…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、對于物質固體、液體、氣體的認識，下列說法正確的是（）A.石墨和金剛石的物理性質不同，是由于組成它們的化學元素不同B.一定溫度下飽和汽的密度為一定值，溫度升高，體積增大后，再次達到飽和時飽和汽的密度可能不變C.若發現干濕泡溫度計兩邊刻度的讀數差正在變大，說明空氣相對濕度正在變大D.由于液體表面層內分子間距離大于液體內部分子間距離，液面分子間的相互作用表現為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢2、下列科技常識判斷正確的是（）A.同種物質只能以晶體形態出現，不能以非晶體形態出現B.液晶是一種特殊物質，它既具有液體的流動性，又像某些晶體具有光學各向同性C.表面張力使液面具有收縮的趨勢D.粉筆能吸干紙上的墨水——浸潤現象3、下列說法錯誤的是（）A.自然發生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的B.液體表面層內分子間的相互作用力表現為斥力C.若一定質量的理想氣體被壓縮且吸收熱量，則壓強一定增大D.分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大4、關于安培力和洛倫茲力，下列說法中正確的是A.帶電粒子在磁場中運動時，一定受到洛倫茲力作用B.放置在磁場中的通電導線，一定受到安培力作用C.洛倫茲力對運動電荷一定不做功D.洛倫茲力可以改變運動電荷的速度大小5、如圖是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應強度B垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側面會形成電勢差UCD（已知電流的微觀表達式為I=nSvq，其中n為導體單位體積內的自由電荷數，S為導體的橫截面積，v為電荷定向移動的速率，q為電荷的帶電量）．下列說法中正確的是。

A.保持B、I不變，增大C、D面間距離時，UCD增大B.保持B、I不變，增大上下面間距離時，UCD減小C.若定向移動的是自由電子，則側面C電勢比D高D.UCD的大小及C、D兩側面哪面電勢高與材料無關6、為探究人在運動過程中腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力問題，實驗小組的同學利用落錘沖擊地面的方式進行實驗，即通過一定質量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計，g取10m/s2.下表為一次實驗過程中的相關數據．根據實驗數據可知。

。重物（包括傳感器）的質量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時間t/s

0.1

A.重物受到地面的最大沖擊力時的加速度大小為100m/s2B.重物與地面接觸前瞬時的速度大小為2m/sC.重物離開地面瞬時的速度大小為3m/sD.在重物與地面接觸的過程中，重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍7、如圖所示，間距為電阻不計的足夠長平行光滑金屬導軌水平放置，導軌左端有一阻值為的電阻，一質量為電阻也為的金屬棒橫跨在導軌上，棒與導軌接觸良好．整個裝置處于豎直向上、磁感應強度為的勻強磁場中，金屬棒以初速度沿導軌向右運動；在金屬棒整個運動過程中，下列說法正確的是。

A.金屬棒端電勢比端高B.金屬棒克服安培力做的功等于電阻上產生的焦耳熱C.金屬棒運動的位移為D.金屬棒運動的位移為8、分別用頻率為ν和2ν的甲、乙兩種單色光照射某金屬，逸出光電子的最大初動能之比為1:3，已知普朗克常量為h，真空中光速為c，電子電量為e．下列說法正確的是()A.用頻率為2ν的單色光照射該金屬，單位時間內逸出的光電子數目一定較多B.用頻率為的單色光照射該金屬不能發生光電效應C.甲、乙兩種單色光照射該金屬，只要光的強弱相同，對應光電流的遏止電壓就相同D.該金屬的逸出功為評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、下列有關熱現象和內能的說法中正確的是（）A.把物體緩慢舉高，其機械能增加，內能不變B.盛有氣體的容器做加速運動時，容器中氣體的內能必定會隨之增大C.電流通過電阻后電阻發熱，它的內能增加是通過“做功”方式實現的E.分子間引力和斥力相等時，分子勢能最小E.分子間引力和斥力相等時，分子勢能最小10、下列有關熱現象的說法中正確的是（）A.物體溫度越高，分子平均動能越大B.一定質量的理想氣體的溫度升高，壓強一定增大C.物體放熱時，內能一定減小E.從單一熱源吸收熱量并全部用來對外做功而不引起其他變化是不可能實現的E.從單一熱源吸收熱量并全部用來對外做功而不引起其他變化是不可能實現的11、如圖所示的U﹣I圖象中；直線I為某電源的路端電壓與電流的關系，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）

