…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀少新版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、圖是電子射線管的示意圖。接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線。要使熒光屏上的亮線向下（z軸方向）偏轉；在下列措施中可采用的是（）

A.加一磁場，磁場方向沿z軸負方向B.加一磁場，磁場方向沿y軸正方向C.加一電場，電場方向沿z軸負方向D.加一電場，電場方向沿y軸正方向2、關于發光二極管，下列說法正確的是（）A.發光二極管能發光，不具有單向導電性B.發光二極管能直接把光能轉化為電能C.發光二極管只要在兩端加有正向電壓，就可以發光D.發光二極管只有加正向電壓時，才有可能發光3、以下關于電能輸送的分析，正確的是（）A.由公式P＝知，輸電電壓越高，輸電線上功率損失越大B.由公式P＝知，輸電導線電阻越大，輸電線上功率損失越大C.由公式P＝I2R知，輸電電流越大，輸電導線上功率損失越小D.由公式P＝UI知，輸電導線上的功率損失與電流成正比4、2020年爆發了新冠肺炎，該病毒傳播能力非常強，因此研究新冠肺炎病毒株的實驗室必須全程都在高度無接觸物理防護性條件下操作。武漢病毒研究所是我國防護等級最高的P4實驗室，在該實驗室中有一種污水流量計，其原理可以簡化為如圖所示的模型：廢液內含有大量正、負離子，從直徑為d的圓柱形容器右側流入，左側流出。流量值Q等于單位時間通過橫截面的液體的體積。空間有垂直紙面向里的磁感應強度為B的勻強磁場；下列說法正確的是（）

A.帶電粒子所受洛倫茲力的方向水平向左B.正、負粒子所受洛倫茲力的方向是相同的C.污水流量計也可以用于測量不帶電的液體的流速D.只需要測量M、N兩點間的電壓就能夠推算廢液的流量5、如圖所示，P、Q是兩個等量異種點電荷，MN是它們連線的中垂線，在垂直紙面的方向上有磁場。如果某正電荷以初速度V0沿中垂線MN運動；不計重力，則（）

A.若正電荷做勻速直線運動，則所受洛倫茲力的大小不變B.若正電荷做勻速直線運動，則所受洛倫茲力的大小改變C.若正電荷做變速直線運動，則所受洛倫茲力的大小不變D.若正電荷做變速直線運動，則所受洛倫茲力的大小改變6、如圖所示，兩個半徑相同的半圓形軌道分別豎直放在勻強磁場和勻強電場中，軌道兩端在同一高度上，軌道是光滑的。兩個相同的帶正電小球同時從兩軌道左端最高點由靜止釋放，為軌道的最低點；則（）

A.兩小球到達軌道最低點的速度B.兩小球到達軌道最低點的速度C.小球第一次到達點的時間大于小球第一次到達點的時間D.在磁場中小球能到達軌道的另一端，在電場中小球不能到達軌道的另一端7、如圖所示；兩個閉合正方形線框A；B的中心重合，放在同一水平面內。當小線框A中通有不斷增大的順時針方向的電流時，對于線框B，下列說法中正確的是（）

A.有順時針方向的電流且有收縮的趨勢B.有順時針方向的電流且有擴張的趨勢C.有逆時針方向的電流且有收縮的趨勢D.有逆時針方向的電流且有擴張的趨勢8、矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動時；產生的感應電動勢最大值為50V，那么該線圈由圖示位置(線圈平面與磁場方向平行)轉過30°時，線圈中的感應電動勢大小為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，在邊界上方存在磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場。磁場的直線邊界上有粒子源位于O點，零時刻粒子源同時向紙面內各個方向發射速率均為v、質量均為m、電荷量均為的粒子，有兩個粒子先后經過邊界上另外一點P，的長度為不計粒子重力及粒子間相互作用力，則下列說法正確的是（）

A.兩個粒子運動的加速度大小不相同B.兩個粒子運動軌道的半徑不相同C.兩個粒子分別從O點到達P點時的動量變化量相同D.兩個粒子到達P點的時間差為10、如圖所示的電路中,A；B是完全相同的燈泡,L是電阻不計的電感線圈,下列說法中正確的是。

