海南省魯迅中學2025屆物理高二第一學期期中監測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、許多科學家在物理學發展中做出了重要貢獻．下列有關物理學家的貢獻，錯誤的是A．安培提出了分子電流假說，能夠解釋一些磁現象B．法拉第發現電磁感應現象，使人們對電與磁內在聯系的認識更加完善C．奧斯特發現了電流的磁效應，揭示了電現象和磁現象間的某種聯系D．洛侖茲研究了磁場與電流相互作用，得到了磁場對通電導線的作用力公式2、以下說法中正確的是A．摩擦起電產生的電壓總是很低的，因此對人并不會造成傷害B．普通家庭一個5A的移動插座，最多可以在上面同時使用的電器總功率為1100WC．通常所說的1號干電池的尺寸和電動勢都比7號干電池的大D．利用尖端放電原理，在樓頂裝避雷針即可保護建筑物，避雷針不需要接地3、在靜電場中由靜止釋放一電子，該電子僅在電場力作用下沿直線運動，其加速度a隨時間t的變化規律如圖所示。則A．該電場可能為勻強電場B．電子的運動軌跡與該電場的等勢面垂直C．電子運動過程中途經各點的電勢逐漸降低D．電子具有的電勢能逐漸增大4、一個電流表的滿偏電壓為Ug，內電阻為Rg，要把它改裝成量程為nUg的電壓表，應在電流表上（）A．串聯一個nRg的電阻B．并聯一個nRg的電阻C．串聯一個（n-1）Rg的電阻D．并聯一個（n-1）Rg的電阻5、如圖磁感線分布情況，以O點（圖中白點）為坐標原點，沿Z軸正方向，磁感應強度B大小的變化最有可能為（）A． B．C． D．6、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為10V，燈泡L標有“5V，10W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.5Ω，若燈泡恰好能正常發光，則下列說法中正確的是A．電動機的電流是10AB．電動機的熱功率是2WC．電動機的輸出功率是10WD．整個電路消耗的電功率是18W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一質量為m、電量大小為q的帶電小球，從水平向右的勻強電場中的O點以速度v沿與場強方向成37°角射入電場中，小球運動到最高點時的速度大小也是v，已知重力加速度為g，下列說法正確的是A．小球一定帶負電荷B．最高點可能在O點的右上方C．勻強電場的電場強度可能為D．勻強電場的電場強度可能為8、如圖是有兩個量程的電壓表，當使用a、b兩個端點時，量程為0~10V，當使用a、c兩個端點時，量程為0~100V。已知電流表的內阻為Rg為500歐姆，滿偏電流Ig為1mA,則電阻R1、R2的值（）A．R1=9.5×103ΩB．R2=9×104ΩC．R1=1×104ΩD．R2=9.95×104Ω9、如圖所示，一束重力可忽略不計的帶電粒子以一定的初速度沿直線通過由相互正交的勻強磁場B和勻強電場E組成的速度選擇器，然后粒子通過平板S上的狹縫P進入另一勻強磁場，最終打在上。下列表述正確的是（）A．粒子帶正電B．所有打在上的粒子，在磁場中運動時間都相同C．能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于D．粒子打在上的位置越靠近P，粒子的比荷越大10、如圖所示電路中,電源電動勢E恒定,內阻r=1Ω,定值電阻R3=5Ω.開關S斷開時與閉合時相比,ab段電路消耗的電功率相等。以下說法中正確的是A．電阻R1、R2可能分別為4Ω、5ΩB．電阻R1、R2可能分別為3Ω、6ΩC．開關S斷開時理想電壓表的示數一定小于S閉合時的示數D．開關S斷開時與閉合時相比,理想電壓表的示數變化量大小與理想電流表的示數變化量大小之比一定等于6Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為某同學描繪額定電壓為2.5V的小電珠的I－U圖線的實驗電路圖.(1)開關S閉合之前，滑動變阻器的滑片應該置于_____(選填“A端”、“B端”或“AB正中間”).(2)實驗中發現移動滑動變阻器的滑片時，電流表的示數變化而電壓表的指針不動，下列原因可能的是（_____）A．燈泡中燈絲已燒斷B．滑片接觸不良C．燈泡內部短路D．滑動變阻器A端接觸不良(3)下圖中電流表的讀數是多少_______A(4)某同學在實驗中還測出a、b、c三種元件的伏安特性曲線分別如下圖的(a)、(b)、(c)，下列說法正確的是（_____）A．a可以作為標準電阻使用B．b能作為標準電阻使用C．c可以作為標準電阻使用D．c的阻值隨電壓升高而增大12．（12分）有一電流表A，量程為1mA，內阻rg約為100Ω．要求測量其內阻．可選用的器材有：電阻箱R0，最大阻值為99999.9Ω；滑動變阻器甲，最大阻值為10kΩ；滑動變阻器乙，最大阻值為2kΩ；電源E1，電動勢約為2V，內阻不計；電源E2，電動勢約為6V，內阻不計；開關2個．導線若干．采用的測量電路圖如圖所示實驗步驟如下：a．斷開S1和S2，將R調到最大；b．合上S1，調節R使A滿偏；c．合上S2，調節R1使A半偏，此時可以認為A的內阻rg=R1．試問：（1）在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應該選擇______________；為了使測量盡量精確，可變電阻R應該選擇___________________；電源E應該選擇_________________（2）認為內阻rg=R1，此結果與rg的真實值相比___________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個帶負電的粒子，q=-2.0×10-9C，在靜電場中由a點運動到b點，在這過程中，除電場力外，其它力作的功為6.0×10-5J，粒子動能增加了8.0×10-5J，求a、b兩點間電勢差Uab等于多少？14．（16分）2018年8月的某天夜里，二中南校區的上空電閃雷鳴.某攝影愛好者拍攝到的閃電，假設這次閃電產生的電壓可等效為3×l07V，電流可等效為2.5×105A，歷時l×10-3s．（1）若我們想辦法收集這次閃電的能量，使這次閃電產生的電荷量以0.5A的電流給小燈泡供電，則能維持多長時間？（2）若這樣的閃電一共發生了8次，則閃電釋放的總電能是多少？15．（12分）質量為m=80kg的鐵錘，從高1.8m處自由下落，錘與工件相碰時間為t=0.001s，若錘與工件碰撞后反彈的速度為v/=2m/s，求（g=10m/s2，相碰時不計鐵錘重力）（1）鐵錘與工件接觸前瞬間的速v；（2）錘對工件的平均作用力F。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