A.電源的內阻為0.5ΩB.電源的總功率為1.5WC.電源的輸出功率為1.5WD.電源內部消耗功率為1.5W12、絕緣光滑斜面與水平面成α角，質量m、帶電荷量為-q（q>0）的小球從斜面上的h高度處釋放，初速度為v0（v0>0）方向與斜面底邊MN平行；如圖所示，整個裝置處在勻強磁場B中，磁場方向平行斜面向上．如果斜面足夠大，且小球能夠沿斜面到達底邊MN．則下列判斷正確的是（）

A.小球在斜面做變加速曲線運動B.小球到達底邊MN的時間C.勻強磁場磁感應強度的取值范圍為D.勻強磁場磁感應強度的取值范圍為13、如圖所示，在方向垂直于紙面向里，磁感應強度為B的勻強磁場區域中有一個由均勻導線制成的單匝矩形線框abcd，線框在水平拉力作用下以恒定的速度v沿垂直磁場方向向右運動，運動中線框ab邊始終與磁場右邊界平行，線框邊長ad=cd=2線框導線的總電阻為R；則線框離開磁場的過程中（）

A.ab間的電壓為B.ad間的電壓為C.線框中的電流在ab邊產生的熱量為D.線框中的電流在ad邊產生的熱量為14、如圖所示的光滑水平面上，水平條形區域I和II內有方向垂直紙面向里的勻強磁場，其寬度均為s，區域I和II之間有一寬度為L=3s的無磁場區域，一質量為m、邊長為s的正方形線框在水平恒定外力作用下從距區域I左邊界s處由靜止開始做勻加速直線運動；假設線框能勻速地通過磁場區域I和II，則下列說法正確的是（）

A.線框通過區域I和區域II時的速度大小之比為B.區域I與區域II內磁場的磁感應強度大小之比C.線框通過區域I和區域II過程產生的熱量相等D.線框右邊通過區域I和區域II過程通過線框某一橫截面積的電荷量相等15、有三個質量相等的分別帶有正電、負電和不帶電的微粒，從極板左側中央以相同的水平初速度v先后垂直場強方向射入，分別落到極板A、B、C處；如圖所示，則下列說法正確的有（）

A.落在A處的微粒帶正電，B處的不帶電，C處的帶負電B.三個微粒在電場中運動時間相等C.三個微粒在電場中運動的加速度aA＜aB＜aCD.三個微粒到達極板時的動能EkA＞EkB＞EkC評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、春天，人們會感覺到周圍環境比秋天潮濕，是因為空氣的_______（選填“相對”或“絕對”）濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強_______（選填“較大”或“較小”）。17、幾何光學中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作______18、質量為m,電荷量為q的帶電粒子由靜止開始，在電壓為U的電場中僅在電場力作用下加速后的速度為___________19、【小題1】警車向路上的車輛發射頻率已知的超聲波，同時探測反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分：有選錯的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質構成的半球殼的內外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內表面，入射方向與半球殼的對稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。20、如圖甲所示，100匝的圓形線圈面積為1m2，與水平放置的平行板電容器連接，電容器兩板間距離10cm．圓形線圈內有垂直于圓平面向里的勻強磁場，磁場的磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖乙所示（B取向里為正），圓形線圈中感應電動勢大小為______V；剛開始對電容器充電時圓形線圈中感應電流的方向為______（填“順時針”或“逆時針”）；穩定后，質量10g的帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，粒子的電荷量大小為______C．g取10m/s2．

21、如圖所示，小球A的質量為mA=5kg，動量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運動，與靜止的B球發生彈性碰撞，碰后A的動量大小變為PA'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動量大小為______kg·m/s，小球B的質量為____kg.

22、閱讀短文；回答問題：

變頻空調機。

空調機中有被稱為“冷媒”的物質；利用它的物態變化可以實現室內；室外熱量的轉移，如圖所示是空調機制冷系統的原理圖，其中壓縮機的作用是對氣態“冷媒”加壓，并使“冷媒”在管內循環，壓縮機的轉速越大，“冷媒”的流量越大，空調機的制冷能力就越強．

壓縮機的轉速由供電頻率決定；“變頻空調”是與傳統供電頻率不變的“定頻空調”相比較而產生的概念，與“定頻空調”相比，變頻空調機的變頻器可以在一定范圍內調節供電頻率，從而改變壓縮機的轉速．供電頻率越高，轉速越大，達到控制“冷媒”流量的目的．

