合力A.方向沿紙面向上，大小為(+1)ILBB.方向沿紙面向上，大小為(-1)ILBC.方向沿紙面向下，大小為(+1)ILBD.方向沿紙面向下，大小為(-1)ILB【8題答案】【答案】A【解析】【詳解】導線段abcd在磁場中的等效長度為ad兩點連線的長度，則；等效電流方向由a→d，據左手定則，安培力方向沿紙面向上，A正確．【點睛】本題也可求出ab、bc和cd所受安培力的大小和方向，然后合成．二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）9.如圖所示，光滑水平面上有一輕彈簧，其左端固定在豎直墻壁上。一質量可視為質點的滑塊A以的水平速度向左運動，撞上靜止的質量可視為質點的滑塊并粘在一起向左運動，兩滑塊與彈簧作用后原速率彈回，則下列說法正確的是（??）

A.兩滑塊組成的系統碰撞過程中動量守恒B.兩滑塊碰撞結束時的速度大小為C.在整個過程中，兩滑塊組成的系統動量守恒D.在整個過程中，彈簧對A、系統的沖量大小為【9題答案】【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】A．兩滑塊組成系統碰撞過程所受外力的矢量和為0，則動量守恒，故A正確；B．以向左為正方向，由動量守恒定律得代入數據解得故B正確；C．在整個過程中，兩滑塊與彈簧有相互作用，兩滑塊組成的系統動量不守恒，故C錯誤；D．以向左為正方向，A、與彈簧作用過程，由動量定理得代入數據解得沖量方向向右，故D正確。故選ABD。10.水平放置的平行板電容器與電源相連，下極板接地．帶負電的液滴靜止在兩極板間P點，以E表示兩極板間的場強，U表示兩極板間的電壓，φ表示P點的電勢．若電容器與電源斷開，保持下極板不動，將上極板稍微向上移到某一位置，則A.U變大，E不變，φ不變 B.U不變，E變小，φ降低C.液滴將向下運動 D.液滴仍保持靜止【10題答案】【答案】AD【解析】【詳解】電容器與電源斷開，則帶電量Q不變，保持下極板不動，將上極板稍微向上移到某一位置，則d變大，根據可知C變小，根據Q=CU可知U變大，由與上述式子聯立可得：,則E不變；因P點與下極板的距離不變，根據U=Ed可知P點與下極板的電勢差不變，即P點的電勢φ不變，選項A正確，B錯誤；由于E不變，則液滴受的電場力不變，則液滴仍保持靜止，選項C錯誤，D正確.11.如圖為一對等量異種點電荷，電量分別為、。實線為電場線，虛線圓的圓心在兩電荷連線的中點，，，，為圓上的點，下列說法正確的是（）A.，兩點的電勢相同B.，兩點的電場強度相同C.同一負電荷在點的電勢能等于點的電勢能D.正電荷從點運動到點的過程中，電場力做負功【11題答案】【答案】BC【解析】【詳解】A．沿電場線方向電勢逐漸降低，c點的電勢低于d點的電勢，d點的電勢等于a點的電勢，故A錯誤；B．電場線切線方向為場強方向，電場線的疏密反映場強的強弱，所以圖知b、d兩點的電場強度方向相同，大小相等，故B正確；C．因為d點的電勢等于a點的電勢，所以同一負電荷在a點的電勢能等于d點的電勢能，故C正確；D．因為d點的電勢等于a點的電勢，沿電場線方向電勢逐漸降低，a點的電勢高于b點的電勢，正電荷從d點運動到b點的過程中，電場力做正功，故D錯誤。故選BC。12.在同一光滑斜面上放同一導體棒，下圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所在空間有磁感應強度大小相等的勻強磁場，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次豎直向上，兩次導體A分別通有電流I1和I2，都處于靜止平衡．已知斜面的傾角為θ，則（）A.I1∶I2=cosθ：1B.I1∶I2=1∶1C.導體A所受安培力大小之比F1∶F2=sinθ∶cosθD.斜面對導體A的彈力大小之比N2∶N2=cos2θ∶1【12題答案】【答案】AD【解析】【詳解】兩種情況下，導體棒受力如圖所示，I1所受的安培力沿斜面向上，I2所受的安培力水平向右；

