2025屆湖北省宜宜昌市部分示范高中教學協作體高二物理第一學期期末質量檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，兩根互相平行的長直導線過紙面上的M、N兩點，且與直面垂直，導線中通有大小相等、方向相反的電流。a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點的距離均相等。關于以上幾點處的磁場，下列說法正確的是（）A.O點處的磁感應強度為零B.a、b兩點處的磁感應強度大小相等，方向相反C.c、d兩點處的磁感應強度大小相等，方向相同D.a、c兩點處磁感應強度的方向不同2、如圖所示，一個邊長為2L的等腰直角三角形ABC區域內，有垂直紙面向里的勻強磁場，其左側有一個用金屬絲制成的邊長為L的正方形線框abcd，線框以水平速度v勻速通過整個勻強磁場區域，設電流逆時針方向為正。則在線框通過磁場的過程中，線框中感應電流i隨時間t變化的規律正確的是A. B.C. D.3、發射地球同步衛星時，先將衛星發射至近地圓軌道1，然后經點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛星送入同步圓軌道3，軌道1、2相切于Q點，軌道2、3相切于P點（如圖所示）。則當衛星分別在1、2、3軌道上正常運行時，以下說法正確的是（）A.衛星在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率B.衛星在軌道3上的角速度等于在軌道1上的角速度C.衛星在軌道1上經過Q點的加速度大于它在軌道2上經過Q點時的加速度D.衛星在軌道2上經過P點時的加速度等于它在軌道3上經過P點時的加速度4、將一段導線繞成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面（紙面）內，回路的ab邊置于垂直紙面向里的勻強磁場Ⅰ中。回路的圓形區域內有垂直紙面的磁場Ⅱ，以向里為磁場Ⅱ的正方向，其磁感應強度B隨時間t變化的圖像如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時間t變化的圖像是（）A. B.C. D.5、如圖，在等量異種點電荷形成的電場中，O為兩電荷連線的中點，B、D位于該連線上，A、C位于該連線的中垂線上，ABCD構成一正方形．關于A、B、C、D四點的場強大小E和電勢的關系，正確的是()A.B.C.D.6、用圖示裝置進行電磁感應實驗，下列操作不能形成感應電流的是（）A.電鍵閉合和斷開的瞬間B.電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭C.電鍵閉合后線圈AB中插入或拔出D.只電鍵保持閉合二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電阻不計導軌OPQS固定，其中PQS是半徑為r的半圓弧，Q為半圓弧的中點，O為圓心．OM是長為r的可繞O轉動的金屬桿，其電阻為R、M端與導軌接觸良好．空間存在與平面垂直且向里的勻強磁場(圖中未畫出)，磁感應強度的大小為B，現使OM從OQ位置起以角速度ω逆時針勻速轉到OS位置．則該過程中A.產生的感應電流大小恒定，方向為OPQMOB.通過OM的電荷量為C.回路中的感應電動勢大小為Br2ωD.金屬桿OM的發熱功率為8、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內電阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可以視為不變），R1和R2為定值電阻，R1=R2=r，R3為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小．閉合開關S后，將照射光強度減弱，則（）A.電路路端電壓將減小 B.燈泡L將變暗C.R1兩端的電壓將增大 D.電源的輸出功率減小9、如圖所示，上下開口、內壁光滑的銅管P和塑料管Q豎直放罝。小磁塊先后在管中從相同高度處由靜止釋放，并落至底部。則小磁塊A.在P和Q中都做自由落體運動B.在P中下落過程中機械能減小C.在P中的下落時間比在Q中的長D.落至底部時在P中的速度比在Q中的大10、如圖所示，定值電阻R＝20Ω，電動機線圈的電阻R0＝1.0Ω，當開關S斷開時，電流表的示數是1.0A．當開關S閉合后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數為2.0A．則（）A.電路電壓為20VB.電路的發熱功率為20WC.