遼寧省沈陽市宇光中學高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示,理想變壓器M原副線圈匝數之比n1:n2=10:1,接線柱a、b接交變電壓

u=220√2sinl00πt(V)。變壓器右側部分為一火警報警系統,R2為用半導體熱敏材料(電

阻隨溫度升高而減小)制成的火警傳感器,馬為一定值電阻。下列說法中正確的是

A.電壓表示數為22V

B.火警時,電壓表的示數減小

C.火警時,電流表的示數減小

D.火警時,電阻蜀的功率變大

.參考答案：BD2.圖6是點電荷Q周圍的電場線，以下判斷正確的是A.Q是正電荷，A點的電場強度大于B點的電場強度B.Q是正電荷，A點的電場強度小于B點的電場強度C.Q是負電荷，A點的電場強度大于B點的電場強度D.Q是負電荷，A點的電場強度小于B點的電場經度參考答案：答案：A解析：正點電荷的電場是向外輻射狀的，電場線密的地方電場強度大。所以A正確。3.（單選）如圖所示，兩根足夠長的光滑導軌固定豎直放置，間距為L，底端接阻值為R的電阻。將質量為m的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒和導軌接觸良好，導軌所在平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直。除電阻R外其余電阻不計。現將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則（

） A．釋放瞬間金屬棒的加速度小于重力加速度g B．金屬棒的速度為v時，所受的安培力大小為 C．金屬棒向下運動時，流過電阻R的電流方向為 D．電阻R上產生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少量參考答案：B解：A、釋放瞬間金屬棒的速度為零，沒有感應電流產生，不受安培力，金屬棒只受重力，所以金屬棒的加速度為g．故A錯誤．

B、金屬棒的速度為v時，回路中產生的感應電流為，金屬棒所受的安培力大小為．故B正確．

C、金屬棒向下運動時切割磁感線，根據右手定則判斷可知，流過電阻R的電流方向為b→a，故C錯誤．

D、由于金屬棒產生感應電流，受到安培力的阻礙，系統的機械能不斷減少，最終金屬棒停止運動，此時彈簧具有一定的彈性勢能，所以導體棒的重力勢能轉化為內能和彈簧的彈性勢能，則根據能量守恒定律得知在金屬棒運動的過程中，電阻R上產生的總熱量等于棒的重力勢能減少量與彈簧彈性勢能之差，故D錯誤．

故選：B．4.（多選）一帶正電的檢驗電荷，僅在電場力作用下沿x軸從x=﹣∞向x=+∞運動，其速度v隨位置x變化的圖象如圖所示，x=x1和x=﹣x1處，圖線切線的斜率絕對值相等且最大，則在x軸上（）A．x=x1和x=﹣x1兩處，電場強度相同B．x=x1和x=﹣x1兩處，電場強度最大C．x=0處電勢最低D．從x=x1運動到x=+∞過程中，電荷的電勢能逐漸減小參考答案：考點：電場強度；電勢．專題：電場力與電勢的性質專題．分析：根據速度的變化，判斷電荷所受的電場力方向，確定電場線的方向．根據速度圖象的斜率決定電場強度大小，分析加速度，由牛頓第二定律分析電場強度．根據電場力做功的正負，分析電勢能如何變化．解答：解：A、由題，正檢驗電荷僅在電場力作用下沿x軸從x=﹣∞向x=+∞運動，速度先減小后增大，所受的電場力先沿﹣x軸方向，后沿+x軸方向，電場線方向先沿﹣x軸方向，后沿+x軸方向，則知x=x1和x=﹣x1兩處，電場強度的方向相反，電場強度不同，故A錯誤．B、此圖是速度﹣位置圖象，速度隨位置的變化率即斜率體現的是加速度的變化，根據F=ma及F=qE可知電場強度決定于加速度，也就是斜率，x=x1和x=﹣x1兩處斜率最大，則電荷的電場強度最大，故B正確．C、由上知，電場線方向先沿﹣x軸方向，后沿+x軸方向，根據順著電場線方向電勢降低可知，電勢先升高后降低，則x=0處電勢最大，故C錯誤．D、從x=x1運動到x=+∞過程中，電場力沿+x軸方向，則電場力做正功，電荷的電勢能逐漸減小，故D正確．故選：BD．5.（多選）如圖所示，將質量為2m的重物懸掛在輕繩的一端，輕繩的另一端系一質量為m的小環，小環套在豎直固定的光滑直桿上，光滑定滑輪與直桿的距離為d，AB距離也為d．現將小環從與定滑輪等高的A處由靜止釋放，小環沿直桿下滑．下列說法正確的是（重力加速度為g）（）A．小環剛釋放時的加速度為gB．小環到達B處時，重物上升的高度為（﹣1）dC．小環在B處的速度與重物上升的速度大小之比等于D．小環能夠下滑的最大距離為參考答案：考點：機械能守恒定律．專題：機械能守恒定律應用專題．分析：環剛開始釋放時，重物的加速度為零，對小環受力分析，由牛頓第二定律求解加速度．根據牛頓第二定律判斷繩子的拉力大小．根據數學幾何關系求出環到達B處時，重物上升的高度．對B的速度沿繩子方向和垂直于繩子方向分解，在沿繩子方向上的分速度等于重物的速度，從而求出環在B處速度與重物的速度之比．環和重物組成的系統，機械能守恒．解答：解：A、環剛開始釋放時，合力為其重力，故A正確．B、環到達B時，繩子收縮的長度等于重物上升的高度，所以h=d﹣d．故B正確．C、對B的速度沿繩子方向和垂直于繩子方向分解，在沿繩子方向上的分速度等于重物的速度，有：vcos45°=v重物，所以小環在B處的速度與重物上升的速度大小之比為：1，故C錯誤．D、環和重物組成的系統，只有重力做功，系統機械能守恒，設下降最大距離為h，則有：mgh=2mg，解得：h=．故D正確．故選：ABD．點評：解決本題的關鍵知道系統機械能守恒，知道環沿繩子方向的分速度的等于重物的速度．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如右圖甲所示，有一質量為m、帶電量為的小球在豎直平面內做單擺，擺長為L，當地的重力加速度為，則周期