I1

所受的安培力沿斜面向上，如左圖，根據共點力平衡得：F1=mgsinθN1=mgcosθI2所受的安培力水平向右，如右圖，根據共點力的平衡得：F2=mgtanθ又：F1=BI1LF2=BI2L所以：斜面對導體A的彈力大小之比AD正確，BC錯誤。故選AD。三、實驗題（本大題共2小題，共20.0分）13.某個演示用多用電表只有兩個擋位，其內部電路如圖甲所示，其中為定值電阻，表盤如圖乙所示。（1）這個多用電表內部電流表G的左側為________（填“正”或“負”）接線柱，用電表表筆應為________（填“紅”或“黑”）色。（2）擋位為________（填“電流”或“歐姆”）擋。（3）若擋位置于歐姆擋，其倍率為“”擋，測某電阻的阻值時，多用電表指針如圖乙中所示，則其示數為________；（4）作為歐姆表使用時其內部總電阻為________。【13題答案】【答案】①.正②.紅③.歐姆④.15.0⑤.15【解析】【詳解】（1）[1][2]黑表筆接內部電源的正極，紅表筆接內部電源的負極，標示為“+”，故這個多用電表內部電流表G的左側為正接線柱；所以多用電表a表筆應為紅色；（2）[3]只有歐姆擋內部才接有電源，故擋位d為歐姆擋；（3）[4]若擋位置于歐姆擋，其倍率為“×1

”擋，測某電阻的阻值時，多用電表指針如圖乙中①所示，則其示數為（4）[5]由表盤刻度，作為歐姆表使用時，其中值電阻為15Ω，所以歐姆表的內部總電阻為15Ω。14.某學習小組探究一標有“3V，”小電珠在不同電壓下的電功率大小，實驗器材如下：A.電池組電動勢為，內阻約；B.直流電流表內阻約為C.直流電壓表內阻約D.直流電壓表內阻約E.滑動變阻器F.滑動變阻器G.開關、導線若干本實驗中電壓表選用________，滑動變阻器應選用________選填“C”或“D”，“E”或“F”．如圖甲所示，現已完成部分導線的連接實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導線在圖甲實物接線圖中完成余下導線的連接（）；某次測量，電流表指針偏轉如圖乙所示，則電流表的示數為________A；該小組描繪出的伏安特性曲線如圖丙所示，將這個小電珠與阻值為的定值電阻串聯，接到電動勢為4V、內阻為的電源兩端，這個小電珠的實際功率為________W．【14題答案】【答案】①.C②.E③.④.0.44⑤.0.3【解析】【詳解】（1）由題意知，小電珠的額定電壓為3V，故電壓表選擇3V量程的C；該實驗中電流需從零開始測量多組，故滑動變阻器需采用分壓式接法，為調節方便，滑動變阻器選擇阻值小額定電流大的E；（2）小電珠內阻較小，測量電路用外接法，滑動變阻器用分壓式，所以實物圖如圖所示；（3）電流表量程為0.6A，知圖中電表的讀數為0.44A；（4）根據閉合電路的歐姆定律：E=U+I（r+R0），整理得：U=-10I+4，在小電珠伏安特性曲線的同一坐標內畫出該回路的U-I圖線，其與伏安特性曲線的交點坐標值即為小電珠實際的電壓和電流，如圖所示．小電珠在該閉合回路中電壓U=1.0V，電流I=0.3A，實際功率P=UI=0.3W四、計算題（本大題共3小題，共32.0分）15.一枚在空中飛行的炮彈，質量M=6kg，在最高點時的速度=900m/s，炮彈在該點突然炸裂成A、B兩塊，其中質量m=2kg的B做自由落體運動．求：①爆炸后A的速度大小；②爆炸過程中A受到的沖量大小．【15題答案】【答案】①1350m/s②1800N·s【解析】分析】①根據動量守恒定律進行求解即可；②根據動量定理進行求解即可；【詳解】①炮彈爆炸過程系統動量守恒，以炮彈的初速度方向為正方向根據動量守恒定律有：，解得，方向與初速度方向相同；②根據動量定理可知A的沖量為：，方向與初速度方向相同．【點睛】本題考查了動量守恒和動量定理的應用，分析清楚物體的運動過程，應用動量守恒定律和動量定理進行求解即可．16.如圖所示，虛線MN、PQ之間存在水平向右的勻強電場，兩虛線間距離為d。一質量為m、電荷量為+q的帶電粒子，從a點由