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…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁,總=sectionpages22頁第=page11頁,總=sectionpages11頁2025年人教版(2024)選修3物理下冊階段測試試卷530考試試卷考試范圍:全部知識點;考試時間:120分鐘學校:______姓名:______班級:______考號:______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題,共12分)1、在如圖所示的電路中,電源電動勢為E、內電阻為r,V為電壓表,A為電流表,R0為定值電阻,R為滑動變阻器;開關閉合后,電路正常工作,當滑動變阻器的滑片向左移動時,下列判斷正確的是。

A.電壓表的示數不變B.電流表的示數將增大C.電阻R0上消耗的電功率將增大D.燈泡L將變亮2、由a和b兩種頻率的光組成的光束,經玻璃三棱鏡折射后的光路如圖所示。a光是氫原子由n=4的能級向n=2的能級躍遷時發出的。下列說法確的是()

A.該三棱鏡對a光的折射率較大B.在真空中,a光的傳播速度大于b光的傳播速度C.b光可能是氫原子從n=3的能級向n=2的能級躍遷時發出的D.用同一雙縫干涉裝置進行實驗,a光干涉條紋的間距大于b光干涉條紋的間距3、一正三角形導線框高為從圖示位置沿x軸正方向勻速穿過兩勻強磁場區域.兩磁場區域磁感應強度大小均為B、磁場方向相反且均垂直于xOy平面,磁場區域寬度均為a.則感應電流I與線框移動距離x的關系圖象可能是(以逆時針方向為感應電流的正方向。

A.B.C.D.4、如圖所示,在點電荷Q產生的電場中,實線MN是一條方向未標出的電場線,虛線AB是一個電子只在電場力作用下的運動軌跡,設電子在A、B兩點的加速度大小分別為aA、aB,電勢能分別為EpA、EpB;下列說法正確的是()

A.若aA<aB,則Q靠近M端且為負電荷B.若aA>aB,則Q靠近M端且為正電荷C.EpA=EpBD.EpA>EpB5、一九二三年美國物理學家邁克耳遜用旋轉棱鏡法較準確的測出了光速,其過程大致如下,選擇兩個距離已經精確測量過的山峰(距離為L),在第一個山峰上裝一個強光源S,由它發出的光經過狹縫射在八面鏡的鏡面1上,被反射到放在第二個山峰的凹面鏡B上,再由凹面鏡B反射回第一個山峰,如果八面鏡靜止不動,反射回來的光就在八面鏡的另外一個面3上再次反射,經過望遠鏡,進入觀測者的眼中.(如圖所示)如果八面鏡在電動機帶動下從靜止開始由慢到快轉動,當八面鏡的轉速為ω時,就可以在望遠鏡里重新看到光源的像,那么光速等于。

A.B.C.D.6、說明原子核具有復雜結構的是A.質子的發現B.天然放射性現象的發現C.電子的發現D.α粒子散射實驗評卷人得分二、多選題(共7題,共14分)7、如圖所示,兩平行金屬板間帶電質點P原處于靜止狀態,不考慮電流表和電壓表對電路的影響,當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時;則()

A.電壓表讀數增大B.電流表讀數增大C.R3上消耗的功率逐漸減小D.質點P仍處于靜止狀態8、如圖所示,直線A為電源的U-I圖線,電源電動勢為E,內阻為r,曲線B為燈泡的U-I圖線,現將該小燈泡接在該電源兩端,此時燈泡電阻為R,則以下說法正確的是()

A.E=3V,r=2ΩB.R=1ΩC.電源的輸出功率為4WD.若增大燈泡兩端的電壓,則燈泡的電阻增大9、在高能物理研究中,回旋加速器起著重要作用,其工作原理如圖所示,D1和D2是兩個中空的半圓金屬盒,它們之間有一定的電勢差.兩個半圓盒處于與盒面垂直的勻強磁場中.中央O處的粒子源產生的粒子,在兩盒之間被電場加速,粒子進入磁場后做勻速圓周運動,忽略粒子在電場中的加速時間;不考慮相對論效應.下列說法正確的是。

A.粒子運動半個圓周之后,電場的方向必須改變B.粒子在磁場中運動的周期越來越大C.磁感應強度越大,粒子離開加速器時的動能就越大D.兩盒間電勢差越大,粒子離開加速器的動能就越大10、半徑為右端開小口的導體圓環和長為2的導體直桿,單位長度電阻均為R0.圓環水平固定放置,整個內部區域分布著豎直向下的勻強磁場,磁感應強度為B.桿在圓環上以速度平行于直徑CD向右做勻速直線運動,桿始終有兩點與圓環良好接觸,從圓環中心O開始,桿的位置由確定;如圖所示.則。

