2025屆甘肅省白銀市會寧縣第四中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末綜合測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于感應(yīng)電流，下對說法正確的是（）A.只要穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中就一定有感應(yīng)電流B.只要閉合導(dǎo)線做切割磁感線運動，導(dǎo)線中就一定有感應(yīng)電流C.若閉合電路的一部分導(dǎo)體不做切割磁感線運動，閉合電路中一定沒有感應(yīng)電流D.當(dāng)穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，閉合電路中一定有感應(yīng)電流2、下面四幅圖表示了電場強度E、磁感應(yīng)強度B、通電直導(dǎo)線電流Ⅰ、電荷速度v、電場力和磁場力F的方向之間的關(guān)系，其中正確的是（）A. B.C. D.3、四盞燈泡接成如圖所示的電路，a、c燈泡的規(guī)格為“220V40W”，b、d燈泡的規(guī)格為“220V100W”，各個燈泡的實際功率都沒有超過它的額定功率，則這四盞燈泡實際消耗功率大小的順序是A.B.C.D.4、如圖，虛線框內(nèi)為改裝好的電表，M、N為新電表的接線柱，其中靈敏電流計G的滿偏電流為，已測得它的內(nèi)阻為，圖中電阻箱讀數(shù)為。現(xiàn)將MN接入某電路，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計G剛好滿偏，則根據(jù)以上數(shù)據(jù)計算可知（）A.M、N兩端的電壓為1mV B.M、N兩端的電壓為100mVC.流過M、N的電流為 D.流過M、N的電流為10mA5、如圖，在水平地面上固定一傾角為的光滑絕緣斜面，斜面處于電場強度大小為E、方向沿斜面向下的勻強電場中。絕緣輕質(zhì)彈簧的一端固定在斜面底端，整根彈簧處于自然狀態(tài)（若規(guī)定彈簧自然長度時彈性勢能為零，彈簧的彈性勢能Ep=k△x2，其中k為彈簧勁度系數(shù)，△x為彈簧的形變量）一質(zhì)量為m、帶電量為q（q＞0）的滑塊從距離彈簧上端為s0處靜止釋放，滑塊在運動過程中電量保持不變，設(shè)滑塊與彈簧接觸后粘在一起不分離且無機械能損失，物體剛好能返回到s0段中點，彈簧始終處在彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為g。則下列說法不正確的是（）A.滑塊從靜止釋放到與彈簧上端接觸瞬間所經(jīng)歷的時間為t=B.彈簧的勁度系數(shù)為k=C.滑塊運動過程中的最大動能等于Ekm=（mgsinθ+qE）s0D.運動過程中物體和彈簧組成的系統(tǒng)機械能和電勢能總和始終不變6、下列說法正確的是A.元電荷就是電子或質(zhì)子B.元電荷是最小電荷量，又稱“基本電量”C.油滴所帶的電荷量可能是3.6×10-19CD.法國物理學(xué)家?guī)靵鲎钤缬糜偷螌嶒灳_地測出了元電荷的數(shù)值二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是()A.普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象,第一次提出了能量量子化理論B.大量的電子通過雙縫后在屏上能形成明暗相間的條紋,這表明所有的電子都落在明條紋處C.電子和其他微觀粒子都具有波粒二象性D.光波是一種概率波,光的波動性是由于光子之間的相互作用引起的,這是光子自身的固有性質(zhì)8、現(xiàn)將電池組、滑線變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關(guān)按如圖所示方式連接．在開關(guān)閉合、線圈A放在線圈B中的情況下，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)當(dāng)他將滑線變阻器的滑動端P向左滑動時，電流計指針向右偏轉(zhuǎn)．由此可以推斷A.滑線變阻器滑動端P向右滑動時，電流計指針向左偏轉(zhuǎn)B.線圈A向上移動時，電流計指針向右偏轉(zhuǎn)C.斷開開關(guān)時，電流計指針向左偏轉(zhuǎn)D.拔出線圈A中的鐵芯時，電流計指針向左偏轉(zhuǎn)9、如圖所示，一導(dǎo)線彎成半徑為a的半圓形閉合回路．