…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版選擇性必修2物理下冊月考試卷262考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，兩根長直導線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的兩小孔中，為連線中點，連線上兩點關于點對稱．導線均通有大小相等、方向向上的電流。已知長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度式中是常數、是導線電流大小、為點到導線的距離。一帶正電的小球以初速度從點出發沿連線運動到點。關于上述過程；下列說法正確的是（）

A.小球先做加速運動后做減速運動B.小球做變加速直線運動C.小球對桌面的壓力先減小后增大D.小球對桌面的壓力一直在增大2、如圖甲所示，一理想變壓器的原、副線圈匝數比為10：1，原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電源，為定值電阻，R為滑動變阻器；圖中各電表均為理想電表，下列說法正確的是（）

A.副線圈兩端交變電壓的表達式為B.在t=0.05s時刻，電壓表的示數為C.滑片向下移動過程中，電壓表和的示數不變，的示數變小D.滑片向下移動過程中，電流表示數變大，滑動變阻器R消耗的功率變大3、圓形區域內有垂直紙面的勻強磁場，三個質量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c，以不同的速率對準圓心O沿著AO方向射入磁場；其運動軌跡如圖所示。若帶電粒子只受磁場力的作用，則下列說法正確的是（??）

A.a粒子速率最小，在磁場中運動時間最長B.c粒子速率最大，在磁場中運動時間最長C.a粒子速度最小，在磁場中運動時間最短D.c粒子速率最小，在磁場中運動時間最短4、如圖所示，在直角三角形abc區域內存在垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，∠a＝∠b＝邊長ab＝L，粒子源在b點將帶負電的粒子以大小、方向不同的速度射入磁場，已知粒子質量為m，電荷量為q；則在磁場中運動時間最長的粒子中，速度最大值是()

A.B.C.D.5、如圖所示，圓形區域內有垂直于紙面向里的勻強磁場，一帶電粒子（不計重力）以速度v從A點沿直徑AOB方向射入磁場，經過△t時間從C點射出磁場，OC與OA成角。現將另一同種帶電粒子以速度3v仍從A點射入磁場；則該粒子在磁場中的運動時間為（）

A.3△tB.2△tC.△tD.△t6、如圖所示，空間某區域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上（與紙面平行），磁場方向垂直于紙面向里。三個帶電的微粒電荷量相等，質量分別為已知在該區域內，在紙面內做勻速圓周運動，在紙面內向右做勻速直線運動，在紙面內向左做勻速直線運動。下列選項正確的是（）

A.一定帶負電B.一定帶正電C.一定有D.一定有7、如圖所示，用輕繩將一條形磁鐵豎直懸掛于O點，在其正下方的水平絕緣桌面上放置一銅質圓環。現將磁鐵從A處由靜止釋放，經過B、C到達最低處D，再擺到左側最高處E；圓環始終保持靜止。下列說法正確的是（）

A.磁鐵在A、E兩處等高B.磁鐵從A到D的過程中，圓環對桌面的壓力等于圓環受到的重力C.磁鐵從D到E的過程中，從上往下看，圓環中感應電流方向為逆時針方向D.磁鐵從D到E的過程中，圓環受到的摩擦力方向水平向左8、下面有關物理學史的敘述正確的是（）A.庫侖首先提出了電場的概念，并引用電場線形象地表示電場的強弱和方向B.法拉第發現了電流的磁效應，揭示了電現象和磁現象之間的聯系C.法國物理學家庫侖在前人工作的基礎上通過實驗確立了庫侖定律D.楞次發現了電磁感應現象，并研究提出了判斷感應電流方向的方向楞次定律9、一個矩形線圈在勻強磁場中轉動，產生交流電動勢的瞬時值為則下列說法中正確的是A.當時，線圈平面與中性面垂直B.當時，穿過線圈的磁通量等于零C.該交流電能讓標注為“300V，”的電容器正常工作D.若轉速n提高1倍，其他條件不變，則電動勢的變化規律將變為評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、關于回旋加速器，下列說法正確的是（）A.電場用來加速帶電粒子，磁場則使帶電粒子回旋B.電場和磁場同時用來加速帶電粒子C.所加交變電源的頻率與帶電粒子做圓周運動的頻率相同D.同一帶電粒子獲得的最大動能只與交流電壓的大小有關，而與交流電壓的頻率無關11、如圖甲所示的LC振蕩電路中，通過P點的電流隨時間變化的圖線如圖乙所示，若把通過P點向右規定為電流的正方向；則（）