電動機的輸出功率為19WD.電動機的效率是95％三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖甲所示，為某同學測繪額定電壓為2.5V的小燈泡的I－U特性曲線的實驗電路圖①根據電路圖甲，用筆畫線代替導線，將圖乙中的實驗電路連接起來_____②開關S閉合之前，圖甲中滑動變阻器的滑片應該置于_____端（選填“A”、“B”或“AB中間”）12．（12分）實驗小組要測量一個純電阻元件Rx的電阻，用多用電表粗測其阻值約為5Ω。為了測量該電阻的精確值，除待測元件外，實驗小組還準備了以下實驗器材：A．電流表A：量程0～200mA，內阻為2ΩB．電壓表V：量程0～3V，內阻約為10000ΩC．定值電阻R1：阻值為1ΩD．滑動變阻器R2：0～20Ω，額定電流為2AE．滑動變阻器R3：0～2000Ω，額定電流為1AF．電源：電動勢為4V，內阻約為0.3ΩG．開關，導線若干要求該元件兩端電壓能從零開始變化(1)滑動變阻器應選______（選填“D”或“E”）(2)請虛線框中畫出電路圖并對所用器材進行標注______(3)根據實驗電路圖以及測量得到的電壓表和電流表的示數繪制出如圖所示的U-I圖象，則該電阻元件的阻值為______Ω。（結果保留三位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長的U形導體框架的寬度L=0.5m，電阻可忽略不計，其所在平面與水平面成θ=37°角．有一磁感應強度B=0.8T的勻強磁場，方向垂直于導體框平面．一根質量m=0.4kg、電阻R=1Ω的導體棒MN垂直跨放在U形框架上，某時刻起將導體棒由靜止釋放．已知導體棒與框架間的動摩擦因數μ=0.5．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）(1)求導體棒運動過程中的最大速度；(2)從導體棒開始下滑到速度剛達到最大值的過程中，通過導體棒橫截面的電量q=4C，求導體棒在此過程中發的電熱.14．（16分）將一個電荷量q=－3×10－8C的點電荷，從電場中S點移到M點要克服靜電力做功6×10－8J。求：（1）q的電勢能怎樣變化?（2）若取S點為零電勢點，則q在M點的電勢能與M點的電勢分別是多少?15．（12分）如圖線圈面積為0.05m2，共100匝，線圈總電阻為r=1Ω，外電阻R=9Ω，線圈處于B=2/πT的勻強磁場中,當線圈繞00′以轉速n=300r/min勻速轉動時，求：(1)若從線圈處于中性面開始計時，寫出電動勢的瞬時表達式(2)兩電表的示數(3)線圈轉過180°的過程中，通過電阻的電荷量(4)線圈勻速轉一圈的過程中產生的總熱量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．由安培定則和磁場疊加原理可判斷出O點處的磁感應強度方向向下，一定不為零，A錯誤；B．a、b兩點處的磁感應強度大小相等，方向相同，均向下，B錯誤；C．c、d兩點處的磁感應強度大小相等，方向相同，均向下，C正確；D．a、c兩點處磁感應強度的方向相同，D錯誤。故選C。2、B【解析】線框開始進入磁場運動L的過程中，只有邊bd切割，感應電流不變，前進L后，邊bd開始出磁場，邊ac開始進入磁場，回路中的感應電動勢為ac邊產生的電動勢減去bd邊在磁場中的部分產生的電動勢，隨著線框的運動回路中電動勢逐漸增大，電流逐漸增大，方向為負方向；當再前進L時，邊bd完全出磁場，ac邊也開始出磁場，有效切割長度逐漸減小，電流方向不變。A．該圖與結論不相符，選項A錯誤；B．該圖與結論相符，選項B正確；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；故選B。3、D【解析】AB．衛星繞地球做勻速圓周運動時，由萬有引力提供向心力，則有可得，則知，衛星的軌道半徑越大，角速度和線速度越小，所以衛星在軌道3上的角速度和線速度均比在軌道1上的小，故AB錯誤；CD．根據牛頓第二定律得得則知衛星經過同一點時加速度一定，則衛星在軌道1上經過點時的加速度等于它在軌道2上經過點時的加速度，衛星在軌道2上經過點時的加速度等于它在軌道3上經過點時的加速度，故D正確，C錯誤。故選D。4、B【解析】在內，磁感應強度均勻變化，由法拉第電磁感應定律可得則閉合電路中產生的感應電動勢恒定不變，則感應電流恒定不變。ab邊在磁場中所受的安培力由于勻強磁場Ⅰ中磁感應強度B恒定，則，安培力為平行t軸的直線，方向向左（為負）。同理分析可得在,安培力與時間的關系為內F-t關于時間軸對稱一條的直線。故選B。【點睛】本題要求學生能正確理解B-t圖的含義，故道B如何變化，才能準確的利用楞次定律進行判定。