安培提出了分子電流假說，并很好地解釋了一些磁現象，故A說法正確；法拉第發現電磁感應現象，使人們對電與磁內在聯系的認識更加完善，故B說法正確；奧斯特發現了電流的磁效應，揭示了電現象和磁現象間的某種聯系，故C說法正確；安培研究了磁場與電流相互作用，得到了磁場對通電導線的作用力公式，故D說法錯誤．所以選D．2、B【解析】

A．摩擦起電產生的電壓有時會高達幾千甚至幾萬伏，但是由于電量很小，故不會對人造成傷害，故A錯誤。B．插座能承受的最大電流為5A，則由P=UI可知，同時使用的功率最大為：P=220×5=1100W；故B正確；C．電干電池的電動勢都是1.5V，1號干電池比7號干電池的體積大，但電動勢相同。故C錯誤；D．避雷針避雷是中和云層中的異種電荷，及時消除云層與地面的電勢差；避雷針避雷是將云層中積聚的電荷導入大地，或者將大地的負電荷與其中和，可保護建筑物，使建筑物免遭雷擊，故D錯誤；3、B【解析】A：由加速度a隨時間t的圖象可知，電子的加速度變化，所受電場力變化，運動軌跡上各點的場強大小改變，電場不是勻強電場。故A項錯誤。B：電子僅在電場力作用下沿直線運動，且運動過程中加速度方向不變，所受電場力方向不變，則運動軌跡上各點場強方向一樣且場強方向與軌跡同一直線，電場方向與等勢面垂直，所以電子的運動軌跡與該電場的等勢面垂直。故B項正確。CD：電子由靜止釋放做加速運動，電子所受電場力做正功，電子具有的電勢能減小，電子運動過程中途經各點的電勢逐漸升高。故CD兩項錯誤。4、C【解析】試題分析：電流表改裝成大量程的電流壓表要串聯電阻起分壓的作用，串聯的電阻值根據歐姆定律求解解：電流表改裝成大量程電壓表要串聯電阻分壓，串聯的電阻值為：R==（n﹣1）Rg故選C．【點評】考查電壓表的改裝，明確串聯電阻的阻值的表達式．5、C【解析】

磁感線的疏密表示磁感應強度B的大小，所以從題圖中可以看出，從O點沿著Z軸向上的過程中，磁感應強度B先減小到0，再增大，所以C正確，ABD錯誤。故選C。6、B【解析】