虛線MN右側(cè)有磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場．方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右勻速進入磁場，直徑CD始終與MN垂直．從D點到達邊界開始到C點進入磁場為止，下列結(jié)論正確的是()A.感應(yīng)電流方向先逆時針，后順時針B.CD段直線始終不受安培力C.感應(yīng)電動勢的最大值E＝BavD.感應(yīng)電動勢平均值E＝πBav10、如圖所示，光滑的水平軌道AB與半徑為R的光滑的半圓形軌道BCD相切于B點，AB水平軌道部分存在水平向右的勻強電場，半圓形軌道在豎直平面內(nèi)，B為最低點，D為最高點．一質(zhì)量為m、帶正電的小球從距B點x的位置在電場力的作用下由靜止開始沿AB向右運動，恰能通過最高點，下列說法中正確的是A.R越大，x越大B.m與R同時增大，電場力做功增大C.m越大，x越小D.R越大，小球經(jīng)過B點后瞬間對軌道的壓力越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖中虛線框內(nèi)存在一沿水平方向、且與紙面垂直的勻強磁場．現(xiàn)通過測量通電導(dǎo)線在磁場中所受的安培力，來測量磁場的磁感應(yīng)強度大小、并判定其方向．所用部分器材已在圖中給出，其中D為位于紙面內(nèi)的U形金屬框，其底邊水平，兩側(cè)邊豎直且等長；E為直流電源；R為電阻箱；A為電流表；S為開關(guān)．此外還有細沙、天平、米尺和若干輕質(zhì)導(dǎo)線完成下列主要實驗步驟中的填空：(1)①按圖接線②保持開關(guān)S斷開，在托盤內(nèi)加入適量細沙，使D處于平衡狀態(tài)；然后用天平稱出細沙質(zhì)量m1③閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)R的值使電流大小適當(dāng)，在托盤內(nèi)重新加入適量細沙，使D________；然后讀出________，并用天平稱出此時細沙的質(zhì)量m2④用米尺測量D的底邊長度L(2)用測量的物理量和重力加速度g表示磁感應(yīng)強度的大小，可以得出B＝________(3)判定磁感應(yīng)強度方向的方法是：若________，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向外；反之，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里12．（12分）當(dāng)汽車通過拱橋頂點的速度為時，車對橋頂?shù)膲毫檐囍氐模绻蛊囋跇蛎嫘旭傊翗蝽敃r，對橋頂?shù)膲毫榱悖瑒t汽車通過橋頂?shù)乃俣葢?yīng)為_______。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在xoy平面內(nèi)，第三象限內(nèi)的直線OM是電場與磁場的邊界，OM與負x軸成角。在且OM的左側(cè)空間存在著沿負x方向的勻強電場E，場強大小為，在且OM的右側(cè)空間存在著垂直紙面向里的勻強磁場B，磁感應(yīng)強度大小為。一不計重力的帶負電的粒子，從坐標(biāo)原點O沿y軸負方向以的初速度進入磁場，已知粒子的帶電量為，質(zhì)量為，求：（1）帶電粒子第一次經(jīng)過磁場邊界的位置坐標(biāo)；（2）帶電粒子在磁場區(qū)域運動的總時間；（3）帶電粒子最終離開電、磁場區(qū)域進入第一象限時的位置坐標(biāo)。14．（16分）如圖所示，光滑導(dǎo)軌MN和PQ固定在豎直平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距為L，兩端分別接有阻值均為R的定值電阻R1和R2,兩導(dǎo)軌間有一邊長為的正方形區(qū)域abcd，該區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場．一質(zhì)量為m的金屬桿與導(dǎo)軌相互垂直且接觸良好，從ab處由靜止釋放，若金屬桿離開磁場前已做勻速運動，其余電阻均不計．求：(1)金屬桿離開磁場前的瞬間流過R1的電流大小和方向；(2)金屬桿離開磁場時速度的大小；(3)金屬桿穿過整個磁場過程中電阻R1上產(chǎn)生的電熱15．（12分）在方向豎直向下、磁感應(yīng)強度B=5T的勻強磁場中，兩根光滑平行金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距L=1m，質(zhì)量m1=2kg，電阻R=1Ω的金屬導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好，軌道端點M、P間接有一直流電源，電動勢E=36V。