廣西貴港市2025屆高二物理第一學期期中綜合測試模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、靜電計可以用來測量電容器的電壓．如圖把它的金屬球與平行板電容器一個導體板連接，金屬外殼與另一個導體板連接（或者金屬外殼與另一導體板同時接地），從指針偏轉角度可以推知兩導體板間電勢差的大小．現在對電容器充完電后與電源斷開，然后將一塊電介質板插入兩導體板之間，則（）A．電容增大，板間場強減小，靜電計指針偏角減小B．電容減小，板間場強增大，靜電計指針偏角增大C．電容減小，板間場強增大，靜電計指針偏角減小D．電容增大，板間場強減小，靜電計指針偏角增大2、在真空中，有兩個相距為r的等量同種點電荷，電量都是Q，則在它們連線中點處電場強度的大小為（）A．0B．k2Qr2C．3、某導體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小B．加5V電壓時，導體的電阻是0.2ΩC．加12V電壓時，導體的電阻是8ΩD．該元件為非線性元件，所以歐姆定律不適用4、某同學用一個微安表頭量程內阻；電阻箱和電阻箱組裝一個多用電表，有電流1mA和電壓3V兩擋，改裝電路如圖所示，則、應調到多大阻值A．， B．，C．， D．，5、圖中F為電場力或磁場力，根據所學知識判斷各圖可能符合實際情況的是（）A． B．C． D．6、物理學史上，首先發現電流磁效應的科學家是（）A．安培 B．卡文迪許 C．奧斯特 D．法拉第二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、干電池的電動勢為1.5V，這表示（）A．電路中每通過1C的電量，電源把1.5J的化學能轉化為電能B．干電池在1s內將1.5J的化學能轉化為電能C．干電池與外電路斷開時兩極間電勢差為1.5VD．干電池把化學能轉化為電能的本領比電動勢為2V的蓄電池強8、空間某一靜電場的電勢在軸上分布如圖所示，軸上兩點B、C點電場強度在方向上的分量分別是、，下列說法中正確的有A．的大小大于的大小B．的方向沿軸正方向C．電荷在點受到的電場力在方向上的分量最大D．負電荷沿軸從移到的過程中，電場力先做正功，后做負功9、如圖所示的電路中,為電源電動勢,為電源內阻,和均為定值電阻,為滑動變阻器當的滑動觸點在ab的中點時合上開關S,此時三個電表、和V的示數分別為、和現將的滑動觸點向a端移動,則A．電源的總功率減小 B．消耗的功率增大C．增大,減小,U增大 D．減小,不變,U減小10、“蹦極”運動中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下．將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運動．從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點的過程中，下列分析正確的是()A．繩對人的沖量始終向上，人的動量先增大后減小B．繩對人的拉力始終做負功，人的動能先增大后減小C．繩恰好伸直時，繩的彈性勢能為零，人的動能最大D．人在最低點時，繩對人的拉力等于人所受的重力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為提高學生的動手操作能力，學校實驗室對外開放。小明去實驗室發現一段阻值大約為6Ω的電阻，他欲采用伏安法對其進行測定。實驗室有以下器材可供他選擇:（要求測量結果盡量準確）A．電池組（3V，內阻約1Ω）B．電流表（0~3A，內阻約0.025Ω）C．電流表（0~0.6A，內阻約0.125Ω）D．電壓表（0~3V，內阻約3kΩ）E.電壓表（0~15V，內阻約15kΩ）F.滑動變阻器（0~10Ω，額定電流1A）G.滑動變阻器（0~1000Ω，額定電流0.1A）H.開關，導線若干①實驗時應選用的器材是__（填寫各器材的字母代號）。②請在下面的虛線框中畫出實驗電路圖。（________）③小明選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理_上看，待測電阻測量值_______實值（填“大于”或“小于”），原因是_________________。12．（12分）研究影響平行板電容器電容大小的因素”的實驗過程及現象如下圖所示，本實驗采用的實驗方法是____。實驗過程中電容器的電荷量Q保持不變，保持d不變，減小兩板間正對面積S，觀察到靜電計指針偏角增大，即電勢差U_______（“變大”，“變小”），則電容C________（“變大”，“變小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，滑塊A和滑塊B靜止在光滑的水平面上，兩者接觸但不連接，滑塊A左端是一個光滑的圓弧槽MN，圓弧槽下端與粗糙水平部分NP相切于N點．現有可視為質點的滑塊C從M點由靜止開始滑下，恰好能到達P點．已知A、B質量均為1kg，C的質量為1kg，圓弧半徑為0.4m，C與NP之間的動摩擦因數為0.1，g取10m/s1．（1）C由M點運動至N點的過程中，A、B、C組成的系統動量是否守恒？并寫出判斷的理由；（1）求當滑塊C到達N點時的速度大小；（3）求NP的長度．14．（16分）如圖所示，正電荷q1固定于半徑為R的半圓光滑軌道的圓心處，將另一帶正電、電荷量為q2、質量為m的小球，從軌道的A處無初速度釋放，求：（1）小球運動到B點時的速度大小；（2）小球在B點時對軌道的壓力．15．（12分）四個完全相同的電阻，每一個的電阻為12Ω。請用串并聯的方法連成一個電路，使其總值小于12Ω，畫出電路圖，并求出電路總阻值。（4個電阻都要用，到少要求出2個不同的阻值）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】對電容器充完電后與電源斷開，兩極板所帶電荷量恒定不變，在平行板電容器兩極板間插入電介質，則增大，根據電容的決定式，可以知道電容增大，由電容的定義式得知，減小，所以靜電計指針偏角減小，根據知電場強度減小，A正確．【點睛】在分析電容器動態變化時，需要根據判斷電容器的電容變化情況，然后結合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變．2、A【解析】

