2025屆江蘇省蘇州市五校聯(lián)考高二物理第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)水平測(cè)試試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4．作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、真空中有兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，它們之間的作用力為F，若它們的帶電量都增大為原來(lái)的3倍，距離增大為原來(lái)的2倍，它們之間的相互作用力變?yōu)锳.16F B.C. D.2、起重機(jī)將的重物勻速提升5m,在此過(guò)程中,起重機(jī)對(duì)重物做的功是A. B.C. D.3、把一個(gè)3pF的平行板電容器接在9V的電池上。下列判斷正確的是A.保持與電池的連接，兩極板的距離減半，極板上的電荷量增加一倍B.保持與電池的連接，兩極板的距離減半，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度也減半C.移去電池后兩極板的距離減半，極板間的電勢(shì)差增大為原來(lái)的2倍D.移去電池后兩極板的距離減半，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大為原來(lái)的2倍4、A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷在真空中產(chǎn)生電場(chǎng)，電場(chǎng)線（方向未標(biāo)出）分布如圖所示．圖中C點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，MN為兩點(diǎn)電荷連線的中垂線，D為中垂線上的一點(diǎn)，電場(chǎng)線的分布關(guān)于MN左右對(duì)稱(chēng)．則下列說(shuō)法正確的是A.這兩個(gè)點(diǎn)電荷是等量異種電荷B.這兩個(gè)點(diǎn)電荷是等量同種電荷C.C,D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同D.C點(diǎn)電勢(shì)比D點(diǎn)電勢(shì)大5、如圖所示，已知某勻強(qiáng)電場(chǎng)方向平行正六邊形ABCDEF所在平面，若規(guī)定D點(diǎn)電勢(shì)為零，則A、B、C點(diǎn)的電勢(shì)分別為8V、6V、2V，初動(dòng)能為16eV、電荷量大小為3e（e為元電荷）的帶電粒子從A沿AC方向射入正六邊形區(qū)域，恰好經(jīng)過(guò)BC的中點(diǎn)G．不計(jì)粒子的重力．則A.粒子一定帶正電B.粒子達(dá)到G點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為4eVC.若粒子在A點(diǎn)以不同速度方向射入正六邊形區(qū)域，可能經(jīng)過(guò)C點(diǎn)D.若粒子在A點(diǎn)以不同初動(dòng)能沿AC方向射入正六邊形區(qū)域，可能垂直經(jīng)過(guò)BF6、如圖，豎直平行金屬板帶等量異種電荷，一帶電微粒（僅受重力和電場(chǎng)力）沿圖中直線從A向B運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.微粒可能帶正電 B.微粒機(jī)械能減小C.微粒電勢(shì)能減小 D.微粒動(dòng)能不變二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A.電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在變小B.電流表A的示數(shù)減小，電壓表V3示數(shù)在變小C.電容器的電荷量增大，電阻R1消耗的電功率變大D.電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率變大8、在純電阻電路中，當(dāng)用一個(gè)固定的電源(設(shè)E、r是定值)向變化的外電阻供電時(shí)，關(guān)于電源的輸出功率P隨外電阻R變化的規(guī)律如圖所示．下列判斷中正確的是（）A.電源內(nèi)阻消耗的功率隨外電阻R的增大而增大B.當(dāng)R＝r時(shí)，電源有最大的輸出功率C.電源的功率P總隨外電阻R的增大而增大D.電源的效率η隨外電阻R的增大而增大9、在如圖所示電路中，L1、L2、L3是三只小燈泡，電源電動(dòng)勢(shì)為E．三只燈泡原來(lái)都能發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向右移動(dòng)時(shí)，對(duì)于各燈亮度變化情況，下列判斷正確的是A.L1變暗 B.L2變暗CL3變暗 D.L3亮度不變10、如圖所示，A、B是圓心角為120°的一段圓弧的兩個(gè)端點(diǎn)，D是圓弧的中點(diǎn)，圓弧的圓心是O，半徑為r，AB與CD相交于C點(diǎn)，電荷量均為Q的兩個(gè)正點(diǎn)電荷分別固定于A、B兩點(diǎn)。靜電力常量為k。下列說(shuō)法正確的是（）A.O、D兩點(diǎn)的電勢(shì)相等B.O、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等C.D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D.將一負(fù)點(diǎn)電荷從O沿直線OD移到D，其電勢(shì)能先增加后減少三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)要測(cè)量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ．步驟如下：（1）用游標(biāo)為20分度的卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖甲，由圖可知其長(zhǎng)度L=_____________mm；（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑D=_____________mm；（3）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測(cè)此圓柱體的電阻，表盤(pán)的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值約為_(kāi)________。