A.當開關S閉合時,A燈先亮,B燈后亮B.當開關S閉合時,B燈同時亮,電路穩定后,B燈更亮，A燈熄滅C.當開關S斷開時,A燈閃亮一下再媳滅D.當開關S斷開時,B燈過一會兒熄滅11、初速度為v0的電子；沿平行于通電長直導線的方向射出，直導線中電流方向與電子初速度方向如圖，則（）

A.電子將向左偏轉B.電子將向右偏轉C.電子所受洛倫茲力變小D.電子所受洛倫茲力大小不變12、線圈的匝數為100匝；在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動時，穿過線圈的磁通量隨時間的變化規律如圖所示。下列結論正確的是（）

A.在和時，線圈平面和磁場垂直，電動勢最大B.在和時，線圈平面和磁場垂直，電動勢為零C.在和時電流方向不變D.在和時，線圈切割磁感線的有效速率最大13、圖甲是小型交流發電機的示意圖；A為理想交流電流表，V為理想交流電壓表．內阻不計的矩形線圈繞垂直于磁場方向的水平軸沿逆時針方向勻速轉動，矩形線圈通過滑環接一理想變壓器，原；副線圈匝數比為3∶2，副線圈接有滑動變阻器，從某時刻開始計時，副線圈輸出電壓如圖乙所示，以下判斷正確的是。

A.電壓表的示數為15VB.副線圈輸出電壓瞬時值表達式VC.若滑動觸頭P的位置向上移動時，電流表讀數將減小D.把發電機線圈的轉速變為原來的一半，則變壓器的輸入功率將減小到原來的一半評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、“磁生電”的發現。

1831年，英國物理學家______發現了電磁感應現象。15、(1)下列關于電磁波的說法正確的是____

A.均勻變化的磁場能夠在空間產生電場。

B.電磁波在真空和介質中傳播速度相同。

C.只要有電場和磁場；就能產生電磁波。

D.電磁波在同種介質中只能沿直線傳播。

(2)目前雷達發射的電磁波頻率多在200MHz至1000MHz的范圍內；請回答下列關于雷達和電磁波的有關問題。

①雷達發射電磁波的波長范圍是多少______？

②能否根據雷達發出的電磁波確定雷達和目標間的距離_______？16、（1）電磁振蕩的周期T：電磁振蕩完成一次______需要的時間；

（2）電磁振蕩的頻率f：周期的倒數，數值等于單位時間內完成的______的次數．

如果振蕩電路沒有能量損失，也不受其他外界條件影響，這時的周期和頻率分別叫作振蕩電路的______周期和______頻率．

（3）LC電路的周期和頻率公式：______，______，其中：周期T、頻率f、電感L、電容C的單位分別是秒(s)、赫茲(Hz)、亨利(H)、法拉(F)。17、回旋加速器。

（1）構造：兩個D形盒，兩D形盒接______流電源，D形盒處于垂直于D形盒的勻強______中；如圖。

（2）工作原理：

①電場的特點及作用。

特點：兩個D形盒之間的窄縫區域存在______的電場。

作用：帶電粒子經過該區域時被______。

②磁場的特點及作用。

特點：D形盒處于與盒面垂直的______磁場中。

作用：帶電粒子在洛倫茲力作用下做______運動，從而改變運動______，______圓周后再次進入電場。18、某型號的回旋加速器的工作原理圖如圖甲所示，圖乙為俯視圖．回旋加速器的核心部分為D形盒，D形盒置于真空容器中，整個裝置放在電磁鐵兩極之間的磁場中，磁場可以認為是勻強磁場，且與D形盒盒面垂直．兩盒間狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計．帶電從粒子源A處進入加速電場的初速度不計，從靜止開始加速到出口處所需的時間為t（帶電粒子達到最大速度在磁場中完成半個圓周后被導引出來），已知磁場的磁感應強度大小為B，加速器接一高頻交流電源，其電壓為U，可以使帶電粒子每次經過狹縫都能被加速，不考慮相對論效應和重力作用，D形盒半徑R＝_______，D型盒內部帶電粒子前三次做勻速圓周的軌道半徑之比(由內到外)為______________．

19、徐老師用實驗來探究自行車測速碼表用的霍爾元件中自由電荷的電性。如圖所示，設NM方向為x軸，沿EF方向（y軸）通入恒定電流I，垂直薄片方向（z軸）加向下的磁場B，測得沿___________（填“x”“y”或“z”）軸方向會產生霍爾電壓如果自由電荷為負電荷，則___________（真“M”或“N”）板電勢高。