根據E=kQr2可知，兩個等量同種點電荷在中點產生的電場強度大小相等，方向相反，則合場強E=0，故A3、C【解析】A：導體電流-電壓圖線上點與原點連線的斜率表示電阻的倒數；由圖可知，隨著電壓的增大，點與原點連線的斜率變小，導體的電阻不斷變大。故A項錯誤。B：加5V電壓時，導體的電流是1.0A，導體的電阻。故B項錯誤。C：加12V電壓時，導體的電流是1.5A，導體的電阻。故C項正確。D：該元件為非線性元件，能用歐姆定律計算導體在某狀態的電阻。故D項錯誤。點睛：導體電流-電壓圖線上點與原點連線的斜率表示電阻的倒數，不是圖線切線斜率表示電阻的倒數。4、B【解析】

微安表并聯一個小電阻改裝成大量程得電流表，串聯一個大電阻改裝成大量程的電壓表。根據改裝圖所示：當接o、a接線柱時當電流表用，根據并聯電路特點得：

代入數據解得：；當接o、b接線柱時當電壓表用，根據串聯電路得特點得：；解得：故B正確，ACD錯誤，故選B。5、A【解析】

A．磁場的方向向左，電流的方向垂直于紙面向外，由左手定則可知，安培力的方向豎直向下。故A符合題意。

B．磁場的方向垂直于紙面向里，正電荷運動的方向水平向右，根據左手定則可知洛倫茲力的方向豎直向上。故B不符合題意。

C．正電荷受到的電場力的方向沿電場的切線方向，與電場線的方向相同，不是相反。故C不符合題意。

D．根據安培定則可知，此通電螺線管產生的磁場的方向N極的方向向左，則該螺線管的上邊的磁場方向向右，則小磁針的N極應向右。故D不符合題意。6、C【解析】

物理學史上，首先發現電流磁效應的科學家是奧斯特，故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：由電動勢的定義式E=W故選AC考點：本題考查對電動勢的理解．點評：抓住電動勢的物理意義和定義式是關鍵．基礎題，比較簡單．8、AD【解析】

A．本題的入手點在于如何判斷和的大小，由圖象可知在x軸上各點的電場強度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取極小的一段，可以把此段看做是勻強磁場，用勻強磁場的處理方法思考，從而得到結論，此方法為微元法；需要對電場力的性質和能的性質由較為全面的理解．在B點和C點附近分別取很小的一段d，由圖象，B點段對應的電勢差大于C點段對應的電勢差，看做勻強電場有，可見，A正確；BD．沿電場方向電勢降低，在O點左側，的方向沿x軸負方向，在O點右側，的方向沿x軸正方向，負電荷從B移到C的過程中，電場力先做正功，后做負功，B錯誤D正確．C．由圖可知，O點處圖象的斜率為零，故說明該點水平方向的場強最小，故電場力在水平方向上的分量最小，C錯誤；9、AC【解析】

的滑動觸點向a端移動時，增大，整個電路的總電阻增大，總電流減小，內電壓減小，外電壓增大，即電壓表示數U增大，電壓減小，并聯電壓增大，通過的電流增大，即示數增大，而總電流I減小，則通過的電流減小，即示數減小，電源的總功率IE，總電流I減小，電源的總功率減小，消耗的功率總電流減小，R3消耗的功率減小，故AC正確。10、AB【解析】A、由于繩對人的作用力一直向上，故繩對人的沖量始終向上，由于人在下降中速度先增大后減小；故動量先增大后減小；故A正確；B、在該過程中，拉力與運動方向始終相反，繩子的力一直做負功；但由分析可知，人的動能先增大后減小；故正確；C、繩子恰好伸直時，繩子的形變量為零，彈性勢能為零；此時人有向下的加速度，速度會繼續增大，所以此時人的動能不是最大，故C錯誤；D、人在最低點時，速度為零，但有向上的加速度，所以繩子對人的拉力一定大于人受到的重力；故D錯誤．綜上所述本題答案是：AB三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACDFH小于電流表的讀數大于流過待測電阻的實際電流【解析】

①[1]電源的電動勢為3V，電壓表應選D．因采用伏安法測定一段阻值約為6Ω左右的金屬絲的電阻，電阻中最大電流約為通過待測金屬絲的電流不太大，電流表應選C.因滑動變阻器最大電阻大于待測電阻，考慮變阻器用限流式接法，故可選變阻器F，當然還應選H;所以實驗時應選用的器材是ACDFH；②[2]應用伏安法測電阻，即用電壓表測電阻兩端電壓，電流表測通過電阻的電流，小電阻電流表采用外接法，實驗電路圖如圖所示③[3][4]待測電阻阻值較小，所以需用電流表外接，由于電壓表的分壓作用，測量電流比實際值偏大，電壓測量準確，根據可知，測量值偏小.12、控制變量法變大變小【解析】

[1]本實驗中，研究每一個要素的影響，須讓其它的量不變，所以采用的是控制變量法；[2][3]實驗過程中電容器的電荷量Q保持不變，保持d不變，減小兩板間正對面積S，觀察到靜電計指針偏角增大，即電勢差U變大，則根據可知，電容C變小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）不守桓；系統所受合外力不為零。（1）1m/s（3）m【解析】

（1）系統動量不守桓。系統所受合外力不為零。（1）對A、B、C組成的系統，由動量守恒定律得0+0+0=mCv1+（mA+mB）（-v1）mCgR=+解得C到達N點時的速度大小：v1=1m/sA、B速度大小v1=1m/s（3）C不離開A