變頻空調機開始工作時；以最大功率進行制冷，當室內溫度快速降至設定溫度后，壓縮機隨機處于低速持續運轉狀態，維持室溫基本不變．

某型號變頻空調機的部分參數如下表；其中：制冷量是指單位時間內空調機從密閉區域內去除熱量的總和；能效比是空調機在額定狀態工作時，制冷量與輸入功率之比．

。

最小。

額定。

最大。

輸入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

請回答下列問題：

(1)空調機的制冷原理是：在室內；“冷媒”由于________吸收熱量，而在室外則由于________放出熱量，從而把室內的熱量轉移到室外，達到降低室內溫度的目的．（以上均填物態變化名稱）

(2)關于變頻空調機；下列說法正確的是：（_____）．（填字母序號）

A；變頻空調的壓縮機與定頻空調一樣；也是斷斷續續工作的。

B；空調機制冷時；圖中鋼管A內流動的是氣態“冷媒”

C；空調壓縮機是利用降溫的方法使“冷媒”發生物態變化的。

D、變頻器供電頻率越高，空調機的制冷能力越強評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)26、某同學在測量一種均勻新材料電阻絲的電阻率的過程中；相關測量如下：

（1）用刻度尺測量電阻絲的接入長度為l=0.900m

（2）用螺旋測微器測量電阻絲直徑（刻度位置如圖1所示），從圖中讀出電阻絲的直徑為_________mm；

（3）為了粗測新材料電阻絲的阻值；該同學先選用多用電表“×10”擋調零后進行測量，發現表針偏轉的角度很大。

①為了把電阻測量得更準確些，應換用“________”擋；（選填“×100”或“×1”）；

②重新換擋后必須將紅、黑表筆__________，調節_____________使表針指向0Ω；

③重新測量的結果，如圖2所示，讀數為__________Ω。

（4）現要進一步精確測量其阻值；實驗室提供了以下相關器材（要求測量結果盡量準確）：

A.電池組（3V；內阻約1Ω）

B.電流表（0~3A；內阻約0.025Ω）

C.電流表（0~0.6A；內阻約0.125Ω）

D.電壓表（0~3V；內阻約3kΩ）

E.電壓表（0~15V；內阻約15kΩ）

F.滑動變阻器（0~20Ω；額定電流1A）

G.滑動變阻器（0~1000Ω；額定電流0.3A）

H.開關；導線。

①實驗時應選用的器材是_________________。（填寫各器材的字母代號）

②以下電路圖中__________（填電路圖下方的字母代號）電路為本次實驗應當采用的最佳電路。但用此最佳電路測量的結果仍然會比真實值___________。（填“偏大”或“偏小”）

③若根據伏安法測出電阻絲的阻值為Rx=6.4Ω，則這種新材料電阻絲的電阻率為__________Ω·m（結果保留二位有效數字）。

（5）用伏安法測金屬絲電阻存在系統誤差。為了減小系統誤差，有人設計了如圖所示的實驗方案。其中Rx是待測電阻，R是電阻箱，R1、R2是已知阻值的定值電阻。合上開關S，靈敏電流計的指針偏轉。將R調至阻值為R0時，靈敏電流計的示數為零。由此可計算出待測電阻Rx=__________；（用R1、R2、R0表示）27、某興趣小組的同學用下列實驗器材設計一個電路來比較精確地測量電阻R(約3kΩ)的阻值．

A．電壓表V1，量程為0~4V，內阻為r1=6kΩ

B．電壓表V2；量程為0~10V，內阻約為6kΩ

C．滑動變阻器R1(0~100Ω)；額定電流1A

D．滑動變阻器R2(0~500Ω)；額定電流0.2A

E．定值電阻R0=6kΩ

F．電源電動勢E=12V；內阻很小。

G．開關S；導線若干。

要求實驗中電表示數從零調節，可獲得多組測量數據，且電表讀數不得小于其量程的測量結果盡量準確，實驗操作方便．

(1)由實驗要求應選擇的實驗器材有___________(填器材前面的字母序號)；

(2)在虛線框內畫出測量電阻的最合理電路圖______________．(電路圖上標明所用儀器的代號)

(3)用已知量和測量的量表示Rx的表達式RX=___________，說明式中各字母所表示的物理量：___________．評卷人得分六、解答題(共3題，共12分)28、如圖所示，在真空中A、B兩點處各固定一個點電荷，它們的電荷量相等，均為4．0×10－10C；而帶電的性質不同，A為正；B為負，兩者相距80cm，P點與A、B等距離，均為50cm。