；若在懸點處放一帶正電的小球（圖乙），則周期將

。（填“變大”、“不變”、“變小”）參考答案：；不變7.如圖所示的演示實驗中，A、B兩球同時落地，說明，某同學設計了如右下圖所示的實驗:將兩個斜滑道固定在同一豎直面內，最下端水平.把兩個質量相等的小鋼球從斜面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2與光滑水平板吻接，則將觀察到的現象是

，這說明

.參考答案：8.一質點作勻變速直線運動，其速度表達式為v＝（5－4t）m/s，則此質點運動的加速度a為___________m/s2，4s末的速度為___________m/s；t＝_________s時物體的速度為零，質點速度為零時的位移s＝___________m。參考答案：－4

－11

1.253.1259.（實驗）（2013?朝陽區一模）（2）某學校的學生為了測定物塊與桌面之間的動摩擦因數，想出了很多方法．①其中甲同學采用了如圖4所示的裝置進行實驗，他使物塊在重物的牽引下開始運動，當重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上．實驗中甲同學用打點計時器記錄了物塊的運動，圖5為他截取的一段紙帶，記錄了物塊做勻減速運動過程的信息，1、2、3、4、5是他選取的計數點，相鄰兩個計數點之間還有四個點未畫出．已知打點計時器電源的頻率為50Hz．根據紙帶可求出物塊做減速運動過程中的加速度大小a=

m/s2（保留兩位有效數字）．若當地的重力加速度大小為9.8m/s2，則物塊與桌面的動摩擦因數μ1=

（保留兩位有效數字），該測量結果比動摩擦因數的真實值

（填“偏大”或“偏小”）．②乙同學采用了如圖6所示的另一套裝置進行實驗，使物塊A位于水平桌面的O點時，重物B剛好接觸地面．將A拉到P點，待B穩定后由靜止釋放，A最終滑到Q點．分別測量OP、OQ的長度h和s．改變h，重復以上的操作，分別測出以下幾組實驗數據．

123456h/cm10.020.030.040.050.060.0s/cm9.512.528.539.048.056.5

乙同學在圖7中已標出第1、2、3、5、6組數據對應的坐標點，請你在圖中標出第4組數據對應的坐標點，并畫出s﹣h關系圖線．實驗中測得A、B的質量之比mA：mB=4：5，則根據s﹣h圖線計算出物塊A與桌面間的動摩擦因數μ2=