根據法拉第電磁感應定律分析感應電動勢的變化，由歐姆定律判斷感應電流的變化，進而可確定安培力大小的變化。5、D【解析】AB.等量異種電荷之間的電場線是中間疏，兩邊密，連線的中垂線上，由O點向兩邊逐漸變疏，可知故AB錯誤CD.沿電場線方向電勢逐漸降低，等量異種電荷連線的中垂線是等勢線，則故C錯誤，D正確6、D【解析】解：由圖示可知，電流表所在電路閉合，A、電鍵閉合和斷開的瞬間，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，故A錯誤；B、電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，故B錯誤；C、電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，故C錯誤；D、保持開關閉合，則線圈A所在電路中的電流電流不變，穿過線圈B的磁通量不變，沒有感應電流產生，故D正確；故選D【點評】本題考查了感應電流產生的條件，熟練掌握基礎知識即可正確解題，本題是一道基礎題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A項：由導體棒繞其端點在磁場中轉動時產生的電動勢為：，所以產生的電動勢恒定，電流恒定，由于磁場方向垂直紙面向里，由右手定則可知電流的方向為OPQMO，故A正確；B項：由公式，故B正確；C項：由A分析可知，，，故C錯誤；D項：由閉合電路歐姆定律得：發熱功率為：故D錯誤．故應選：AB8、BD【解析】A.照射光強度減弱時，光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流減小，所以電源內阻所占電壓減小，所以路端電壓增大，選項A錯誤；C.因電路中總電流減小，所以R1兩端的電壓減小，選項C錯誤；B.因電路端電壓增大，同時R1兩端的電壓減小，故并聯電路部分電壓增大，則流過R2的電流增大，而總電流減小，所以通過燈泡L的電流減小，所以燈泡L變暗，選項B正確；D、電源的輸出功率（R為外電路的電阻），據題意知R1、R2為定值電阻且都等于r，所以總電阻一定大于r，故當將照射R3的光的強度減弱，總電阻增大，輸出功率變小，選項D正確。故選BD。9、BC【解析】A．當小磁塊在光滑的銅管P下落時，由于穿過銅管的磁通量變化，導致銅管產生感應電流，從而產生安培阻力，運動不是自由落體運動，而對于塑料管內小磁塊沒有任何阻力，在做自由落體運動，故A錯誤。

B．由A選項分析可知，在銅管的小磁塊機械能不守恒，克服安培力做功，機械能減小，而在塑料管的小磁塊機械能守恒，故B正確。

C．在銅管中小磁塊受到安培阻力，則在P中的下落時間比在Q中的長，故C正確。

D．根據動能定理可知，因安培阻力導致產生熱量，則至底部時在P中的速度比在Q中的小，故D錯誤。故選BC。10、ACD【解析】A：開關S斷開時，電流表的示數是1.0A，電路電壓．故A項正確B：開關S閉合后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，流過電阻電流不變，電流表的示數為2.0A，則流過電動機的電流，電路的發熱功率為．故B項錯誤C：電動機的輸出功率，故C項正確D：電動機的總功率，則電動機的效率．故D項正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.A端【解析】（1）根據原理圖連接實物圖如下所示：（2）為了安全和保護儀器不被燒壞，開關S閉合之前，應該移動滑片，使測量電路短路，即將片滑移動到A端12、①.D②.③.4.46【解析】(1)[1]因為待測電阻的阻值約為，為保證測量過程中誤差小，所以滑動變阻器選擇D；(2)[2]由于器材中的電流表量程太小，所以需要在原電流表的基礎上并聯上定值電阻，從而改裝成大量程的電流表；于電流表自身分得的電壓可精確計算出，所以電流表采用內接法，實驗過程中要求該元件兩端電壓能從零開始變化，所以滑動變阻器采用分壓式，電路圖如圖所示(3)[3]根據歐姆定律可知，待測電阻的阻值為四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）vm=5m/s(2)Q=3J【解析】(1)導體棒下滑中產生的感應電動勢為：E=BLv感應電流為：I=導體棒受到安培力為：F=BIL=當導體棒的速度達到最大時，導體棒受力平衡，有：mgsinθ-μmgcosθ-=0代入數據解得：vm=5m/s(2)設該過程中導體棒通過的位移為x，則回路產生的平均感應電動勢為：==電量：q=I△t=根據能量守恒有：mgsinθ?x-μmg