20、伸開右手，使拇指與其余四個手指_________，并且都與手掌在同一個平面內；讓磁感線從掌心進入，并使_________指向導線運動的方向，這時_________所指的方向就是感應電流的方向。21、如圖所示，矩形線圈一邊長為d，另一邊長為a，電阻為R，當它以速度V勻速穿過寬度為L，磁感應強度為B的勻強磁場過程中，若L__________，通過導線橫截面的電荷量為__________；若L>d，產生的電能為__________，通過導線橫截面的電荷量為__________．

22、如圖所示，是一個按正弦規律變化的交變電流的圖像，則該交變電流的周期是_________s，電流的有效值是______A。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共4題，共20分)27、帶電粒子的質量為m=1.7×10－27kg，電荷量為q=1.6×10－19C，以速度v=3.2×106m/s沿垂直于磁場并垂直于磁場邊界的方向進入勻強磁場中，磁場的磁感應強度為B=0.17T，磁場的寬度為L=10cm；如圖所示．

(1)帶電粒子離開磁場時的速度多大？

(2)帶電粒子在磁場中運動多長時間？

(3)帶電粒子在離開磁場時偏離入射方向的距離d為多大？(g取10m/s2)

28、如圖所示，在水平熒光板的上方分布了水平方向的勻強磁場，磁感應強度大小為方向垂直紙面向里，為中點，點正上方有一粒子源能夠在紙面內向各個方向發射速度大小為的粒子，已知粒子的電荷量為質量為不計粒子間的相互作用及粒子重力。求：

(1)從粒子源發射的粒子運動到板的最短時間；

(2)粒子打到板上的區域長度。

29、如圖所示，M、N兩金屬圓是直線加速器的一部分，M與N間的電勢差大小為U；邊長為2L的立方體區域abcda'b'c'd'內有豎直方向的勻強磁場。一質量為m，電量為－e的粒子，以初速度v0水平進入圓筒M左側的小孔，粒子在每個筒內均做勻速直線運動，在兩筒間做勻加速直線運動。粒子自圓筒N出來后，從正方形add'a'的中心垂直進入磁場區域，最后從棱邊bb'的中點飛出磁場區域；忽略粒子受到的重力。求：

（1）粒子進入磁場區域時的速率v；

（2）磁感應強度的大小B和方向。

30、如圖所示，一個長為2L、寬為L粗細均勻的矩形線框，質量為m、電阻為R，放在光滑絕緣的水平面上。一個邊長為2L的正方形區域內，存在豎直向下的勻強磁場，其左邊界在線框兩長邊的中點MN上：

(1)在t=0時刻，若磁場的磁感應強度從零開始均勻增加，變化率=k，線框在水平外力作用下保持靜止，求在某時刻t時加在線框上的水平外力大小和方向；

(2)若正方形區域內磁場的磁感應強度恒為B，磁場從圖示位置開始以速度v勻速向左運動，并控制線框保持靜止，求到線框剛好完全處在磁場中的過程中產生的熱量Q；

(3)若(2)問中，線框同時從靜止釋放，求當通過線框的電量為q時線框速度大小的表達式。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．加一磁場，磁場方向沿z軸負方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿y軸負方向，電子不會沿z軸向下偏轉；故A錯誤；

B．加一磁場，磁場方向沿y軸正方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿z軸負方向，電子沿z軸向下偏轉；故B正確；

C．加一電場，電場方向沿z軸負方向，電子受電場力沿z軸正方向，電子不會沿z軸向下偏轉；故C錯誤；

D．加一電場，電場方向沿y軸正方向，電子受電場力沿y軸負方向，電子不會沿z軸向下偏轉；故D錯誤；

故選B。2、D【分析】【分析】

【詳解】

發光二極管和普通二極管一樣；都具有單向導電性，都是半導體材料制成的，只有當兩端加正向電壓時，才能處于導通狀態，但不一定發光，要求達到一定的電壓值，它能直接把電能轉化為光能。

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．在計算輸電線上功率損失時，公式P＝中的U表示的是輸電線上的電壓降，而不是輸電電壓；在輸送電能一定時，由P=UI可知，輸電電壓越高，輸電電流越小，由?P=I2R；可知輸電線上功率損失越小，A錯誤；