A.0.5~1ms內，電容器C正在充電B.0.5~1ms內，電容器的上極板帶負電荷C.1~1.5ms內，Q點比P點電勢低D.1~1.5ms內，電場能正在增加12、下列說法正確的是（）A.無線電波的接收，需要先調諧再解調B.在工業上，可利用X射線檢查金屬構件內部的缺陷C.利用電化學氣體傳感器可以制成可燃氣體報警器D.霍爾元件能把磁感應強度這個磁學量轉化為電阻這個電學量13、如圖所示，導體棒a、b分別置于平行光滑水平固定金屬導軌的左右兩側，其中a棒離寬軌道足夠長，b棒所在導軌無限長，導軌所在區域存在垂直導軌所在平面豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B。已知導體棒的長度等于導軌間的距離，兩根導體棒粗細相同且均勻，材質相同，a棒的質量為m，電阻為R，長度為L，b棒的長度為2L。現給導體棒a一個水平向右的瞬時沖量I；導體棒始終垂直于導軌且與導軌接觸良好，不計導軌電阻，關于導體棒以后的運動，下列說法正確的是（）

A.導體棒a穩定運動后的速度為B.導體棒b穩定運動后的速度為C.從開始到穩定運動過程中，通過導體棒a的電荷量為D.從開始到穩定運動過程中，導體棒b產生的熱量為14、如圖（a）所示，水平面內有一光滑金屬導軌，ac邊的電阻為R，其他電阻均不計，ab與ac角夾角為135°，cd與ac垂直。將質量為m的長直導體棒擱在導軌上。并與ac平行。棒與ab、cd交點G、H間的距離為L0，空間存在垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度為B。在外力作用下，棒由GH處以初速度v0向右做直線運動。其速度的倒數隨位移x變化的關系如圖（b）所示。在棒運動L0到MN處的過程中（）

A.導體棒做勻變速直線運動B.導體棒運動的時間為C.流過導體棒的電流大小不變D.電阻R產生的焦耳熱為15、目前的手機觸摸屏大多是電容式觸摸屏．電容式觸摸屏內有一導電層．導電層四個角引出四個電極，當手指觸摸屏幕時，人體和觸摸屏就形成了一個電容，電容具有“通高頻”的作用，從而導致有電流分別從觸摸屏四角上的電極中流出，并且流經這四個電極的電流與手指到四角的距離成正比，控制器通過對這四個電流比例的精確計算，得出觸摸點的位置信息．在開機狀態下，下列說法正確的是（）A.電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是因為手指對屏幕按壓產生了形變B.電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是利用了電磁感應現象C.當手指觸摸屏幕時手指有微弱的電流流過D.當手指離開屏幕時，電容變小，對高頻電流的阻礙變大，控制器不易檢測到手指的準確位置16、如圖所示，矩形線圈abcd與理想變壓器的原線圈組成閉合電路，燈泡L1、L2完全相同。當變壓器原線圈中的抽頭P置于最上端時，原、副線圈的匝數比為n∶1。矩形線圈abcd在有界勻強磁場中繞垂直于磁場的bc邊勻速轉動，且磁場只分布在bc邊的左側，磁感應強度大小為B，線圈面積為S，轉動的角速度為ω，匝數為N；線圈電阻不計。則下列說法正確的是（）