（1）試確定P點的場強大小和方向？

（2）試求P點處的場強和A、B連線中點O處的場強之比？29、如圖，一容器由橫截面積分別為2S和S的兩個圓筒連通而成，S=40.0cm2，容器平放在水平地面上，容器內壁光滑。兩活塞用長為L=40.0cm的剛性輕桿連接，外界大氣的壓強為p0=1.00×105Pa,溫度為T=303K.初始時，在水平力F=40N的作用下，大活塞靜止在與大圓筒底部相距處，兩活塞間封閉氣體的溫度為T1=495K.若容器內氣體溫度緩慢下降；活塞緩慢右移。求:

（1）在大活塞與大圓筒底部接觸前的瞬間；容器內氣體的溫度:

（2）容器內的氣體與容器外大氣達到熱平衡時；容器內氣體的壓強。

30、如圖甲所示，空間存在一寬度為的有界勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里.在光滑絕緣水平面內有一邊長為的正方形金屬線框，其質量電阻在水平向左的外力作用下，以初速度勻減速進入磁場，線框平面與磁場垂直，外力大小隨時間變化的圖線如圖乙所示；以線框右邊剛進入磁場時開始計時，求：

（1）勻強磁場的磁感應強度

（2）線框進入磁場的過程中，通過線框的電荷量

（3）線框向右運動的最大位移為多少？

（4）當線框左側導線即將離開磁場的瞬間，撤去外力則線框離開磁場過程中產生的焦耳熱多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．石墨和金剛石組成它們的化學元素是相同的；都是碳原子，它們的物理性質不同，是由于碳原子排列結構不同造成的，故A錯誤；

B．在一定溫度下；飽和汽的密度是一定的，它隨著溫度的升高而增大，故B錯誤；

C．空氣相對濕度越大時；空氣中水蒸氣壓強越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發越慢，干濕泡溫度計中兩只溫度計的讀數相差越小，故C錯誤；

D．液體表面張力是液體表面層里的分子比液體內部稀疏；分子間的距離比液體內部大，分子力表現為引力的結果，液體的表面張力使液面具有收縮到液面表面積最小的趨勢，故D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．同種物質也可能以晶體和非晶體兩種不同的形態出現；如石墨和金剛石，組成它們的物質都是碳，是微粒排列結構不同造成的，A錯誤；

B．液晶是一種特殊物質；它既具有液體的流動性，又像某些晶體具有光學各向異性，B錯誤；

C．液體表面張力使液面具有收縮趨勢；因為在液體表面層內分子間的作用力表現為引力，C正確；

D．粉筆能吸干紙上的墨水；是毛細現象，D錯誤。

故選C。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據熱力學第二定律；自然發生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的，故A正確；

B．液體表面層內的分子之間距離大于所以表面層內分子間的相互作用力表現為引力，故B錯誤；

C．一定質量的理想氣體被壓縮；則分子數密集程度增加，同時吸收熱量，則溫度升高，分子運動激烈，從壓強的微觀角度分析可知，壓強一定增大，故C正確；

D．當分子間距小于時，分子間作用力表現為斥力，分之間距離變大分子力做正功勢能降低，當距離大于分子力表現為引力，距離變大做負功勢能增加，故D正確。

本題選錯誤的，故選B。4、C【分析】【分析】

根據安培力公式；洛倫茲力公式及左手定則分析答題；知道導線或粒子方向沿電場線時均不受磁場力。

【詳解】

A、當帶電粒子的運動方向與磁場方向平行時，帶電粒子不受洛倫茲力作用，故A錯誤；

B、當通電導線電流方向與磁場方向平行時，通電導線不受安培力，故B錯誤；

C、由左手定則可知，洛倫茲力與粒子的運動方向垂直，即與位移方向垂直，在洛倫茲力方向上，帶電粒子沒有位移，洛倫茲力對帶電粒子不做功，故C正確；

D、洛倫茲力只能改變運動電荷的速度方向，不會改變速度大小，故D錯誤。

故選：C。

【點睛】

本題考查磁場力的性質，要注意安培力、洛倫茲力的產生、方向是初學者很容易出錯的地方，在學習中要加強這方面的練習，提高對知識的理解。5、B【分析】【詳解】

根據CD間存在電勢差，之間就存在電場，自由電荷在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，設霍爾元件的長寬高分別為a、b、c（如圖所示）；

有

則

A．保持B、I不變，增大C、D面間距離時，即b增大，UCD不變；故A錯誤；

B．保持B、I不變，增大上下面間距離時，即c增大，UCD減小；故B正確；

CD．n由材料決定，故UCD的大小與材料有關，q的正負也與材料有關，故C、D兩側面哪面電勢高也與材料有關，比如：定向移動的是自由電子，根據左手定則，電子向C側面偏轉，C表面帶負電，所以C表面的電勢低；故CD錯誤．