A.=0時,桿產生的電動勢為B.時,桿產生的電動勢為C.=0時,桿受的安培力大小為D.時,桿受的安培力大小為11、關于電源的電動勢,下列說法中正確的是()A.電源電動勢越大,表明它將其他形式的能轉化為電能的本領越大B.電源電動勢在數值上等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓C.電源電動勢在數值上等于非靜電力在單位時間內所做的功D.電源電動勢在數值上等于非靜電力把1C正電荷在電源內從負極移送到正極所做的功12、一束復色光沿半徑方向射向一半圓形玻璃磚,發生折射而分為a、b兩束單色光,其傳播方向如圖所示.下列說法中正確的是()

A.玻璃磚對a、b的折射率關系為B.a、b在玻璃中的傳播速度關系為C.增加入射角,單色光a先消失D.單色光a從玻璃到空氣的全反射臨界角大于單色光b13、下列說法中正確的是____。A.在受迫振動中,物體振動的頻率不一定等于驅動力的頻率B.做簡諧運動的質點,經過四分之一周期,所通過的路程不一定等于振幅C.變化的磁場可以產生電場,變化的電場可以產生磁場E.聲波從空氣傳入水中時頻率變大,波長不變E.聲波從空氣傳入水中時頻率變大,波長不變評卷人得分三、填空題(共8題,共16分)14、如圖所示,一橫截面為半圓柱形的玻璃磚,圓心為O,半徑為R.某一單色光垂直于直徑方向從A點射入玻璃磚,折射光線經過P點,OP與單色光的入射方向平行,且A到O的距離為P到O的距離為則玻璃磚對單色光的折射率為_________.

15、我國南方谷雨時節,天氣潮濕,門窗、墻面、地面都會“出汗”,這是由于空氣中的水分子達到飽和,使得北方人在南方時大多感覺不適,那么在物理學中用來描述此潮濕感覺的物理量是_______。此現象中,水珠附著在墻面成露珠狀,是由于液體_______作用的結果。16、一瓶酒精用了一些后,把瓶蓋擰緊,不久瓶內液面上方形成了酒精的飽和汽。當溫度升高時,瓶中酒精飽和汽的壓強____(選填“增大”“減小”或“不變”)。酒精分子間作用力F與分子間距r的關系如圖所示,時,分子間勢能由r決定,規定兩分子相距無窮遠時分子間的勢能為零。若一分子固定于原點O,另一分子從間距由減小到的過程中,勢能____(選填“增大”“減小”或“不變”)。

17、下圖甲為一臺小型發電機構造示意圖,線圈逆時針轉動,產生的電動勢隨時間變化的正弦規律圖象如圖乙所示.發電機線圈內阻為5Ω,外接燈泡的電阻為105Ω,電流的有效值為_____A,電壓表的示數為_____V,燈泡實際消耗的功率為_____W,發電機線圈內阻每分鐘產生的焦耳熱為_____J.

18、如圖所示,平行板電容器板間距離d=10cm,與一個直流電源相連,電源電壓為10V,N板接地,取大地電勢為零,兩板間有一點P,P點距M板5cm,把開關閉合給電容器充電,然后再斷開,P點場強大小為________,電勢為____________,若把N板向下移動10cm,則P點場強大小為________,電勢為_________。

19、如圖所示,在水和汽達到動態平衡時,測得水柱長206mm,水銀柱長723.3mm。已知大氣壓為760mmHg,則水的飽和汽壓為________mmHg(計算結果保留1位小數)。如把圖中的管上提1cm(未脫離水銀槽),則管中水銀面將________(填“上升”“下降”或“不變”),水的飽和汽壓將________(填“變大”“變小”或“不變”)。(水銀密度為13.6×103kg/m3)

20、如圖所示,甲木塊的質量為m1=2kg,以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前運動,正前方有一靜止的、質量為m2=3kg的乙木塊,乙上連有一輕質彈簧.則甲木塊與彈簧接觸后彈簧獲得的最大彈性勢能為___J,乙木塊受到的沖量I=___________