A.若增大矩形線圈abcd的轉速，燈L1一定變亮B.在圖示位置時，矩形線圈中瞬時感應電動勢最大C.當抽頭P置于最上端時，在線圈abcd轉動的過程中，電壓表示數為D.若僅將線圈abcd的轉軸平移至ad邊處，且轉速不變，則電壓表示數也不變17、我國的特高壓輸電技術獨霸全球，并且特高壓輸電技術成為全球標準。也是全球特高壓輸電線最長、核心專利最多、技術最完備的國家。如圖是遠距離輸電的原理圖，發電機的內阻為1Ω，供給銀川一中照明用電。變壓器都是理想變壓器，升壓變壓器T1的匝數比為1∶4，降壓變壓器T2的匝數比為3∶1，輸電線的總電阻R=4Ω；全校共50個班，每班有“220V，22W”燈6盞。若保證全部電燈正常發光，則下列說法正確的是（）

A.發電機輸出功率為7000WB.輸電效率約為94.3%C.輸電線上損耗的電功率為40WD.發電機的電動勢為250V評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、如圖所示，金屬圓環套在光滑的絕緣水平桿上，左側一條形磁鐵，正在沿圓環軸心方向朝環運動．我們可以判斷，圓環中形成的感應電流方向為________（從右往左看）（填“順時針”或“逆時針”），環受安培力作用會向________（填“右”或“左”）運動．19、遠距離輸電線路簡化如圖所示，圖中標示了電壓、電流、輸電線總電阻R和線圈匝數，變壓器均可視為理想變壓器。若電廠輸送電壓不變，隨著用戶數量增加，用戶消耗的功率增大，降壓變壓器將______（填“增大”“減小”或“不變”）；若電廠輸送電功率不變，升壓變壓器的輸出電壓增加到10U2，則輸電線上損耗功率變為原來的______倍。

20、為了把需要傳遞的有用信號（如圖像信號、聲音信號等）加載到電磁波上發射出去，必須對振蕩電流進行_____________（選填“調諧”“調制”或“解調”）；使聲音或圖像信號從高頻電流中還原出來的過程，叫_____________（選填“調諧”“調制”或“解調”），也叫檢波。21、如圖所示，矩形線圈一邊長為d，另一邊長為a，電阻為R，當它以速度V勻速穿過寬度為L，磁感應強度為B的勻強磁場過程中，若L__________，通過導線橫截面的電荷量為__________；若L>d，產生的電能為__________，通過導線橫截面的電荷量為__________．

22、有界勻強磁場磁感應強度B=0.2T，寬度L2=3m，一正方形均勻金屬框邊長L1=1m，以v=10m/s的速度勻速穿過磁場區，金屬框平面始終保持和磁感線方向垂直，如圖所示。畫出金屬框穿過磁場的過程中bc兩端電壓的Ubc-t圖線（從cd邊進入磁場開始計時）_________________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共2題，共14分)27、如圖所示，直角坐標系xoy位于豎直平面內，在第Ⅳ象限存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強度為B=2T、方向垂直于xoy平面向外，電場E1平行于y軸；在第Ⅲ象限存在沿x軸正方向的勻強電場E2，已知場強E1、E2的大小相等。一可視為質點、比荷為的帶正電的小球，從y軸上的A（0，0.2m）點以初速度v0水平向右拋出，經過x軸上的M（0.4m，0）點進入第Ⅳ象限，在第Ⅳ象限恰能做勻速圓周運動。不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。求：

（1）小球從A點拋出的初速度大小v0及場強E1的大小；

（2）小球第一次經過y軸負半軸的坐標；

（3）小球從A點出發到第三次經過y軸負半軸所用的總時間。

28、如圖1所示，單匝正方形金屬線框ABCD用一絕緣細線豎直懸掛，在線框上半部有一垂直于紙面向里的勻強磁場，大小隨時間變化的關系如圖2所示。已知線框邊長L＝m，電阻R＝0.5Ω、質量m＝0.5kg，取g＝10m/s2．求：

（1）線框中感應電動勢的大小；

（2）線框中的電功率；

（3）2s時細線中拉力的大小。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

根據安培定則可知，處的磁場方向垂直于向里，處的磁場方向垂直于向外，磁感應強度大小先減小，過點后反向增大，根據左手定則可知，帶正電的小球受到的洛倫茲力開始方向向上且減小，過點后方向向下且增大，由此可知，小球在水平方向不受外力，小球將做勻速直線運動，在處，根據