故選B．6、D【分析】【詳解】

地面對重物的沖擊力F方向豎直向上，根據牛頓第二定律：F-mg=ma，當沖擊力最大時，代入解得加速度最大為90m/s2，A錯誤；重物下落的高度為45cm，根據可求下落的時間為t=0.3s，所以落地時的速度v=gt=3m/s，B錯誤；反彈的高度為20cm，豎直向上做勻減速運動，由可求離開地面時的速度為2m/s，C錯誤；與地面相互作用的過程，取向下為正方向，根據動量定理：代入解得地面對重物的平均作用力所以D正確．7、D【分析】【詳解】

由右手定則可知，金屬棒上電流的方向是說明端電勢比端低，A錯誤；由能量守恒知金屬棒克服安培力做的功等于電阻和金屬棒上產生的焦耳熱，B錯誤；由動量定理整個過程中感應電荷量又聯立得故金屬棒的位移C錯誤，D正確．8、B【分析】【詳解】

A；單位時間內逸出的光電子數目與光的強度有關；由于光的強度關系未知，故選項A錯誤；

BD、光子能量分別為：和根據愛因斯坦光電效應方程可知光電子的最大初動能為：和逸出光電子的最大初動能之比為1:3，聯立可得逸出功為：用頻率為的單色光照射該金屬不能發生光電效應；故選項B正確，D錯誤；

C、兩種光的頻率不同，光電子的最大初動能不同，由動能定理可知對應的遏止電壓是不同的，故選項C錯誤；二、多選題(共7題，共14分)9、A:C:E【分析】【詳解】

A．把物體緩慢舉高；外力做功，其機械能增加，由于溫度不變，物體內能不變，選項A正確；

B．物體的內能與物體做什么性質的運動沒有直接關系；選項B錯誤；

C．電流通過電阻后電阻發熱；是通過電流“做功”的方式改變電阻內能的，選項C正確；

DE．根據分子間作用力的特點，當分子間距離等于r0時，引力和斥力相等，不管分子間距離從r0增大還是減小，分子間作用力都做負功，分子勢能都增大，故分子間距離等于r0時分子勢能最小；選項D錯誤，E正確。

故選ACE。10、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．物體溫度越高；分子平均動能越大，A正確；

B．一定質量的理想氣體的溫度升高；根據理想氣體狀態方程，壓強還和體積有關，若體積增加，壓強甚至可能還會減小，B錯誤；

C．物體放熱時；可能外界對它做功，內能不一定減小，C錯誤；

D．有熱力學第三定律可得；絕對零度不可能達到，D正確；

E．從單一熱源吸收熱量并全部用來對外做功而不引起其他變化是不可能實現的；E正確。

故選ADE。11、C:D【分析】試題分析：由圖象Ⅰ可知電源的電動勢為3.0V；短路電流為2.0A；由圖象Ⅱ可得外電路電阻R為1.5Ω，兩圖象的交點坐標即為電阻R和電源構成閉合回路時的外電壓和干路電流，再求功率．

解：A、由圖象Ⅰ可知，電源電動勢E=3.0V，短路電流I短=2.0A，則電源內阻為：r==Ω=1.5Ω；故A錯誤．

BC、由兩圖象的交點坐標，可得電源的路端電壓為1.5V，干路電流為1.0A，電源的總功率P總=EI=3W；輸出功率為P=UI=1.5×1.0W=1.5W，故B錯誤，C正確．

D、電路中的電流為1.0A，電源內部消耗功率為P內=I2r=12×1.5W=1.5W；故D正確．

故選CD

【點評】根據U﹣I圖象Ⅰ正確讀出電源的電動勢和短路電流，根據U﹣I圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發點．12、B:D【分析】【詳解】

試題分析：小球在斜面上運動時；一定受到豎直向下的重力和垂直斜面向上的洛倫茲力，可能受到垂直斜面向上彈力；小球能夠沿斜面到達底邊MN，說明垂直斜面的合力為0，洛倫茲力小于重力垂直斜面的分力．