（4）該同學(xué)想用伏安法更精確地測(cè)量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：待測(cè)圓柱體電阻R直流電源E（電動(dòng)勢(shì)4V，內(nèi)阻不計(jì)）開(kāi)關(guān)S導(dǎo)線若干電流表A1（量程0～4mA，內(nèi)阻約50Ω）電流表A2（量程0～10mA，內(nèi)阻約30Ω）電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ）滑動(dòng)變阻器R1（阻值范圍0～15Ω，允許通過(guò)的最大電流2.0A）滑動(dòng)變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ，允許通過(guò)的最大電流0.5A）電流表選擇_________，電壓表選擇_________，滑動(dòng)變阻器選擇________。為使實(shí)驗(yàn)誤差較小，要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請(qǐng)?jiān)诳蛑挟?huà)出測(cè)量的電路圖____________，并連接實(shí)物圖_____________。（5）若該同學(xué)用伏安法跟用多用電表測(cè)量得到的R測(cè)量值幾乎相等，若已知伏安法測(cè)電阻電路中電壓表和電流表示數(shù)分別用U和I表示，則用此法測(cè)出該圓柱體材料的電阻率ρ＝________．（不要求計(jì)算，用題中所給字母表示）12．（12分）某實(shí)驗(yàn)小組為了完成“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)室備有下列器材：A．小燈泡（3.0V，1.5W）B．電流表A1（量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）C．電流表A2（量程0～3A，內(nèi)阻約為0.1Ω）D．電壓表V（量程0～3V，內(nèi)阻約為10kΩ）E．滑動(dòng)變阻器R1（阻值范圍0～lkΩ，允許最大電流300mA）F．滑動(dòng)變阻器R2（阻值范圍0～20Ω，允許最大電流1A）G．直流電源E（電動(dòng)勢(shì)4V，內(nèi)阻不計(jì)）H．開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線若干請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)某同學(xué)畫(huà)出了大部分實(shí)驗(yàn)電路如圖(a)，請(qǐng)將其補(bǔ)充完整________；(2)按你補(bǔ)充完整的實(shí)驗(yàn)電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，電流表最好選用_______；滑動(dòng)變阻器最好選用_________．（填上述實(shí)驗(yàn)器材前的字母序號(hào)）(3)實(shí)驗(yàn)小組得到小燈泡的伏安特性曲線如圖（b）所示，但由于實(shí)驗(yàn)小組繪圖的同學(xué)粗心，忘記標(biāo)注坐標(biāo)軸了．如果請(qǐng)你給它標(biāo)上坐標(biāo)軸，你會(huì)在縱軸上標(biāo)注_____、橫軸上標(biāo)注_____．（選填“I”或“U”）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)，第Ⅰ象限中存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第Ⅳ象限中以O(shè)N為直徑的半圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B?一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸上縱坐標(biāo)y=h處的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上橫坐標(biāo)x=2h處的P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，最后沿垂直于y軸的方向射出磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力?求：(1)電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；(2)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑r；(3)粒子從進(jìn)入電場(chǎng)到離開(kāi)磁場(chǎng)經(jīng)歷的總時(shí)間t?14．（16分）半徑為R的光滑絕緣圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，并且處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中．環(huán)上套有一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，讓小球從與環(huán)心等高的P點(diǎn)由靜止釋放，恰好能滑到圓環(huán)的最高點(diǎn)A．求：(1)小球的帶電性質(zhì)和帶電量(2)小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中對(duì)環(huán)的最大壓力15．（12分）電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線如圖所示，A、B是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)。一個(gè)電荷量q=＋4.0×10－8C的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力FA=2.0×10－4N，將該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功W=8.0×10－7J。求：(1)A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小EA.；(2)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】由庫(kù)侖定律可得變化前為：，變化后為：A．16F．故A不符合題意B．．故B符合題意C．．故C不符合題意D．．故D不符合題意2、C【解析】根據(jù)“起重機(jī)將的重物勻速提升5m”，考查了功的計(jì)算；根據(jù)功的計(jì)算公式，明確起重機(jī)的拉力，再由功的公式可求得起重機(jī)對(duì)物體做的功【詳解】物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故拉力為：F＝G＝2×104N；則起重機(jī)對(duì)物體的做的功為：W＝Fh＝2×104N×5m＝1×105J3、A【解析】A．