磁感應強度大小先減小，壓力在增大，在處，根據

磁感應強度大小逐漸增大；所以根據牛頓第三定律小球對桌面的壓力一直在增大。

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．根據理想變壓器變壓比等于匝數比可得副線圈兩端交變電壓的最大值為

角速度為

所以副線圈兩端交變電壓的表達式為

故A錯誤；

B．輸入電壓的有效值為

根據

可得U2=22V

電壓表測量的是有效值，所以電壓表V2的示數為22V；故B錯誤；

CD．在滑動變阻器R滑片向下移動的過程中，R接入電路的阻值變小，因為輸入電壓不變，匝數比不變，則輸出電壓不變，所以電壓表V1、V2示數不變。副線圈電流變大，則原線圈電流也變大，因此電流表A1和A2示數均變大。根據歐姆定律可知電阻R0兩端電壓變大，根據串聯電路分壓規律可知R兩端電壓變小，即電壓表V3示數變小。在副線圈電路中，定值電阻R0可看作等效內阻，滑動變阻器R可看作外電阻，由于不確定滑動變阻器R與定值電阻R0的大小關系，因此無法判斷滑動變阻器R的功率變化；故C正確，D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

從圖中可知

根據洛倫茲力提供向心力

可得a粒子速率最小，從圖中可得三個軌跡的圓心角

在磁場中的運動時間

而運動周期

與速度大小無關，即三者的運動周期相同，所以軌跡所對圓心角越大，運動時間越長，故a粒子在磁場中運動時間最長。

故選A。4、D【分析】【詳解】

由左手定則和題意知，沿ba方向射出的粒子在三角形磁場區域內轉半周，運動時間最長，速度最大的軌跡恰與ac相切，軌跡如圖所示，由幾何關系可得最大半徑：r＝ab×tan＝L

由洛倫茲力提供向心力qvmB＝m

從而求得最大速度：vm＝

所以ABC錯誤；D正確。

故選D。

5、D【分析】【詳解】

設圓形磁場區域的半徑是R，以速度v射入時，半徑

根據幾何關系可知

解得

運動時間

粒子以速度3v射入時，半徑

設第二次射入時的圓心角為θ，根據幾何關系可知

解得θ=60°

第二次運動的時間為

故ABC錯誤，D正確。

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．微粒a在紙面內做勻速圓周運動，必有

所以a所受的電場力方向豎直向上，與電場強度方向相同，故a一定帶正電；A錯誤；

B．微粒c向左做勻速直線運動，若c帶正電，電場力豎直向上，左手定則判斷洛倫茲力豎直向下，重力豎直向下，平衡條件得

若c帶負電，電場力豎直向下，左手定則判斷洛倫茲力豎直向上，重力豎直向下，平衡條件得

所以微粒c可以帶正電也可以帶負電；B錯誤；

C．微粒b向右做勻速直線運動，若b帶負電，則電場力豎直向下，左手定則判斷洛倫茲力豎直向下，重力豎直向下，故不可能受力平衡，故b一定帶正電，平衡條件得

得

而所以C正確；

D．若c帶正電，由可得故若c帶負電，從中無法比較qE和mcg的大小，故ma與mc之間的大小也無法比較；D錯誤；

故選C。7、C【分析】【詳解】

A.由于有部分機械能轉化為電能；故在A的高度大于E處高度，A錯誤；

B.A到D過程中；圓環中磁通量增加，圓環與磁鐵間相互排斥，故圓環給桌面的壓力大于圓環受到的重力，故B錯誤；

C.磁鐵從D運動到E的過程中；圓環磁通量向上減少，根據楞次定律可分析出感應電流方向為逆時針，故C正確；

D.磁鐵從D運動到E的過程中；圓環中的磁通量減少，因此圓滑有向左運動的趨勢，圓環不動，因此圓環受到摩擦力方向向右，故D錯誤。

故選C。8、C【分析】【分析】

根據物理學史和常識解答；記住著名物理學家的主要貢獻．

【詳解】

法拉第首先提出了電場的概念且采用了電場線描述電場；故A錯誤；奧斯特發現了電流的磁效應，揭示了電現象與磁現象之間的聯系，故B錯誤；庫侖總結出了真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用規律，確立了庫侖定律，故C正確；法拉第發現了電磁感應現象，楞次研究提出了判斷感應電流方向的方向--楞次定律，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．