小球合力是重力沿斜面向下的分力；因此小球合力恒定，故小球做勻變速曲線運動，故A錯誤；

小球做類平拋運動；沿著斜面方向做初速度為零的勻加速直線運動；

則小球的加速度再由運動學公式可得所以球到達底邊MN的時間。

故B正確；帶電荷量帶負電，由左手定則，根據左手定則可知，小球受到的洛倫茲力的方向垂直于斜面向上；盡管小球做勻變速曲線運動，但垂直磁場的方向速度不變，故洛倫茲力小于重力垂直于斜面向下的分力mgcosθ；也就是解得磁感應強度的取值范圍為故C錯誤；D正確．本題選BD

點睛：本題的關鍵是小球沿光滑斜面運動，合力為重力沿斜面的分力，是恒力；其次洛倫茲力也是恒力，因為盡管小球的速度在變，但垂直磁場方向的速度沒有變．13、A:D【分析】【詳解】

感應電動勢：E=2Blv，感應電流：ab間的電壓為而ad間的電壓為：故A正確，B錯誤．線框中的電流在ab邊產生的熱量為故C錯誤．由上分析可知，線框中的電流在ad邊產生的熱量：故D正確．故選AD．14、A:C【分析】【詳解】

A、線框進入Ⅰ的速度為v1，根據速度位移關系可得：v12=2as，進入II的速度為v2，從開始到線框進入II區域勻加速的位移為L，根據速度位移關系可得：v22=2aL，解得：A正確；

B、根據兩種情況下的安培力大小相等可得：B1I1s=B2I2s，即解得B錯誤；

C、線框通過區域I和區域II過程產生的熱量等于克服安培力做的功，即W=BIs?s=所以產生的熱量相等，C正確；

D、線框右邊通過區域I過程通過線框某一橫截面積的電荷量為線框右邊通過區域I過程通過線框某一橫截面積的電荷量為由于磁感應強度不同，則電荷量不同，D錯誤.

故選AC.15、A:C【分析】【詳解】

ABC．微粒在水平方向上均做勻速直線運動，且水平速度相同，三微粒在水平方向上的位移xC＜xB＜xA

則三微粒的運動時間為tC＝tB＝tA＝

可得tC＜tB＜tA

微粒在豎直方向上做初速度為零的勻加速運動，則有＝aAtA2＝aBtB2＝aCtC2

可得aA＜aB＜aC

所以落在A處的微粒必帶正電，B處的不帶電，而C處的帶負電；故AC正確，B錯誤；

D．根據動能定理得，在A處mg－qAE＝EkA－mv2

在B處mg＝EkB－mv2

在C處mg＋qCE＝EkC－mv2

由此可知EkA<EkB<EkC

故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]春天，人們會感覺到周圍環境比秋天潮濕，是因為空氣的相對濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強較大，從而使得體表的水分難以蒸發。【解析】相對較大17、略

【分析】【詳解】

幾何光學中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作線段。【解析】線段18、略

【分析】【分析】

帶電粒子經加速電場加速后；動能的大小等于電場力做功，求得速度v；

【詳解】

設加速后的速度為v，根據動能定理可得：所以．

【點睛】

本題考查帶電粒子在電場中的加速，注意動能定理的應用．【解析】19、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會變大，遠離觀察者，接收到的頻率就會變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進而求出

故半球殼外表面上有光線射出區域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】20、略

【分析】【詳解】

第一空．根據法拉第電磁感應定律從圖乙可知聯立解得：．

第二空．根據楞次定律可知；磁通量向里增加，感應電流磁場向外，根據右手定則判斷感應電流為逆時針方向．

第三空．帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，根據平衡條件有通過以上分析板間電壓為100V，板間場強與電壓關系：聯立解得：．【解析】100逆時針1×10-421、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據動量守恒定律得：解得：由機械能守恒定律得：代入數據解得：．【解析】3322、略

【分析】（1）在室內；制冷劑由液態變成氣態，叫做汽化，汽化吸熱；在室外又由氣態變成液態叫液化，液化放熱．故填汽化（蒸發）；液化．

（2）變頻空調的壓縮機是連續工作的，故A錯誤；由圖示可知，空調機制冷時，圖中鋼管A內流動的是氣態“冷媒”，故B正確；空調壓縮機是利用做功的方法使“冷媒”發生物態變化的，故C錯誤；變頻器供電頻率越高，空調機的制冷能力越強，故D正確。所以選BD。【解析】液化汽化BD四、作圖題(共3題，共18分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共18分)26、略

【分析】【詳解】

（2）[1]螺旋測微器的讀數為

（3）[2][3][4][5]歐姆表指針偏轉角度很大，說明所選檔位太大，為了把電阻測得更準一些，應換用×1擋，換擋后需要重新調