保持與電池連接，電壓U不變，根據(jù)定義式知，極板的距離減半，則電容變加倍，那么帶電量Q=CU，電荷量增加一倍，故A正確；B．保持與電池連接電壓U不變，兩極板的距離減半，根據(jù)，可知極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度加倍，故B錯(cuò)誤；C．移去電池后電量Q不變，極板距離減半，則電容加倍，極板間的電勢(shì)差變?yōu)樵瓉?lái)的一半，故C錯(cuò)誤；D．移去電池后電量Q不變，兩極板的距離減半，根據(jù)，可知極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故D錯(cuò)誤。故選A。4、A【解析】AB．根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)：電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終止，可知A、B是一定兩個(gè)等量異種電荷，故A錯(cuò)誤，B正確；C．在兩等量異號(hào)電荷連線的中垂線上，中間點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大，也可以從電場(chǎng)線的疏密判斷，所以C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)平行四邊形定則，對(duì)中垂線上的場(chǎng)強(qiáng)進(jìn)行合成，知中垂線上每點(diǎn)的電場(chǎng)方向都水平向右，中垂線和電場(chǎng)線垂直，所以中垂線為等勢(shì)線，所以C點(diǎn)的電勢(shì)等于D點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤故選A5、B【解析】根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行等距離的兩點(diǎn)電勢(shì)差相等可得E和F兩點(diǎn)的電勢(shì)然后確定電場(chǎng)線方向，根據(jù)粒子受力方向確定電性；根據(jù)動(dòng)能和電勢(shì)能之和不變確定粒子在G點(diǎn)和C點(diǎn)的動(dòng)能，由此作出判斷；根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成和分解分析粒子能否垂直BF方向【詳解】根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行等距離的兩點(diǎn)電勢(shì)差相等可得E和F兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為2V和6V，則EC為等勢(shì)線，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線方向和粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示；該粒子沿AC方向進(jìn)入，從G點(diǎn)射出，粒子受力方向與電場(chǎng)線方向相反，該粒子一定帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；粒子在A點(diǎn)初動(dòng)能為16eV、電勢(shì)能EPA=-3e×8V=-24eV，所以總能量為E=16eV-24eV=-8eV，由于UBG=UGC，所以G點(diǎn)的電勢(shì)為4V，該粒子達(dá)到G點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為EKG=E-（-4×3eV）=4eV，故B正確；只改變粒子在A點(diǎn)初速度的方向，若該粒子能經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，則經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的動(dòng)能EKC=E-（-2×3eV）=-2eV，動(dòng)能為負(fù)，不可能出現(xiàn)這種情況，所以只改變粒子在A點(diǎn)初速度的方向，該粒子不可能經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，故C錯(cuò)誤．若該粒子以不同初動(dòng)能從A點(diǎn)沿AC方向入射，其速度可以分解為沿電場(chǎng)線方向和垂直于電場(chǎng)線方向，而平行于電場(chǎng)線方向的速度不可能為零，所以該粒子不可能垂直經(jīng)過(guò)BE，故D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】有關(guān)帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，此種類(lèi)型的題目從兩條線索展開(kāi)：其一，力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系．根據(jù)帶電粒子受力情況，用牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式確定帶電粒子的速度和位移等解答．其二，功和能的關(guān)系．根據(jù)電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做功，利用動(dòng)能定理、能量守恒定律等研究全過(guò)程中能的轉(zhuǎn)化6、B【解析】A．帶電微粒在電場(chǎng)中受到重力和電場(chǎng)力兩個(gè)力作用，電場(chǎng)力在水平方向，由微粒做直線運(yùn)動(dòng)可知，電場(chǎng)力方向必定水平向左，則微粒帶負(fù)電．故A錯(cuò)誤BC．電場(chǎng)力做負(fù)功，機(jī)械能減小，電勢(shì)能增加．故B正確，C錯(cuò)誤D．微粒的合力方向與速度方向相反，對(duì)微粒做負(fù)功，則其動(dòng)能減小．故D錯(cuò)誤故選B.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】保持開(kāi)關(guān)S閉合，根據(jù)變阻器接入電路電阻的變化，由歐姆定律分析電表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容與板間距離的關(guān)系，分析電容的變化，確定電容器電量的變化，判斷R2中電流的方向．