21、(1)關于光電效應,下列說法正確的是____________

A.極限頻率越大的金屬材料逸出功越大。

B.只要光照射的時間足夠長;任何金屬都能產生光電效應。

C.從金屬表面出來的光電子的最大初動能越大;這種金屬的逸出功越小。

D.入射光的光強一定時;頻率越高,單位時間內逸出的光電子數就越多。

(2)兩個質量分別為M1和M2的劈A和B,高度相同,放在A和B的傾斜面都是光滑曲面,曲面下端與水平相切,如圖所示.一塊位于劈A的傾斜面上,距水平面的高度為h.物塊從靜止開始滑下,然后又滑上劈B.物塊在B上能夠達到的是大高度______;

評卷人得分四、作圖題(共3題,共9分)22、如圖所示,甲、乙是直線電流的磁場,丙、丁是環形電流的磁場,戊、己是通電螺線管的磁場,試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向.

23、示波管的內部結構如圖所示.如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓,電子束將打在熒光屏中心.如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓,請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖.

24、圖中表示某一時刻的波形圖,已知波速為0.5m/s,波沿著x軸的正方向傳播;畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題,共15分)25、以下表格中所列數據是測量小燈泡U?I關系的實驗數據:。U(V)0.00.20.51.01.52.02.53.0I(A)0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215

①分析表格內實驗數據并結合電表內阻(電壓表約為3kΩ,電流表約為0.125Ω)可知,應選用的實驗電路圖是圖_______(填“A”;“B”、“C”、“D”);

②根據你所選的電路圖完成實物圖中的連線______.

③把表格中第4組數據所對應的點用記號“+”標在答題紙對應的U-I圖中,并用平滑曲線作出完整的U-I圖線______.

④現將兩個這樣的小燈泡并聯后再與一個5的定值電阻R串聯,接在內阻為1、電動勢為3V的電源兩端,如圖所示.則圖中電流表的讀數為_______A(保留兩位有效數字),此時每盞小燈泡的電功率為_______W(保留兩位有效數字)26、某物理實驗小組設計了如圖甲所示的電路圖,采用半偏法測量一電流計G的內阻Rg。在該小組測量電流計G內阻Rg的過程中:

(1)請根據圖甲所示電路圖,在圖乙中用筆畫線表示導線將相應的實物電路補充完整_______;

(2)正確連接好電路后;小組成員繼續進行如下實驗步驟:

①閉合開關S1,調節R1,使電流計G的指針指向滿偏刻度Ig;

②保持R1不變,閉合S2,調節電阻箱R2,使電流計G的指針指向刻度盤中間,讀出并記下此時電阻箱的電阻值為R2;

請寫出步驟①中存在的不足之處:___________;

(3)按修改后步驟完成實驗,可知電流計G的內阻測量值為Rg=___________;

(4)由于存在系統誤差,按上述實驗步驟測出的電流計G的內阻R測與電流計G內阻的真實值Rg相比較,R測___________Rg(選填“>”或“<”或“=”);

(5)另一實驗小組,為了消除(4)中提到的系統誤差,在原電路的基礎上進行修改,在原電路中增加了一個電流計Go,Go的量程稍大于G,電路如圖丙。重復操作步驟①后,步驟②改為:閉合S2,同時調節R1和R2,使得___________,同時G的示數為讀出并記下此時R2的電阻值,即可消除(4)中提到的系統誤差。27、如圖甲連接電路,選用8V直流電源,470微法的電解電容器.當單刀雙擲開關s擲向1端,電源向電容器充電.然后把開關擲向2端,電容器通過電阻R放電,傳感器將電流信息傳入計算機,屏幕上顯示出如圖乙所示的電流隨時間變化曲線.一位同學對實驗進行了一些分析,其中正確的是_______

A、開關s擲向2端時,流經電流傳感器的電流方向從B到A

B、放電過程中電容器的電容C、電荷量Q、電壓U都變小

C、Ι-t圖中曲線與坐標軸圍成的面積表示電容器儲存的電荷量

D、電容器充電完畢時,儲存的電能約為0.015JA.開關s擲向2端時,流經電流傳感器的電流方向從B到AB.放電過程中電容器的電容C、電荷量Q、電壓U都變小C.Ι-t圖中曲線與坐標軸圍成的面積表示電容器儲存的電荷量D.電容器充電完畢時,儲存的電能約為0.015J評卷人得分六、解答題(共1題,共4分)28、1.某密閉房間內原來的空氣溫度和壓強均與室外環境的相同,假設室外環境的溫度不變,對該室內空氣緩慢降溫,則一段時間后,室內空氣分子的平均動能______室外空氣分子的平均動能;室內空氣的壓強______室外環境的壓強。(均選填“大于”、“小于”或“等于”)2.如圖所示,一長度為L、橫截面積為S的平底試管(管口帶卡槽,圖中未畫出)水平固定,管中有一個到管底距離為的橡皮活塞(不漏氣,厚度不計),活塞兩側的氣體壓強均為大氣壓強熱力學溫度均為現對試管內的氣體緩慢加熱,當管內氣體的溫度緩慢升至時;活塞開始向右移動。大氣壓強保持不變,認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。