B．由公式P＝計算輸電線功率損失時，公式中的U必須是輸電線上的電壓降，則公式可變成?P=I2R；則有輸電線的電阻越大，輸電線上功率損失越大，B正確；

C．根據公式P＝I2R可得輸電電流越大；輸電導線上功率損失越大，C錯誤；

D．由公式P＝UI計算輸電導線上的功率損失時，U必須是輸電線上的電壓降，則公式變成?P=I2R；輸電導線上的功率損失與電流的平方成正比，D錯誤。

故選B。4、D【分析】【詳解】

AB．根據左手定則；正電荷受到豎直向下的洛倫茲力，負電荷受到豎直向上的洛倫茲力，故AB錯誤；

C．不帶電的液體在磁場中流動時，由于沒有自由電荷，不能形成電場，MN兩點沒有電勢差；因此無法測出流速，故C錯誤；

D．計算液體的流速，根據

可得流速

流量

故D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

正電荷向右運動過程中；受等量異種點電荷向下的電場力，要保持運動方向不變，則洛倫茲力必須平衡電場力，合力為零，電場力始終與速度垂直，電場力不做功，粒子只能做勻速直線運動；由等量異種點電荷中垂線上電場強度變化的特點知電場力是變化的，所以洛倫茲力大小是變化的，始終平衡電場力，故ACD錯誤，B正確。

故選B。6、D【分析】【詳解】

AB．小球在磁場中運動時洛倫茲力不做功，所以只有重力做功．在電場中受的電場力向左，下滑過程中電場力做負功，所以到達最低點時速度關系為vM>vN；AB錯誤；

C．整個過程的平均速度>所以時間tM<tN；C錯誤；

D．由于電場力做負功；電場中的小球不能到達軌道的另一端．D正確。

故選D。7、D【分析】【分析】

【詳解】

小線框A中通有不斷增大的順時針方向的電流時；由右手螺旋定則可知，小線框A中電流的磁場向里且逐漸增大，根據疊加原理可知線框B中電流的磁場向里且逐漸增大，由楞次定律可知，磁場增大時，感應電流的磁場與原磁場的方向相反，所以線框B中感應電流的磁場的方向向外，感應電流的方向為逆時針方向；根據同向電流相互吸引，反向電流相互排斥可得線框B有擴張的趨勢，故A；B、C錯誤，D正確；

故選D。8、C【分析】【詳解】

線圈繞垂直于磁感線的軸勻速轉動，從垂直中性面的位置開始計時，感應電動勢的瞬時值為

故當時，感應電動勢的瞬時值為

所以C正確；ABD錯誤；

故選C。二、多選題(共5題，共10分)9、C:D【分析】【詳解】

A．零時刻粒子源同時向紙面內各個方向發射速率均為v、質量均為m、電荷量均為的粒子，根據

可知；加速度相同，故A錯誤；

B．根據

可知；半徑相同，故B錯誤；

C．根據題意可知，根據幾何關系可知，兩粒子入射與邊界OP方向夾角分別為60°和120°，根據題意可知，出射方向速度與邊界OP方向夾角60°和120°，速度方向變化均垂直OP方向向下；大小相同，則動量變化相同，故C正確；

D．兩粒子運動周期

兩個粒子到達P點的時間差為

故D正確。

故選CD。10、B:C【分析】【分析】

電感線圈L中電流變化時；會產生自感電動勢，阻礙電流的變化；故電鍵接通瞬間通過線圈的電流緩慢增加，電鍵斷開瞬間通過線圈的電流緩慢減少．

【詳解】

當開關S閉合時；電路中的電流增加，由于線圈的自感作用，將產生一自感電動勢阻礙電流的增加，此時A；B二燈相當于串聯，同時亮；電路穩定后線圈相當于一段導線，將A燈短路，A燈熄滅，B燈兩端所加電壓增加而變得更亮，故A錯誤，B正確．斷開S時，B燈立即熄滅；線圈產生自感電動勢，和燈泡A構成閉合電路，A燈先閃亮后逐漸變暗；故C正確，D錯誤；故選BC．

