2025屆西南交通大學附屬中學高一物理第一學期期末經典試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、關于加速度概念的理解，下列敘述中正確的是A.加速度就是物體增加的速度B.加速度是用來描述物體速度變化大小的物理量C.加速度是用來描述物體速度變化快慢的物理量D.加速度大的物體速度一定大，加速度小的物體速度一定小2、如圖所示，質量相同的兩小球(可看成質點)a、b分別從斜面頂端A和斜面中點B沿水平方向拋出后，恰好都落在斜面底端，不計空氣阻力，下列說法正確的是A.小球a、b在空中飛行的時間之比為2︰1B.小球a、b拋出時的初速度大小之比為2︰1C.小球a、b到達斜面底端時速度方向與斜面的夾角之比為1︰1D.小球a、b到達斜面底端時的動能之比為4︰13、關于慣性的大小，下列說法中正確的是（）A.兩個質量相同的物體，速度大的不容易停下來，所以，物體運動的速度越大，物體的慣性越大B.推動靜止的物體比推動正在運動的同一物體所需的力大，所以，物體在靜止時的慣性大一些C.在月球上容易把物體拋出，所以，同一物體在月球上的慣性比在地球上的慣性小一些D.同一物體不論它處在什么運動狀態中，也不論它處在什么環境中，只要物體的質量一定，物體的慣性也是一定的4、下面關于慣性的說法中，正確的是（）A.只有靜止的或做勻速直線運動的物體才具有慣性B.物體質量越大，慣性越大C.物體受推力越大，要它停下來就越困難，所以物體受的推力越大，慣性越大D.運動速度大的物體比速度小的物體難停下來，所以速度大的物體具有較大的慣性5、下列國際單位制中單位，不屬于基本單位的是A.米 B.秒C.牛頓 D.千克6、如圖所示，在斜面上放兩個光滑球A和B，兩球的質量均為m，它們的半徑分別是R和r，球A左側有一垂直于斜面的擋板P，兩球沿斜面排列并處于靜止，以下說法正確的是（）A.斜面傾角θ一定，R>r時，R越大，r越小，B對斜面的壓力越小B.斜面傾角θ一定，R=r時，兩球之間的彈力最小C.斜面傾角θ一定時，無論兩球半徑如何，A對擋板的壓力一定D.半徑一定時，隨著斜面傾角θ逐漸增大，A受到擋板的作用力先增大后減小7、如圖所示，一質量為M的圓環套在一根粗糙的水平橫桿上，圓環通過輕繩和質量為m的物塊相連，物塊在水平向右的風力作用下偏離豎直方向一定的角度（如圖中虛線位置所示）。現風力發生變化使物塊偏離到圖中實線位置（緩緩移動），但圓環仍然不動，在這一過程中，水平風力大小F風、繩子上的張力大小FT、橫桿對圓環的摩擦力大小f、橫桿對圓環的支持力大小FN變化情況正確的是（）A.F風逐漸變大，FT逐漸變大B.F風逐漸變大，FT逐漸變小C.f逐漸變大，FN保持不變D.f保持不變，FN逐漸變小8、如圖所示，質量均為m的木塊A和B用一輕彈簧相連，豎直放在光滑的水平面上，木塊A上放有質量為2m的木塊C，三者均處于靜止狀態．現將木塊C迅速移開，若重力加速度為g，則在木塊C移開的瞬間A.彈簧的形變量不改變B.彈簧的彈力大小為mgC.木塊A的加速度大小為gD.木塊B對水平面的壓力為4mg9、如圖，水平地面上有一楔形物塊a，其斜面上有一小物塊b，b與平行于斜面的細繩的一端相連，細繩的另一端固定在斜面上．a與b之間光滑，a和b以共同速度在地面軌道的光滑段向左運動．當它們剛運行至軌道的粗糙段時可能是()A.繩的張力減小，斜面對b的支持力減小，地面對a的支持力減小B.繩的張力減小，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力不變C.繩的張力減小，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力增加D.繩的張力增加，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力增加10、足夠長的木板B與物塊A的質量分別為mB，mA，在力F=kt（k＞0）的作用下一起加速，加速度隨時間變化的圖線如圖2所示，k、a0、t0為已知量，重力加速度為g，則以下說法正確的是（）A.木板B與地面之間是光滑的 B.AB之間的動摩擦因數為C. D.t0時刻后物體B做勻加速運動二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖甲，質量m=2kg的物體置于傾角θ=的足夠長且固定的斜面上，t=0時刻，對物體施加平行于斜面向上的恒力F，t=1s時刻撤去力F，物體運動的部分v－t圖像如圖乙所示。