導(dǎo)體棒ab通過滑輪提升質(zhì)量m2=8kg的重物，不計電源內(nèi)阻，不計導(dǎo)軌電阻，不計滑輪軸處的摩擦，g=10m/s2（1）簡述此電動機的能量轉(zhuǎn)化情況；（2）當(dāng)ab棒速度為v=2m/s時，求通過棒的電流I的大小；（3）當(dāng)ab棒速度為v=2m/s時，求通過棒的加速度a的大小；（4）棒最終勻速運動的速度vmax。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是線圈要閉合，并且穿過線圈的磁通量發(fā)生改變，故A錯誤；B．閉合導(dǎo)線切割磁感線，如果磁通量未發(fā)生改變則不會有感應(yīng)電流產(chǎn)生；閉合電路部分導(dǎo)體做切割磁感線有感應(yīng)電流產(chǎn)生，所以閉合導(dǎo)線做切割磁感線運動不是一定產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯誤；C．即使閉合電路的一部分導(dǎo)體如果不做切割磁感線的運動，但如果閉合電路在磁場中面積改變，磁通量也改變，就會有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C錯誤；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，閉合電路產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生改變，故D正確。故選D。2、B【解析】A．正電荷受力方向與電場方向相同，應(yīng)該水平向右，故A錯誤；B．由左手定則可知，電荷受到洛倫茲力方向向下，故B正確；C．由左手定則可知，負電荷受到的洛倫茲力方向向下，故C錯誤；D．由左手定則可知，導(dǎo)線受到安培力方向向上，故D錯誤；故選B。3、C【解析】根據(jù)公式可得b、d的電阻小于a、c的電阻，a、d串聯(lián)在干路，所以兩燈泡的電流相等，故根據(jù)公式可得，因為通過b、c的電流之和等于d的電流，所以通過d的電流大于b的電流，b、c并聯(lián)，電壓相同，由于b的電阻小于c的電阻，所以b的電流大小于c的電流，故根據(jù)公式可得，，綜合可得，C正確；【點睛】已知用電器的額定功率、額定電壓，求實際電壓的功率時，要抓住電阻不變這一關(guān)鍵點，能結(jié)合串并聯(lián)電路的特點解題，難度適中4、D【解析】AB．M、N兩端電壓為AB錯誤；CD．流過M、N的電流為C錯誤D正確。故選D。5、C【解析】A.滑塊從靜止釋放到與彈簧剛接觸的過程中做初速度為零的勻加速直線運動，設(shè)加速度大小為a，由牛頓第二定律得：由位移公式得：聯(lián)立可得：故A正確；B.滑塊從釋放到返回到s0段中點的過程，由功能關(guān)系得：解得：故B正確；C.滑塊速度最大時受力平衡，設(shè)此時彈簧壓縮量為x0，則有解得：從靜止釋放到速度達到最大的過程中，由動能定理得：彈簧彈力做功：則最大動能：故C錯誤；D.物體運動過程中只有重力和電場力做功，故只有重力勢能、電勢能和和彈性勢能動能參與轉(zhuǎn)化，滑塊機械能和電勢能的總和始終不變，故D正確。本題選擇不正確的，故選C。6、B【解析】A項：元電荷是指最小的電荷量，不是電荷，不是指質(zhì)子或者電子，故A錯誤；B項：元電荷是最小電荷量，又稱“基本電量”，故B正確；C項：任何帶電體所帶電荷都等于元電荷的整數(shù)倍，所以油滴所帶的電荷量不可能是3.6×10-19C，故C錯誤；D項：密立根最早用油滴實驗精確地測出了元電荷的數(shù)值故D錯誤故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論，故A正確；大量的電子通過雙縫后在屏上能形成明暗相間的條紋，這表明落在明條紋處的電子較多、落在暗條紋出的電子較少，故B錯誤．電子和其他微觀粒子都具有波粒二象性，選項C正確；波粒二象性是光的根本屬性，與光子之間的相互作用無關(guān)，故D錯誤．