(1)求活塞與管壁間的滑動摩擦力大小f;

(2)若活塞開始移動后,繼續對管內氣體緩慢加熱,求管內氣體的熱力學溫度時的壓強p。

參考答案一、選擇題(共6題,共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

把滑動變阻器的滑片向左移動時,變阻器接入電路的電阻減小,根據閉合電路歐姆定律分析電路中總電流I增大,電源的內電壓增大,路端電壓減小,則知電壓表和電流表的示數都將減小,電阻R0上消耗的電功率將減小,而且根據總電流增大,通過電流表的電流減小,可知通過燈L的電流增大,燈泡變亮.綜上分析,D正確,ABC錯誤2、D【分析】【分析】

【詳解】

AC.由圖可知,三棱鏡對b光的折射率較大,所以a光的頻率小于b光,a光是氫原子由n=4的能級向n=2的能級躍遷時發出的,而b光的能量大于a光,b光不可能是氫原子從n=3的能級向n=2的能級躍遷時發出的;故AC錯誤;

B.真空光的速度都為c;故B錯誤;

D.由于a光的頻率小于b光,故a光的波長大于b光的波長;由。

可得用同一雙縫干涉裝置進行實驗,a光干涉條紋的間距大于b光干涉條紋的間距;故D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

當線框移動距離x在a~2a范圍,線框穿過兩磁場分界線時,BC、AC邊在右側磁場中切割磁感線,有效切割長度逐漸增大,產生的感應電動勢E1增大,AC邊在左側磁場中切割磁感線,產生的感應電動勢E2不變,兩個電動勢串聯,總電動勢E=E1+E2增大,故A錯誤;當線框移動距離x在0~a范圍,線框穿過左側磁場時,根據楞次定律,感應電流方向為逆時針,為正值,故B錯誤;當線框移動距離x在2a~3a范圍,線框穿過左側磁場時,根據楞次定律,感應電流方向為逆時針,為正值,故C正確,D錯誤.所以C正確,ABD錯誤.4、B【分析】AB、由圖可知粒子電場力應向左方,因粒子帶負電,故電場線的方向應向右,若aA<aB,則Q靠近N端且為負電荷,故A錯誤;若aA>aB,則Q靠近M端且為正電荷;故B正確;

CD、粒子由A到B過程中,電場力做負功,電勢能增加,故A點的電勢能EpA小于在B點的電勢能EpB;故CD錯誤;

故選B.

【點睛】曲線運動中,合力指向曲線的內側;軌跡與電場線交點位置,電場力向左,故從A到B,電場力做負功,電勢能增加.5、D【分析】【分析】

我們要看到光源;只要八面型棱鏡的鏡面在光反射回來時位置與圖上所示重合,根據v=s/t可得.

【詳解】

周期我們要看到光源,只要八面型棱鏡的鏡面在光反射回來時位置與圖上所示重合,即轉過了也就是經歷了八分之一的n倍的時間.而光速過大,試驗條件只可能讓我們做到在八分之一周期的時間內看到光返回.那么根據v=s/t可得,光速D正確.故選D.6、B【分析】【詳解】

貝克勒爾發現的天然放射現象說明原子核具有復雜的結構,盧瑟福進行α粒子散射實驗提出的一種原子結構模型.二、多選題(共7題,共14分)7、B:C【分析】【分析】

由圖可知電路結構;由滑片的移動可知電路中電阻的變化,再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數的變化及電容器兩端的電壓變化;再分析質點P的受力情況可知質點的運動情況.

