PAGE18-北京市順義區牛山一中2024-2025學年高二物理下學期期中試題（含解析）一、單選題（共15小題）1.關于物體的運動，下列說法中正確的是（）A.物體有加速度時，速度就肯定增大B.物體的速度為零時，加速度也肯定為零C.物體的加速度減小時，速度可能在增大D.物體的速度變更量越大時，加速度就肯定越大【答案】C【解析】A、物體有加速度時，若加速度方向與速度方向相反，速度將減小，故A錯誤；B、加速度很大，速度可能為零，比如火箭剛點火的瞬間，加速度很大，而速度為零，故B錯誤；C、當物體的加速度減小時，但是加速度方向與速度方向相同，物體做加速運動，速度在增大，故選項C正確；D、依據加速度公式可知，當速度變更量很大，但是假如時間更長，則加速度反而較小，故選項D錯誤．點睛：解答本題關鍵應駕馭：加速度與速度無關；物體有加速度，說明速度在變更，可能增加，也可能減小；速度很大，而加速度也可能為零；加速度很大，速度可能為零．2.某物體做直線運動的x-t圖像如圖所示，下列說法中正確的是A.物體在2s末回到動身點B.物體在2s末距動身點最遠C.物體在0-1s內做勻加速運動D.物體在0-2s內運動方向不變【答案】A【解析】【分析】位移圖象的縱坐標表示物體的位置，坐標的變更量表示位移．依據圖象干脆求解物體在ts內的位移，斜率代表物體的速度．【詳解】C、D、在x-t圖象中，斜率代表速度，故前2s內，在拐點之前0~1s內，做沿正方向的勻速直線運動，拐點之后1~2s做沿負方向的勻速運動；故C、D均錯誤.A、B、x-t圖象的縱坐標表示位置，故0~1s的位置變更為5m，0~2s內的位置變更為零；則A正確，B錯誤.故選A.【點睛】本題考查對位移圖象的理解，抓住坐標表示物體的位置，坐標的變更量表示位移，斜率代表速度是關鍵.3.如圖所示的試驗可以用來探討物體所受到的滑動摩擦力，已知木塊的質量為m，細繩與木板之間裝有拉力傳感器，木板質量為M（傳感器的質量可忽視不計），通過手拉繩子將木板從木塊下勻速抽出時，彈簧測力計的示數為f，傳感器的示數為F，且在該過程中木塊保持靜止狀態，由此可知（）A.木板與桌面間的滑動摩擦力大小等于FB.木塊與木板間的滑動摩擦力大小等于F—fC.該試驗可測出木板與木塊之間的動摩擦因數D.該試驗可測出木板與桌面之間的動摩擦因數【答案】C【解析】【詳解】B．木塊在水平上受水平方向右的摩擦力和彈簧秤的拉力作用，由于木塊靜止，所受滑動摩擦力等于彈簧的彈力f，所以木塊與木板間的滑動摩擦力大小f，B錯誤；A．手拉繩子將木板從木塊下勻速抽出時，對于木板受到向右的拉力F，木塊給木板的向左的摩擦力，大小等于f，桌面給木板向左的摩擦力，依據勻速，木板與桌面間的滑動摩擦力大小為，A錯誤；C．依據滑動摩擦力公式，由于木塊與木板間的滑動摩擦力大小等于f，則木板與木塊之間的動摩擦因數C正確；D．同理，由于木板與桌面間的滑動摩擦力大小為，則木板與桌面之間的動摩擦因數D錯誤。故選C。4.如圖所示，小球從豎直放置的輕彈簧正上方自由下落。在小球接觸彈簧到彈簧被壓縮到最短的過程中，小球的速度（）A.變大 B.不變 C.變小 D.先變大后變小【答案】D【解析】【詳解】小球從某高度處自由落下，在接觸彈簧之前，只受重力，做加速運動，接觸彈簧后，除了受重力還會受到向上彈力，隨著形變量漸漸增大，彈力漸漸增大，小球的加速度漸漸減小。當彈力等于重力時，小球速度達到最大，之后，形變量接著增大，彈力大于重力，小球做減速運動，加速度漸漸增大，所以小球先做加速，后做減速，即小球的速度先變大后變小，所以D正確，ABC錯誤。故選D。5.如圖所示，有兩條位于同一豎直平面內的水平軌道，軌道上有兩個物體A和B，它們通過一根繞過定滑輪O的不行伸長的輕繩相連接，物體A以速率=10m/s勻速運動，在繩與軌道成30°角時，物體B的速度大小為（）A.5m/s B.