【點睛】

題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶．9、B【分析】【詳解】

t=0時，電動勢為零，線圈平面與磁感線垂直，線圈平面與中性面重合，故A錯誤；當時，電動勢最大，線圈與中性垂直，磁能量等于零，故B正確；300V是電容器允許的最高電壓，而該交流電最大值是所以此交流電不可以使“”的電容器正常工作，故C錯誤；感應電動勢的瞬時值表達式為當將其電樞的轉速提高一倍時，由可知和都增加一倍，則表達式為故D錯誤；故選B.二、多選題(共8題，共16分)10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．電場的作用是使帶電粒子加速；磁場的作用是使帶電粒子回旋，A正確，B錯誤；

C．為使帶電粒子每次經過盒縫時都被加速；交變電源的頻率須等于帶電粒子在磁場中做圓周運動的頻率，C正確；

D．由。

知帶電粒子獲得的最大動能。

則帶電粒子獲得的最大動能與交流電壓無關；D錯誤。

故選AC。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖乙可知；在0.5~1ms內，電流為正方向且減小，故此時電容器正在充電，故A正確；

B．在0.5~1ms內，經過P點的電流向右，由于電路中做定向移動的帶電粒子是帶負電的電子，電子經過P點向左移動；因此電容器上極板帶負電，故B正確；

C．由圖乙可知，在1~1.5ms內，通過自感線圈的電流向上，且增大，Q點比P點電勢高；故C錯誤；

D．由圖乙可知；在1~1.5ms內電流在增大，故磁場能在增大，電容器處在放電過程，故電場能在減小，D錯誤。

故選AB。12、A:B:C【分析】【詳解】

A．天空中有各種頻率且載有信號的無線電波；因此無線電波的接收，需要先調諧再解調，A正確；

B．由于X射線具有較強的穿透能力；在工業上，可利用X射線檢查金屬構件內部的缺陷，B正確；

C．利用電化學氣體傳感器可以檢測氣體的濃度；則可以制成可燃氣體報警器，C正確；

D．霍爾元件能把磁感應強度這個磁學量轉化為電壓這個電學量；D錯誤。

故選ABC。13、B:C【分析】【詳解】

AB．根據

根據題意，導體棒b的質量電阻分別為2m、2R，運動穩定過程對a棒有

對b棒有

穩定時有

解得

A錯誤；B正確；

C．根據

結合上述解得

C正確；

D．從開始到穩定運動過程中有

導體棒b產生的熱量

解得

D錯誤。

故選BC。14、B:C:D【分析】【詳解】

A．直線的斜率為

所以有

即

得

故不是勻變速直線運動；故A錯誤；

B．根據法拉第電磁感應定律有

解得

故B正確；

C．感應電動勢為

感應電動勢大小不變，感應電流為

大小不變；故C正確；

D．克服安培力做的功等于電阻R上產生的焦耳熱為

故D正確。

故選BCD。15、C:D【分析】【詳解】

A．電容觸摸屏只需要觸摸；由于流經四個電極的電流與手指頭到四角的距離成比例，控制器就能確定手指的位置，無需要手指有壓力，故A錯誤；

B．電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是電容器的充放電原理；不是電磁感應現象；故B錯誤；