【詳解】

由圖可知,R2與滑動變阻器R4串聯后與R3并聯后,再由R1串連接在電源兩端;電容器與R3并聯;當滑片向b移動時,滑動變阻器接入電阻減小,則電路中總電阻減??;由閉合電路歐姆定律可知,電路中電流增大;路端電壓減小,同時R1兩端的電壓也增大;故并聯部分的電壓減??;由歐姆定律可知流過R3的電流減小,則流過并聯部分的電流增大,故電流表示數增大;故B正確;因并聯部分電壓減小,而R2中的電流增大,電壓增大,故電壓表示數減小,故A錯誤;因電容器兩端電壓等于并聯電路兩端的電壓,電壓減小,故電荷受到的向上電場力減小,則重力大于電場力,合力向下,質點P向下運動,故D錯誤;因R3兩端的電壓減小,由P=U2/R可知,R3上消耗的功率減??;故C正確;故選BC。

【點睛】

解決閉合電路歐姆定律的題目,一般可以按照整體-局部-整體的思路進行分析,注意電路中某一部分電阻減小時,無論電路的連接方式如何,總電阻均是減小的.8、B:C:D【分析】【詳解】

A.根據閉合電路歐姆定律有

所以圖線A縱截距表示電源電動勢,斜率的絕對值表示內阻,則

故A錯誤;

BC.兩圖線交點為燈泡的工作點,所以此時燈泡電阻為

電源的輸出功率等于燈泡此時消耗的電功率,為P=UI=4W

故BC正確;

D.燈泡U-I圖線上點與原點連線的斜率表示燈泡電阻,由圖線B可知;若增大燈泡兩端的電壓,則燈泡的電阻增大,故D正確。

故選BCD。9、A:C【分析】【詳解】

試題分析:回旋加速器通過電場加速;磁場偏轉來加速粒子;粒子在磁場中運動的周期與交變電壓的周期相等,根據D形盒的半徑,結合洛倫茲力提供向心力求出最大動能,判斷與什么因素有關.

由于經過半個運動后,速度方向反向,要使粒子繼續被加速,則兩個D形盒之間的電場方向必須改變,A正確;粒子在磁場中的運動周期為與速度無關,恒定不變,B錯誤;根據可得故粒子的動能所以磁感應強度越大,粒子離開加速器時的動能就越大,而粒子獲得的動能與兩盒間的電勢差無關,所以C正確D錯誤.10、A:D【分析】桿的有效切割長度隨角度變化關系為由法拉第電磁感應定律可知A答案顯然正確,B錯誤;此時導體棒是電源,而兩圓弧并聯后作為外電路,由全電路歐姆定律通過計算可知答案D正確,選AD11、A:B:D【分析】【詳解】

A.由電動勢E=

可知;電源將單位正電荷從負極移到時正極時非靜電力做功越多,電動勢越大,即電源電動勢越大,表明它將其他形式的能轉化為電能的本領越大,故A正確;

B.電源電動勢在數值上等于外電路斷開時兩極間的電壓;故B正確;

CD.電源電動勢在數值上等于非靜電力把1C正電荷在電源內從負極移送到正極所做的功故C錯誤;D正確。

故選ABD。12、B:C【分析】【詳解】

因為a光偏轉角度大,說明玻璃磚對a光的折射率大,即故A錯誤;根據公式a光的折射率大,a光在玻璃中的傳播速度小,即故B正確;因為根據臨界角公式知單色光a從玻璃到空氣的全反射臨界角小于單色光b從玻璃到空氣的全反射臨界角,所以當增加入射角,單色光a先消失,故C正確;D錯誤;故選BC13、B:C:D【分析】【詳解】

A.物體做受迫振動時;物體振動的頻率等于驅動力的頻率.故A項錯誤.

B.據簡諧運動質點的位移時間圖象可得;若質點從平衡位置或最大位移處開始運動,經過四分之一周期,做簡諧運動的質點所通過的路程等于振幅;若質點不是從平衡位置或最大位移處開始,經過四分之一周期,做簡諧運動的質點所通過的路程不等于振幅.故B項正確.

C.根據麥克斯韋電磁場理論;變化的磁場可以產生電場,變化的電場可以產生磁場.故C項正確.

D.據公式可得,雙縫干涉實驗中,若只減小雙縫到光屏間的距離L;兩相鄰亮條紋間距將變小.故D項正確.