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化【詳解】A、B項(xiàng)：該電路中兩個(gè)電阻串聯(lián)，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，接入電路的有效電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知電路中電流I變大，則電流表A讀數(shù)變大；路端電壓：U=E-Ir減小，電壓表V3示數(shù)在變小，U1示數(shù)U1=IR1，隨I的增大在變大，U2示數(shù)U2=E-I（R1+r），隨電流I的增大而減小，故A正確，B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：電容器兩端的電壓為路端電壓，U減小，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量減小，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：電源內(nèi)阻損耗的功率，由于電流變大，所以電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率，電流變大，所以電源消耗的總功率變大，故D正確故應(yīng)選：AD【點(diǎn)睛】電容器的動(dòng)態(tài)分析重點(diǎn)在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開(kāi)電源則極板上的電量不變；電容器保持和電源相連，則兩板間的電勢(shì)差不變．要掌握、及電容決定因素8、BD【解析】A．電源內(nèi)阻消耗的功率，所以外電阻R的增大，電源內(nèi)阻消耗的功率減小，故A錯(cuò)誤；B．該圖象反映了電源的輸出功率P隨外電阻R變化的規(guī)律，由圖看出，電源的輸出功率隨著外電阻的增大先增大后減小，當(dāng)R=r時(shí)，電源有最大的輸出功率，故B正確；C．電源的功率，則當(dāng)外電阻R的增大時(shí)，.電源的功率減小，故C錯(cuò)誤；D．電源的效率，則知R增大時(shí)，電源的效率增大，故D正確；9、AB【解析】由圖可知L2與R串聯(lián)后與L3并聯(lián)，再與L1串聯(lián)；由滑片的移動(dòng)可知滑動(dòng)變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知L1亮度的變化；由閉合電路的歐姆定律可得出并聯(lián)電路的電壓變化，從而知兩燈亮度的變化【詳解】當(dāng)滑片右移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L1變暗；電路中電流減小，故內(nèi)阻及L1兩端的電壓減小，而電動(dòng)勢(shì)不變，故并聯(lián)部分的電壓增大，故L3變亮；因L3中電流增大，干路電流減小，故流過(guò)L2的電流減小，故L2變暗；故AB正確，CD錯(cuò)誤故選AB【點(diǎn)睛】本題考查電路的動(dòng)態(tài)分析，要會(huì)根據(jù)歐姆定律分析各量的變化方向，要求學(xué)生能靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的電流電壓規(guī)律及閉合電路的歐姆定律如果應(yīng)用“串反并同”的方法會(huì)更簡(jiǎn)單．“串反并同”就是與可變電阻串聯(lián)的電路上的電壓和電流的變化與該電阻的變化相反，如果電阻增大，則串聯(lián)電路的電壓和電流會(huì)減小，而并聯(lián)電路的電壓和電路會(huì)隨電阻增大而增大10、AC【解析】A．O、D兩點(diǎn)關(guān)于兩等量正電荷對(duì)稱(chēng)，所以?xún)牲c(diǎn)電勢(shì)相等，A正確；B．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加法則可知O、D兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向，B錯(cuò)誤；C．D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度疊加示意圖：根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式結(jié)合幾何關(guān)系可知：C正確；D．一負(fù)點(diǎn)電荷從O沿直線OD移到C，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以負(fù)點(diǎn)電荷從O沿直線OD移到D，其電勢(shì)能先減小后增加，D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.50.15②.4.700③.220④.A2⑤.V1⑥.R1⑦.⑧.⑨.【解析】(1)[1]主尺讀數(shù)為5cm=50mm，游標(biāo)上第3條刻度線與主尺對(duì)齊，讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm，則長(zhǎng)度為50.15mm；(2)[2]螺旋測(cè)微器固定刻度讀數(shù)為4.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.200mm，則直徑為4.700mm；(3)[3]電阻的阻值：R=22×10Ω=220Ω；(4)[4]電阻中最大電流約為則電流表選A2；[5]電源電動(dòng)為4V，電壓表選V1[6]要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，所以應(yīng)該采用分壓式接法，選擇較小最大值的滑動(dòng)變阻器，故選R1，[7]因?yàn)椋瑒t：，故選擇電流表外接法。實(shí)驗(yàn)電路如圖：[8]根據(jù)電路圖畫(huà)出的實(shí)物圖如圖所示：(5)[9]由電阻定律，；代入解得。12、①.(1)如圖：②.(2)B③.F④.(3)U⑤.I【解析】（1）器材選取的原則需安全精確，根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流選擇電流表、電壓表的量程．燈泡電壓能從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法；（2）通過(guò)燈泡電阻的大小分析其是大電阻還是小電阻，確定電流表的內(nèi)外接．根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；（3）燈泡的電阻隨（電壓）溫度的升高而增大，所以U-I圖線是一條曲線【詳解】（1）小燈泡為小電阻，故使用電流表外接法，所以補(bǔ)充完整的電路圖如下：（2）根據(jù)小燈泡額定電壓為3V，額定功率為1.5W可知，燈泡正常工作時(shí)，可流過(guò)的最大電流為0.5A，故選量程為0～0.6A最佳，能準(zhǔn)確測(cè)量，故選B；由于本實(shí)驗(yàn)采用滑動(dòng)變阻器的分壓式接法，故選阻值