m/s C.m/s D.20m/s【答案】C【解析】【分析】依據運動的合成與分解，結合A的速度與B的速度沿著繩子方向的速度大小相等，結合平行四邊形定則求出物體B的速度．【詳解】將B點的速度分解如右圖所示，則有：，解得：【點睛】本題考查了運動的合成分解，知道小滑塊沿著繩子的速度與A的速度大小相等，方向相同．以及知道分運動與合運動具有等時性．6.2016年8月16日凌晨，被命名為“墨子號”的中國首顆量子科學試驗衛星開啟星際之旅，這是我國在世界上首次實現衛星和地面之間的量子通信，構建天地一體化的量子保密通信與科學試驗體系．如圖所示，“墨子號”衛星的工作高度約為500km，在軌道上繞地球做勻速圓周運動，經過時間t(t小于其運動周期)，運動的弧長為s，與地球中心連線掃過的角度為A.線速度大于第一宇宙速度B.質量為C.環繞周期為D.向心加速度小于地球同步衛星的向心加速度【答案】C【解析】【詳解】第一宇宙速度是衛星繞地球做圓周運動的最大環繞速度，可知“墨子號”的線速度肯定小于第一宇宙速度，故A錯誤；“墨子號”衛星是環繞天體，依據萬有引力供應向心力無法求出“墨子號”的質量，故B錯誤；衛星的角速度，則周期，故C正確；依據，可得，“墨子號”衛星的軌道半徑小于同步衛星的軌道半徑，則“墨子號”衛星的向心加速度大于同步衛星的向心加速度，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．7.如圖所示，輪船的外側懸掛了許多舊輪胎，這樣做的目的是（）A.縮短碰撞的作用時間，從而減輕對輪船的破壞B.減小碰撞中輪船受到沖量，從而減輕對輪船的破壞C.減小碰撞中輪船的動量變更量，從而減輕對輪船的破壞D.減小碰撞中輪船受到的沖擊力，從而減輕對輪船的破壞【答案】D【解析】【詳解】輪船在發生碰撞如靠岸的過程，外側懸掛了許多舊輪胎，由動量定理知，在動量變更相同的狀況下，即沖量相同，但延長了碰撞作用時間，使得撞擊力變小，從而減輕對輪船的破壞，故D正確，ABC錯誤。故選D。8.坐落在鎮江新區的摩天輪高88m，假設乘客隨座艙在豎直面內做勻速圓周運動．下列說法正確的是A.在摩天輪轉動的過程中，乘客機械能始終保持不變B.在最低點時，乘客所受重力大于座椅對他的支持力C.在摩天輪轉動一周的過程中，合力對乘客做功為零D.在摩天輪轉動的過程中，乘客重力的功率保持不變【答案】C【解析】【詳解】機械能等于重力勢能和動能之和，摩天輪運動過程中，做勻速圓周運動，乘客的速度大小不變，則動能不變，但高度變更，所以機械能在變更，A錯誤；圓周運動過程中，在最低點，由重力和支持力的合力供應向心力F，向心力指向上，所以F=N-mg，則支持力N=mg+F，所以重力小于支持力，B錯誤；在摩天輪轉動一周的過程中，動能變更量為零，則合力對乘客做功為零，選項C正確；運動過程中，乘客的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時刻在變更，所以重力的瞬時功率在變更，D錯誤．故選C．9.一簡諧機械波沿x軸正方向傳播，周期為T，波長為．若在x=0處質點的振動圖象如圖所示，則該波在t=T/2時刻的波形曲線為（）A.B.CD.【答案】A【解析】【分析】由x=0點處質點的振動圖象可知該質點的運動狀況，得出時刻的運動性質即可得出符合題意的選項．【詳解】從振動圖上可以看出x=0處的質點在t=時刻處于平衡位置，且正在向下振動，波沿x軸正向傳播，依據走坡法，四個選項中只有A圖符合要求，故A項正確．【點睛】本題要求學生能正確的分析振動圖象和波動圖象；難點在于能否由波動圖象中得出物體的運動方向．10.聲波能繞過某一建筑物傳播而光波卻不能繞過該建筑物，這是因為A.聲波是縱波，光波是橫波 B.聲波振幅大，光波振幅小C.聲波波長較長，光波波長很短 D.聲波波速較小，光波波速很大【答案】C【解析】波發生明顯的衍射現象的條件是：孔縫的寬度或障礙物尺寸與波長相比差不多或比波長更短．由于聲波的波長比較大（1.7cm～17m）和樓房的高度相近，故可以發生明顯的衍射現象，而可見光的波長很小，無法發生明顯的衍射現象．故只有C正確．