重力加速度g=10m/s2.（1）求物體與斜面間的動摩擦因數和力F的大小；（2）求t=6s時刻物體的速度大小；（3）求物體返回出發點的速度大小。14、（14分）小宇同學騎自行車以2m/s的速度勻速直線前進，某時刻在他前面9m處以10m/s的速度同向行駛的汽車突然關閉發動機，以2m/s2的加速度減速前進．求；（1）經過多長時間汽車停下來；（2）經過3s時小宇和汽車的距離15、（13分）“拋石機”是古代戰爭中常用的一種設備。如圖所示，某學習小組用自制的拋石機演練拋石過程。已知所用拋石機長臂的長度L=2m，質量m=1.0kg的石塊裝在長臂末端的口袋中，開始時長臂處于靜止狀態，與水平面間的夾角現對短臂施力，當長臂轉到豎直位置時立即停止轉動，水平拋出前，石塊對長臂頂部向上的壓力為2.5N，拋出后垂直打在傾角為45°的斜面上，不計空氣阻力，重力加速度g取試求斜面的右端點A距拋出點的水平距離。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】加速度是物體速度變化和所用時間的比值，加速度反應物體速度變化快慢的物理量【詳解】加速度是物體單位時間內速度的變化量，選項A錯誤；加速度是用來描述物體速度變化快慢的物理量，選項B錯誤，C正確；加速度大的物體速度不一定大，加速度小的物體速度不一定小，選項D錯誤；故選C.2、C【解析】根據下落的高度求出平拋運動的時間之比,結合水平位移和時間求出初速度之比,根據動能定理求出小球到達斜面底端時的動能之比.抓住速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍,求出兩球的速度方向與斜面的夾角關系.【詳解】A、因為a、b兩球下落的高度之比為2:1,根據得,,則飛行時間之比為,故A錯誤.B、a、b兩球的水平位移之比為2:1,時間之比為,根據知,初速度之比為,故B錯；C、小球落在斜面上時,速度方向與水平方向夾角正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍,因為位移與水平方向的夾角相等,則速度與水平方向的夾角相等,到達斜面底端時速度方向與斜面的夾角也相等,故C對;

D、根據動能定理可以知道,到達斜面底端時的動能之比代入已知量可知，故D錯；故選C3、D【解析】由題意可知考查對慣性的理解，根據慣性的特點分析可得【詳解】A．慣性的大小僅與物體質量有關，質量大（小），慣性大（小），與物體速度無關，兩個質量相同的物體，其慣性是一樣的，故A錯誤B．慣性的大小與物體運動狀態無關，靜止的物體和正在運動的同一物體慣性一樣大，故B錯誤C．慣性的大小與物體受力情況無關，同一物體在月球上比在地球上受到的重力小，但是質量一定，慣性一樣大，故C錯誤D．同一物體不論它處在什么運動狀態中，也不論它處在什么環境中，只要物體的質量一定，物體的慣性也是一定的，符合客觀事實，故D正確【點睛】慣性的大小僅與物體質量有關，質量大（小），慣性大（小），與物體運動狀態，受什么力無關4、B【解析】慣性大小的唯一量度是質量，與運動狀態無關，故A錯誤；慣性大小的唯一量度是質量，故物體質量越大，慣性越大，故B正確；慣性大小的唯一量度是質量，與受力無關，故C錯誤；慣性大小的唯一量度是質量，與速度大小無關，故D錯誤；故選B.5、C【解析】力學中的基本物理量有三個，它們分別是長度、質量、時間，它們的單位是基本單位，分別為m、kg、s，而N是力的單位，是導出單位，不是基本單位A．米是基本單位，故A錯誤；B．秒基本單位，故B錯誤；C．牛頓不是基本單位，故C正確；D．千克是基本單位，故D錯誤6、BC【解析】A．以B球為研究對象，受力情況為重力mg、斜面的支持力N和A對B的彈力F，由平衡條件得知N與F的合力與重力mg大小相等、方向相反，則此合力保持不變。斜面傾角θ一定，R>r，R越大，r越小，F與水平方向的夾角越大，如圖，作出F在三個不同角度時力的合成圖由圖看出，斜面對B的支持力N越大，由牛頓第三定律得知，B對斜面的壓力越大，故A錯誤；B．斜面傾角θ一定，根據幾何知識得知，當N與F垂直時F最小，即兩球間的彈力最小，此時，R=r，故B正確；C．