【點睛】

本題考查了通電自感和斷電自感，關鍵要明確線圈中的自感電動勢總是阻礙電流的增加和減小，即總是阻礙電流的變化．11、B:C【分析】【詳解】

AB．由安培定則可知導線右側的磁場方向垂直紙面向里；根據左手定則可知運動電子所受洛倫茲力方向向右，因此電子將向右偏轉，A錯誤，B正確；

CD．洛倫茲力不做功，電子的速率不變，根據F洛=Bvq，B變小，F洛變小；D錯誤，C正確。

故選BC。12、B:C【分析】【詳解】

A．線圈平面與磁場垂直時的位置為中性面，在和時；磁通量最小，線圈平面和磁場平行，線圈位于與中性面垂直的位置，感應電動勢最大，故A錯誤；

BD．在和時；磁通量最大，線圈位于中性面位置，感應電動勢為0，則磁通量變化率為0，線圈切割磁感線的有效速率最小，故B正確，D錯誤；

C．在和時；磁通量最小，線圈位于與中性面垂直的位置，電流方向沒有發生變化，故C正確。

故選BC。13、A:B:C【分析】【詳解】

A．次級電壓有效值為

初級電壓即電壓表讀數為

選項A正確；

B．交流電的周期T=2×10-2s，則

故副線圈輸出電壓瞬時值表達式V

選項B正確；

C．若滑動觸頭P的位置向上移動時，電阻R增大；次級電流減小，則初級電流減小，則電流表讀數將減小，選項C正確；

D．把發電機線圈的轉速變為原來的一半，根據

可知，交流電壓最大值變為一半，變壓器的輸入電壓減半，次級電壓減半，根據

可知；次級功率變為原來的四分之一，則變壓器的輸入功率將減小到原來的四分之一，選項D錯誤；

故選ABC。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】法拉第15、略

【分析】【詳解】

(1)[1]AC．如果電場（或磁場）是均勻變化的；產生的磁場（或電場）是恒定的，不能產生新的電場（磁場），因而不能產生電磁波，A正確，C錯誤；

B．電磁波的傳播速度跟介質有關，頻率由波源決定，同一頻率的電磁波在不同介質中波長不等，由v＝λf知不同介質中波的傳播速度不同；B錯誤；

D．電磁波在同種均勻介質中才能沿直線傳播；D錯誤。

故選A。

(2)①[2]由c＝λf可得λ1＝＝m＝1.5mλ2＝＝m＝0.3m

故雷達發出的電磁波的波長范圍是0.3~1.5m。

②[3]電磁波測距的原理就是通過發射和接收電磁波的時間間隔來確定距離，所以可根據x＝

確定雷達和目標間的距離。【解析】①.A②.0.3~1.5m③.能16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.周期性變化②.周期性變化③.固有④.固有⑤.⑥.17、略

【解析】①.交②.磁場③.周期性變化④.加速⑤.勻強⑥.勻速圓周⑦.方向⑧.半個18、略

【分析】【詳解】

[1]．設粒子從靜止開始加速到出口處運動了n圈，質子在出口處的速度為v，則

質子圓周運動的周期

質子運動的總時間t=nT

聯立解得

[2]．設質子第1次經過狹縫被加速后的速度為v1

由動能定理得

由牛頓第二定律有

聯立解得：

同理，粒子經2次加速后做圓周運動的半徑：

粒子經3次加速后做圓周運動的半徑：

可知D型盒內部帶電粒子前三次做勻速圓周的軌道半徑之比(由內到外)為：【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1][2]由左手定則知，帶負電的自由電荷向N板偏轉，NM間（軸方向）產生霍爾電壓，M板電勢高。【解析】M20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】垂直拇指四指21、略

【分析】【分析】

根據公式E=Blv求出線圈切割磁感線產生的感應電動勢；由閉合電路歐姆定律求出感應電流，即可由焦耳定律求出線圈產生的電能，由q=It求解電量．

【詳解】

線圈進入磁場的過程中，產生的感應電動勢為：E=Bav，

由閉合電路歐姆定律得感應電流：

如果：L通過導體截面的電荷量為

如果：L>d，由焦耳定律得，線圈產生的電能為

通過導體截面的電荷量為．【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知；該交變電流的周期是0.20s；

[2]由圖可知，該交變電流的最大值為電流的有效值【解析】0.2010四、作圖題(共4題，共36分)23、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，