11.如圖所示，實線為一點電荷電場中的三條電場線，虛線與中間那條電場線垂直，a、b是位于虛線上的兩點，下列說法正確的是（）A.該點電荷帶正電B.a、b兩點場強的方向可能相同C.a點場強小于b點場強D.虛線為一條等勢線【答案】C【解析】【詳解】A．三條電場線的交點為該點電荷所在位置可知該點電荷帶負電。故A錯誤；B．由圖可知這兩點的場強方向不相同。故B錯誤；C．a點離點電荷遠。由點電荷的場強公式可知，a點的場強小，故C正確；D．點電荷的等勢線是以該點電荷為圓心的同心圓，不是直線，故D錯誤。故選Ｃ。12.某試驗小組將燈泡的燈絲p與小燈泡A和B連接在電路中，連接方式如圖所示。閉合開關后兩小燈泡均正常發光，用酒精燈給燈絲加熱，加熱時間較短。則下列關于試驗現象及其推論緣由正確的是（）A.發覺小燈泡A變暗、B變亮，緣由是燈絲p的電阻變大了B.發覺小燈泡A變亮、B變暗，緣由是燈絲p的電阻變小了C.發覺小燈泡A和B都變亮，緣由是燈絲p電阻變大了D.發覺小燈泡A和B都變暗，緣由是燈絲p的電阻變小了【答案】A【解析】【詳解】閉合開關后兩小燈泡均正常發光，用酒精燈給燈絲加熱，金屬電阻率隨溫度上升而增大，燈絲電阻增大，外電路總電阻變大，回路電流減小，依據可知，路端電壓變大，故B燈電流變大，變亮；總電流減小，故A燈支路電流減小，A燈變暗。故選A。13.一個矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動，穿過線圈的磁通量隨時間變更的Ф－t圖像如圖所示．下列說法中正確的是（）A.t=0時刻線圈在中性面位置B.t=0.01s時線圈產生的感應電動勢最大C.t=0.02s時線圈磁通量的變更率為零D.t=0.03s時線圈中的電流方向發生變更【答案】D【解析】【詳解】A．t=0時刻，磁通量等于零，線圈垂直于中性面，故A錯誤；

B．t=0.01s時刻，磁通量最大，Φ的變更率為零，產生電動勢為零，故B錯誤；

C．t=0.02s時磁通量等于零，但Φ的變更率達最大，故C錯誤；

D．t=0.03s時磁通量最大，Φ的變更率為零，產生電動勢為零，線圈中的電流方向發生變更，故D正確；

故選D。14.用傳感器探討質量為2kg的物體由靜止起先做直線運動的規律時，在計算機上得到0～6s內物體的加速度隨時間變更的關系如圖所示．下列說法正確的是()A.0～6s內物體先向正方向運動，后向負方向運動B.0～6s內物體在4s時的速度最大C.物體在2～4s時的速度不變D.0～4s內合力對物體做的功等于0～6s內合力對物體做的功【答案】D【解析】試題分析：由a－t圖象可知：圖線與時間軸圍成的“面積”代表物體在相應時間內速度的變更狀況，在時間軸上方為正，在時間軸下方為負．物體6s末的速度，則0～6s內物體始終向正方向運動，A錯誤；由圖象可知物體在5s末速度最大，為，B錯誤；由圖象可知在2～4s內物體加速度不變，物體做勻加速直線運動，速度變大，C錯誤；在0～4s內合力對物體做的功由動能定理可知：，又，,0～6s內合力對物體做的功由動能定理可知：,又，則，D正確；故選D．考點：a－t圖象．【名師點睛】依據加速度與時間的關系圖線，分析質點速度隨時間的變更狀況，“面積”等于速度的變更量可求速度的變更量．依據在速度時間圖象中，由運動學公式求位移和速度，結合動能定理進行推斷．15.如圖甲所示，平行于光滑斜面的輕彈簧勁度系數為k。一端固定在傾角為θ的斜面底端，弓一端與物塊A連接；兩物塊A，B質量均為m，初始時均靜止。現用平行于斜面對上的力F拉動物塊B，使B做加速度為a的勻加速運動，A，B兩物塊在起先階段時間內的v-t關系分別對應圖乙中A，B圖線（t1時刻A、B的圖線相切，t2時刻對應A圖線的最高點），重力加速度為g，則（）A.t2時刻，彈簧形變量為0B.t1時刻，彈簧形變量為C.過程中，拉力F漸漸增大D.過程中，拉力F做的功比彈簧彈力做的功少【答案】D【解析】【詳解】A．由圖知，時刻A的加速度為零，速度最大，依據牛頓其次定律和胡克定律得則得A錯誤；B．由圖讀出，時刻A、B起先分別，對A依據牛頓其次定律解得B錯誤；C．