故選AC.8、AB【解析】由題意可知線圈B中產(chǎn)生使電流表指針向右偏轉(zhuǎn)的條件，則分析各選項可得出正確答案【詳解】由題意可知當(dāng)P向左滑動時，線圈A中的電流減小，導(dǎo)致穿過線圈B的磁通量減小，電流計指針向右偏轉(zhuǎn)；滑線變阻器的滑動端P向右滑動時，導(dǎo)致穿過線圈B的磁通量增大，則電流計指針向左偏轉(zhuǎn)，故A正確；線圈A向上移動，導(dǎo)致穿過線圈B的磁通量減小，能引起電流計指針向右偏轉(zhuǎn)，故B正確；斷開開關(guān)時，導(dǎo)致穿過線圈B的磁通量減小，那么電流計指針向右偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；當(dāng)鐵芯拔出時，A中磁場減小，故B中磁通量減小，則電流計指針向右偏轉(zhuǎn)，故D錯誤；故選AB【點睛】本題無法直接利用楞次定律進行判斷，但是可以根據(jù)題意得出產(chǎn)生使電流表指針右偏條件，即可不根據(jù)繞向判出各項中應(yīng)該出現(xiàn)的現(xiàn)象9、CD【解析】根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，結(jié)合左手定則判斷CD段導(dǎo)線所受的安培力，當(dāng)半圓形線框進入一半時，有效的切割長度最大，感應(yīng)電動勢最大，根據(jù)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式求出感應(yīng)電動勢的最大值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢的平均值；【詳解】A、在進入磁場的過程中，通過閉合電路的磁通量一直增大，根據(jù)楞次定律和右手安培定則可知感應(yīng)電流的方向為逆時針方向，感應(yīng)電流的方向不變，故A錯誤；B、在進入磁場的過程中，根據(jù)楞次定律知，CD上的電流方向為D指向C，根據(jù)左手定則知，CD直導(dǎo)線受到向下的安培力，故B錯誤；C、當(dāng)半圓形線框進入一半時，有效的切割長度最大，感應(yīng)電動勢最大，則感應(yīng)電動勢的最大值，故C正確；D、線框進入磁場的時間，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知,感應(yīng)電動勢平均值，故D正確；故選CD【點睛】關(guān)鍵知道感應(yīng)電動勢公式只能來計算平均值；利用感應(yīng)電動勢公式計算時，應(yīng)是等效長度，即垂直切割磁感線的長度10、AB【解析】小球恰能通過最高點時，由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出小球經(jīng)最高點時的速度，根據(jù)動能定理求出初速度v0與半徑R的關(guān)系．小球經(jīng)過B點后的瞬間由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，由牛頓運動定律研究小球?qū)壍赖膲毫εc半徑的關(guān)系【詳解】小球在BCD部分做圓周運動，在D點，有：mg=m①從A到D過程，由動能定理有：qEx-2mgR=mvD2，②由①②得：，③可知，R越大，x越大．m越大，x越大，故A正確，C錯誤從A到D過程，由動能定理有：W-2mgR=mvD2，⑥由①⑥解得：電場力做功W=mgR，可知m與R同時增大，電場力做功越多，故B正確．小球由B到D的過程中，由動能定理有：-2mgR=mvD2-mvB2，vB=，④在B點有：FN-mg=m⑤解得：FN=6mg，則知小球經(jīng)過B點瞬間軌道對小球的支持力與R無關(guān)，則小球經(jīng)過B點后瞬間對軌道的壓力也與R無關(guān)，故D錯誤．故選AB【點睛】動能定理與向心力知識綜合是常見的題型．小球恰好通過最高點時速度與輕繩模型類似，軌道對小球恰好沒有作用力，由重力提供向心力，臨界速度v=，做選擇題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.重新處于平衡狀態(tài)②.電流表的示數(shù)I③.④.【解析】(1)[1][2]金屬框平衡時測量才有意義，讀出電流表的示數(shù)I；(2)[3]根據(jù)平衡條件，有：|m2-m1|g=BIL，解得：；(3)[4]若m2＞m1．則安培力的方向向下，根據(jù)左手定則可得，磁場的方向向外；反之，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里12、12【解析】[1]根據(jù)牛頓第二定律得即當(dāng)支持力為零，有解得四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）【解析】（1）帶電微粒從O點射入磁場，運動軌跡如圖，第一次經(jīng)過磁場邊界上的A點，由洛倫茲力公式和牛頓第二定