以兩球組成的整體為研究對象，可知A對擋板的壓力NA=2mgsinθ則知斜面傾角θ一定時，無論半徑如何，A對擋板的壓力NA一定，故C正確。D．由前面分析知，A對擋板的壓力NA=2mgsinθ半徑一定時，隨著斜面傾角θ逐漸增大，A對擋板的壓力NA增大，故D錯誤。故選BC。7、AC【解析】以重物為研究對象，分析受力情況：重力、水平風力和繩子的拉力，如圖1所示由平衡條件得，當增加時，逐漸增加，增加；再以兩物體整體為研究對象，分析重力、水平風力，桿的摩擦力和支持力，如圖2所示則有則保持不變。則逐漸增加；故AC正確，BD錯誤。故選AC。8、AD【解析】A.由于彈簧彈力屬于漸變，所以撤去C瞬間，彈簧的形變量不變，故A正確；B.開始整體處于平衡狀態，彈簧的彈力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬間，彈簧的形變量不變，彈簧的彈力不變，仍為3mg，故B錯誤；C.撤去C瞬間，彈力不變，A的合力等于C的重力，對木塊A，由牛頓第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g方向豎直向上，故C錯誤；D.撤去C的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為3mg，對B，由平衡條件得：F+mg=N，解得：N=4mg木塊B對水平面的壓力為4mg，故D正確．9、BC【解析】在光滑段運動時，物塊a及物塊b均處于平衡狀態，對a、b整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡；對b受力分析，如圖，受重力、支持力、繩子的拉力，根據共點力平衡條件，有：Fcosθ-FNsinθ=0①；Fsinθ+FNcosθ-mg=0②；由①②兩式解得：F=mgsinθ，FN=mgcosθ；當它們剛運行至軌道的粗糙段時，減速滑行，系統有水平向右的加速度，此時有兩種可能；AB．（一）物塊a、b仍相對靜止，豎直方向加速度為零，由牛頓第二定律得：Fsinθ+FNcosθ-mg=0③；FNsinθ-Fcosθ=ma④；由③④兩式解得：F=mgsinθ-macosθ，FN=mgcosθ+masinθ；即繩的張力F將減小，而a對b的支持力變大；再對a、b整體受力分析豎直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面對a支持力不變；故A項錯誤，B項正確.CD．（二）物塊b相對于a向上加速滑動，繩的張力顯然減小為零，物體具有向上的分加速度，是超重，因此a對b的支持力增大，斜面體和滑塊整體具有向上的加速度，也是超重，故地面對a的支持力也增大;故C項正確，D項錯誤10、ACD【解析】AC．設木板B與地面間的動摩擦因數為μ．0-t0時間內，兩個物體的加速度相同，對整體，由牛頓第二定律得F-μ（mA+mB）g=（mA+mB）a得由圖知，t=0時，a=0，可得μ=0即木板B與地面之間是光滑的，由題知，t=t0時刻F=F0=kt0代入上式得kt0=（mA+mB）a0可得故AC正確；B．t=t0時刻后，B的加速度為a0．由牛頓第二定律得：對B有μ1mAg=mBa0得故B錯誤；D．t0時刻后，物體B所受的合力等于A對B的滑動摩擦力，保持不變，做勻加速運動，故D正確。故選ACD。【點睛】解決本題的關鍵要明確物體的運動狀態，根據兩個物體的狀態關系，靈活選擇整體法和隔離法列式研究二、實驗題11、12、三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）；（2）6m/s；（3）。【解析】（1）設力作用時物體的加速度為a1，由牛頓第二定律有撤去力后，設物體的加速度為a2，由牛頓第二定律有根據速度時間圖象的斜率表示加速度，則有m/s2m/s2代入解得F=48N，（2）根據v-t圖象可知，3s末物體速度減為零，之后物體下滑做勻加速直線運動，根據牛頓第二定律有解得a3=2m/s2再過3s，由速度時間公式得v=a3t=6m/s故物體6s末速度大小為6m/s。（3）速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移，故前3s的位移為m=24m返回過程根據位移速度關系公式有解得返回出發點的速度為m/s14、（1）5s（2）24m【解析】（1）汽車減速到零所需時間為，則根據速度