從起先到時刻，A與B整體做勻加速直線運動，依據牛頓其次定律，有解得由于x漸漸減小，故F漸漸增加，從時刻到時刻，B物體做勻加速運動，依據牛頓其次定律可知解得拉力恒定，C錯誤；D．時刻A、B分別臨界，則A、B間彈力為零，此時二者加速度相同，從起先到時刻，對B動能定理對A動能定理解得D正確。故選D。二、試驗題（共2小題）16.在“測定金屬絲的電阻率”的試驗中，小張同學選用毫米刻度尺測量金屬絲的有效長度，當金屬絲的左端與毫米刻度尺的“0”刻度對齊時，右端如圖甲所示；用螺旋測微器測量金屬絲的直徑如圖乙所示；用伏安法測得多組U、I數據，做出該金屬絲的伏安特性曲線如圖丙所示。(1)金屬絲的有效長度L為______cm，直徑D為______mm，電阻R為______Ω。(2)將測得的數據代入公式______，即可求出金屬絲的電阻率。（用第(1)問給出的字母表示）【答案】(1).98.70(2).5.780(3).6.5(4).【解析】【詳解】(1)[1]毫米刻度尺的最小刻度是1mm，須要估讀到0.1mm，故金屬絲的有效長度L為98.70cm。[2]直徑D為[3]電阻R為(2)[4]依據得17.用圖甲所示的電路，測定一節舊干電池的電動勢和內阻。除電池、開關和導線外，可供運用的試驗器材還有：雙量程電流表：A（量程0~0.6A，0~3A）雙量程電壓表：V（量程0~3V，0~15V）滑動變阻器：（阻值范圍0~10Ω，額定電流2A）；（阻值范圍0~100Ω，額定電流1A）(1)為了調整便利，測量精度更高，試驗中應選用電流表的量程為______A，電壓表的量程為_______V，應選用滑動變阻器________（填寫滑動變阻器符號）。(2)依據圖甲將圖乙中的實物正確連接，留意閉合開關時滑動變阻器的滑片P應處于正確的位置并選擇正確的電表量程進行連線_____________。(3)通過多次測量并記錄對應的電流表示數I和電壓表示數U，利用這些數據在圖丙中畫出了U-I圖線。由圖線可以得出此干電池的電動勢E=_____V（保留3位有效數字），內電阻r=______Ω（保留2位有效數字）。(4)引起該試驗的系統誤差的主要緣由是（）A.由于電壓表的分流作用造成電流表讀數總是比電源實際輸出的電流小B.由于電壓表的分流作用造成電流表讀數總是比電源實際輸出的電流大C.由于電流表的分壓作用造成電壓表讀數總是比路端電壓小D.由于電流表的分壓作用造成電壓表讀數總是比路端電壓大(5)某同學利用如圖所示的電路測定干電池的電動勢和內電阻，經過正確的操作獲得了若干組試驗數據，據此描繪出的U-I圖像（其中U、I分別為電壓表和電流表的讀數）如下圖中的實線所示______。A.B.C.D。【答案】(1).0~0.6A(2).0~3V(3).(4).(5).1.45(6).1.3(7).A(8).B【解析】【詳解】(1)[1][[2][3]由于是一節舊電池，電動勢小于1.5V，因此電壓表選3V量程；回路電流不會太大，因此選電流表量程為0~0.6A即可；而為了便于調整，滑動變阻器選。(2)[4]閉合電鍵前，滑動變阻器應調到最大值，留意電壓表量程和電流表量程，電路圖連接如圖所示(3)[5][6]依據路端電壓與電流的關系可知，圖象在縱軸的截距為電池的電動勢，斜率的肯定值等于內阻，由圖象可得，Ω(4)[7]引起該試驗系統誤差的主要緣由是電壓表的分流作用，使得流過電流表的電流比流過電源內阻的電流小，故A正確，BCD錯誤。故選A(5)[8]真實的流過電源的電流比流過電流表的稍大，因此真實的圖象應當在測量值的上方，但短路電流時，路端電壓為0，電壓表沒有分流作用，與真實值相等，故B正確，ACD錯誤。故選B三、解答題（共3小題）18.如圖所示，將一個小球從水平地面O點正上方某處，以v0=10m/s的初速度水平拋出，小球落在水平地面上A點，O、A兩點相距x=20m，不計空氣阻力，求：(1)小球在空中運動的時間t；(2)拋出點距離水平地面的高度h。【答案】(1)2s；(2)20m【解析】【詳解】（1）小球做平拋運動，則在水平方向有x=v0t得t=2s（2）小球做平拋運動，在豎直方向有得h=20m19.如