E.聲波從空氣傳入水中時頻率不變,波長變大.故E項錯誤.三、填空題(共8題,共16分)14、略

【分析】【詳解】

光路如圖所示:

根據幾何關系可得,光從半圓柱形玻璃磚射出時,入射角為300,折射角為600

根據光的折射定律:

即玻璃的折射率為【解析】【答題空1】15、略

【分析】【詳解】

[1]在物理學中用來描述此潮濕感覺的物理量是相對濕度。

[2]此現象中,水珠附著在墻面成露珠狀,是由于液體表面有張力作用的結果.【解析】相對濕度表面張力16、略

【分析】【詳解】

[1]當處于飽和汽狀態溫度升高時;分子平均動能增大,單位時間內逸出液面的酒精分子數增多,于是原來的動態平衡狀態被破壞,瓶中酒精飽和汽的密度增大,壓強增大。

[2]由于r2>r1,分子間的作用力表現為引力,當另一分子從間距由減小到的過程中,分子力做正功,則勢能減小?!窘馕觥吭龃鬁p小17、略

【分析】【詳解】

解:電動勢的有效值為:

電流的有效值為:

電壓表的示數為:

燈泡消耗的功率為:

發電機線圈內阻每分鐘產生的焦耳熱為為:【解析】2,210,420,120018、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據公式可得

[2]因為P位于兩極板間的中點,所以PN之間的電勢差為

又知道

所以

[3]因為兩極板間的電荷量恒定,根據公式聯立可得

故若把N板向下移;兩極板間的電場強度不變。

[4]此時P點距離N板15cm,因為N板接地,電勢為零,所以P點電勢為負,故【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1]易知水銀柱產生的壓強為

設水柱產生的壓強為p水,則

解得

根據平衡條件可得水的飽和汽壓為

[2]把圖中的管上提1cm;假設水銀面高度不變,則水蒸氣的壓強不變;體積增大,不符合等溫變化規律;假設水銀面下降,則水蒸氣的壓強減小、體積增大,同樣不符合等溫變化規律。只有當水銀面上升時,水蒸氣的壓強增大、體積減小,才可以符合等溫變化規律。

[3]水的飽和汽壓只與溫度有關,所以把圖中的管上提1cm,水的飽和汽壓不變?!窘馕觥?1.6上升變小20、略

【分析】【詳解】

[1]當滑塊甲、乙的速度相同時,間距最小,彈簧壓縮量最大,彈簧的彈性勢能最大,設向右為正方向,由動量守恒定律有

彈簧的最大彈性勢等于滑塊甲、乙系統損失的動能

聯立并代入數據解得

[2]乙木塊受到的沖量

【點睛】

解決本題首先要明確研究的過程,其次把握信隱含的條件:彈簧伸長最長時兩木塊的速度相同??疾閷W生應用動量守恒定律和能量守恒定律解決物理問題的能力。【解析】9.6J4.8NS21、略

【分析】【詳解】

(1)極限頻率越大的金屬材料逸出功越大,選項A正確;能否發生光電效應,與光照時間無關,選項B錯誤;根據光電效應方程Ekm=hγ-W0知;最大初動能與入射光的頻率成一次函數關系,不會影響金屬的逸出功.故C錯誤.光的強度影響的是單位時間發出光電子數目,與入射光的頻率無關.故D錯誤.

(2)設物塊到達劈A的低端時,物塊和A的的速度大小分別為v和V;由機械能守恒和動量守恒得。

設物塊在劈B上達到的最大高度為此時物塊和B的共同速度大小為由機械能守恒和動量守恒得。

聯立①②③④式得⑤【解析】①.(1)A②.(2)四、作圖題(共3題,共9分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則;已知電流的方向可判定磁場方向,也可以通過磁場方向來確定電流的方向;

圖甲;已知磁場方向,順時針方向,則電流垂直紙面向里;

圖乙;電流右側的磁場的方向向里,左側的磁場的方向向外,則電流的方向向上;

圖丙;已知磁場方向,則可知電流方向,逆時針方向;

圖??;環形電流從左側流入,從右側流出,所以磁場的方向向下;

圖戊;根據螺線管中電流方向,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左;

圖已;根據螺線管中上邊的電流方向向外,下邊的電流的方向向里,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右.如圖所示:

【解析】23、略

【分析】試題分析:A圖中;在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T,即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描,而豎直方向(y方向)的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中,豎直方向由2個周期性的變化;y方向的電壓變化為正弦式的變化,由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比,所以A圖中的掃描圖形如圖;

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象.XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓;即掃描電壓.

B圖中;在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T,即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描,同時豎直方向的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中,豎直方向也完成一個周期性的變化;y方向的電壓大小不變,方向每半個周期變化一次,結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比,所以B圖中的掃描圖形如圖.

考點:考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理,示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓,XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓,即掃描電壓,當信號電壓與掃描電壓周期相同時,就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后,故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同;因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗

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