AB．電動機兩端的電壓為：U1=U-UL=10-5V=5V整個電路中的電流等于燈泡的額定電流為：電動機的電流是2A；電動機的熱功率為：P熱=I2RM=4×0.5W=2W故A錯誤，B正確；C．電動機消耗功率為：P=U1I=5×2W=10W．則電動機的輸出功率為：P出=P-P熱=10W-2W=8W．故C錯誤．D．整個電路消耗的功率為：P總=UI=10×2W=20W．故D錯誤；故選B.點睛：解決本題的關鍵知道電動機的能量轉化關系，電動機的輸出功率P出=P-I2RM，知道整個電路消耗的功率P總=UI．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

AB.小球從到最高點（設為）的過程，動能不變，而重力勢能增加，根據能量守恒可知小球的電勢能減小，電場力做正功，由于小球的電性未知，故無法判斷小球位置，點可能在點的右上方，也可能在點的左上方；若點在點的右上方，小球帶正電；若點在點的左上方，小球帶負電，故A錯誤，B正確；CD.令初速度與水平方向的夾角為，豎直方向上：設水平方向的加速度大小為，取向右為正方向，若粒子帶負電，則有：又：聯立可得：若小球帶正電，則有：聯立解得為：故C錯誤，D正確。8、AB【解析】接a、b時,電流表與電阻R1的串聯,R1=U1Ig-Rg=101×10-3-500=9.5×10故AB正確綜上所述本題答案是：AB;9、ACD【解析】

A．由左手定則可判斷出該粒子帶正電，故A正確；BD．根據解得粒子在磁場中運動時間為所以打在上的粒子，粒子的比荷不同，在磁場中運動時間就不同。粒子的比荷越大，半徑越小。故B錯誤，D正確；C．設帶電粒子沿直線通過速度選擇器的速度為v，有即可知帶電粒子進入另一勻強磁場的速度是相同的。故C正確。故選ACD。10、AD【解析】

由題中“電源電動勢E恒定”可知，本題考查閉合電路歐姆定律和動態電路，根據閉合電路歐姆定律公式和動態電路變化可分析本題。【詳解】AB．取有當S斷開前后有時將代入方程成立，而將代入方程不成立，故A錯誤B正確；C．將R3和電源內阻看作一整體，則此時電壓表測量路端電壓，開關斷開時等效外電路總電阻大于開關閉合時的，所以開關斷開時電壓表示數大，故C錯誤；D．根據閉合電路歐姆定律得則電壓表的示數變化量大小與電流表的示數變化量大小之比為故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)A端C2.30A【解析】(1)開始時燈泡兩端的電壓應為零，然后再逐漸增大；故開始時滑片應滑到A端；(2)若調節滑動變阻器，電流表示數變化，說明電路是接通的；但電壓表示數不變，說明燈泡燈絲短路；故選C．(3)量程選擇3A，最小分度為0.1A，故電流表示數為2.30A；(4)a圖中電阻不隨電壓的變化而變化，故可以做為標準電阻使用；b的阻值隨電壓升高而增大，c的阻值隨電壓升高而降低，故A正確，B、C、D錯誤．故選A．【點睛】本題考查測量燈泡的伏安特性曲線的性質，要注意該實驗中的滑動變阻器的接法及電流表的接法．12、R0滑動變阻器甲E2偏小【解析】（1）根據半偏法的測量原理，R1必須選電阻箱R0，才能測量；電源選擇E2，誤差較小．

根據電源的電動勢和電流表的量程可知電路的最小電阻為6kΩ，所以滑動變阻器乙不能有效調節，應該選擇甲．

（2）根據閉合電路的歐姆定律及電路特點可得：合上S1，調節R使電流表滿偏：Ig=ER+rg+r

合上S2，調節R1使電流表半偏（電路中的總電流）：I=ER+rgR1rg+R1+r，上式比較可得I＞Ig．所以，通過電阻箱的電流：IR1＝I?Ig點睛：本題是用的半偏法測電阻，用的是兩并聯電路的電阻相等時電流相等；實驗要求干路電流基本不變，所以要求因并聯而引起的電阻的變化要小，且電流表的滿偏電流很小，則其它電阻要大，據此選擇合適的器材；另據并聯后總電阻發生變化而引起干路電流變化引起誤差，從而分析偏大還是偏小．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1×104V【解析】

設此過程中，電