C．由題意可知；手指從手的觸點吸走一部分電荷，在電荷定向移動的過程中，會有微弱電流通過；故C正確．

D．當手指離開屏幕時；電容變小，對高頻電流的阻礙變大，控制器不易檢測到手指的準確位置，選項D正確；

故選CD．

點睛：由題意明確電容式觸摸屏的原理；明確當手觸摸電容觸摸屏時，手指和工作面形成一個電容器，改變手指的壓力或接觸面積，都能改變電容．根據電容的決定因素分析．16、A:C【分析】【詳解】

A．若增大矩形線圈abcd的轉速，根據電動勢的最大值知，最大值變大，則有效值變大，經變壓器變壓后的輸出電壓U2變大，燈泡L1與電容器串聯，由歐姆定律有

因轉速增大，電容器的容抗變小，則燈泡L1的電流一定增大，即燈L1一定變亮；故A正確；

B．在圖示位置時，線圈平面與磁感線垂直為中性面，而ad邊切割磁感線的瞬時速度與B平行；故瞬時電動勢為零，故B錯誤；

C．在線圈abcd轉動360°的過程中，有兩個90°的轉動有交流電產生，根據有效值的定義可知

當抽頭P置于最上端時，匝數比為n∶1，根據匝數比等于電壓比，可得副線圈兩端的電壓即電壓表的示數為

故C正確；

D．若僅將線圈abcd的轉軸平移至ad邊處且轉速不變，線圈轉動360°一直都有交流電產生，最大值為有效值為

可推得電壓表的示數為

則電壓表的示數要變大；故D錯誤。

故選AC。17、A:B【分析】【詳解】

C．每個燈泡的流為

降壓變壓器副線圈總電流為

則高壓輸電線上的電流為

則損耗功率為

故C錯誤；

A．由能量守恒得，發電機輸出功率為

故A正確；

B．輸電效率約為

故B正確；

D．損耗電壓為

則發電機的電動勢為

故D錯誤。

故選AB。三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

[1]原磁場方向向右；向右運動時，穿過圓環的磁通量要變大，根據楞次定律，圓環中感應電流產生向左的感應磁場，即產生了順時針方向的感應電流（從右往左看）．

[2]據來拒去留，環受到向右的安培力，將向右運動．【解析】順時針右19、略

【分析】【詳解】

[1]隨著用戶數量增加，降壓變壓器副線圈負載變小，電流變大，則降壓變壓器原線圈電流變大，電廠輸送電壓不變，則不變，根據電壓關系

電流變大，則變小，根據原副線圈電壓與匝數的關系可知降壓變壓器減小；

[2]若電廠輸送電功率不變，升壓變壓器的輸出電壓增加到根據可知，輸電電流變為原來的根據

可知則輸電線上損耗功率變為原來的0.01。【解析】減小0.0120、略

【分析】【詳解】

[1]信息轉化為電信號后；由于信號頻率比較低不能直接用來發射，需要把傳遞的電信號“加載”到高頻電磁波上，這就是調制；

[2]從經過調制的高頻電流中“取出”調制電信號，這一過程叫解調或叫檢波。【解析】調制解調21、略

【分析】【分析】

根據公式E=Blv求出線圈切割磁感線產生的感應電動勢；由閉合電路歐姆定律求出感應電流，即可由焦耳定律求出線圈產生的電能，由q=It求解電量．

【詳解】

線圈進入磁場的過程中，產生的感應電動勢為：E=Bav，

由閉合電路歐姆定律得感應電流：

如果：L通過導體截面的電荷量為

如果：L>d，由焦耳定律得，線圈產生的電能為

通過導體截面的電荷量為．【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]線框進入磁場過程中，線框中感應電流沿逆時針方向（為正方向），b點的電勢高于c點的電勢，線框在進入和穿出磁場的過程產生的感應電動勢大小相等，為

bc兩端電壓為

進入與穿出磁場的時間為

線框完全在磁場中運動的時間為

線框完全在磁場中時，穿過線框的磁通量不變，感應電流為零，bc兩端的電壓為零。

線框穿出磁場過程中感應電流沿順時針方向，bc兩端電壓為

bc兩端電壓的Ubc-t圖線為。

【解析】見詳解四、作圖題(共4題，共32分)23、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控