．參考答案：①2.0；0.2；偏大．②0.4探究影響摩擦力的大小的因素解：①、由打點計時器電源的頻率為50Hz，相鄰兩個計數點之間還有四個點未畫出，可知相鄰計數點間的時間為T=0.1s，進而由逐差法可得加速度為：物體受摩擦力作用而減速運動，可得：μMg=Ma解得：由于實際在減速階段產生的加速度的力是滑動摩擦力和紙帶受的阻力，所以計算結果比動摩擦因素的真實值偏大．②、如圖：B下落至臨落地時根據動能定理有：在B落地后，A運動到Q，有：解得：A、B的質量之比mA：mB=4：5，在s﹣h圖象上任取一組數據h=10cm，s=9.5cm，代入可以得：．答：①2.0；0.2；偏大．②0.4．10.北京時間2011年3月11日在日本海域發生強烈地震，強震引發了福島核電站危機．核電中的U發生著裂變反應，試完成下列反應方程式U＋n→Ba＋Kr＋______；已知U、Ba、Kr和中子的質量分別是mU、mBa、mKr、mn，該反應中一個235U裂變時放出的能量為__________．(已知光速為c)參考答案：3n(2分)(mu－mBa－mKr－2mn)c2(11.（6分）物體以5m/s的初速度沿光滑斜槽向上做直線運動，經4s滑回原處時速度的大小仍為5m/s，則物體的速度變化為

m/s，加速度為

m/s2．（規定初速度方向為正方向）。參考答案：

－10；－2.512.如下圖所示，是某次利用氣墊導軌探究加速度與力、質量關系的實驗裝置安裝完畢后的示意圖，圖中A為沙桶和沙砂，B為定滑輪，C為滑塊及上面添加的砝碼，D為紙帶，E為電火花計時器，F為蓄電池、電壓為6V，G是開關，請指出圖中的三處錯誤：(1)______________________________________________________________；(2)______________________________________________________________；(3)______________________________________________________________．參考答案：(1)定滑輪接滑塊的細線應水平(或與導軌平行)(2)滑塊離計時器太遠(3)電火花計時器用的是220V的交流電，不能接直流電13.如圖所示，一截面為正三角形的棱鏡，其折射率為。今有一束單色光射到它的一個側面，經折射后與底邊平行，則入射光線與水平方向的夾角是______。參考答案：30°三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質量分別為mA=l.0kg，mB=4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側的豎直墻壁距離l=1.0m，如圖所示。某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動能之和為Ek=10.0J。釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動。A、B與地面之間的動摩擦因數均為u=0.20。重力加速度取g=10m/s2。A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大小；（2）物塊A、B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？參考答案：（1）vA=4.0m/s，vB=1.0m/s；（2）A先停止；0.50m；（3）0.91m；分析】首先需要理解彈簧釋放后瞬間的過程內A、B組成的系統動量守恒，再結合能量關系求解出A、B各自的速度大小；很容易判定A、B都會做勻減速直線運動，并且易知是B先停下，至于A是否已經到達墻處，則需要根據計算確定，結合幾何關系可算出第二問結果；再判斷A向左運動停下來之前是否與B發生碰撞，也需要通過計算確定，結合空間關系，列式求解即可。【詳解】（1）設彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為vA、vB，以向右為正，由動量守恒定律和題給條件有0=mAvA-mBvB①②聯立①②式并代入題給數據得vA=4.0m/s，vB=1.0m/s（2）A、B兩物塊與地面間的動摩擦因數相等，因而兩者滑動時加速度大小相等，設為a。假設A和B發生碰撞前，已經有一個物塊停止，此物塊應為彈簧釋放后速度較小的B。設從彈簧釋放到B停止所需時間為t，B向左運動的路程為sB。，則有④⑤⑥在時間t內，A可能與墻發生彈性碰撞，碰撞后A將向左運動，碰撞并不改變A的速度大小，所以無論此碰撞是否發生，A在時間t內的路程SA都可表示為sA=vAt–⑦聯立③④⑤⑥⑦式并代入題給數據得sA=1.75m，sB=0.25m⑧這表明在時間t內A已與墻壁發生碰撞，但沒有與B發生碰撞，此時A位于出發點右邊0.25m處。B位于出發點左邊0.25m處，兩物塊之間的距離s為s=025m+0.25m=0.50m⑨（3）t時刻后A將繼續向左運動，假設它能與靜止的B碰撞，碰撞時速度的大小為vA′，由動能定理有⑩聯立③⑧⑩式并代入題給數據得

故A與B將發生碰撞。設碰撞后A、B的速度分別為vA′′以和vB′′，由動量守恒定律與機械能守恒定律有

聯立式并代入題給數據得

這表明碰撞后A將向右運動，B繼續向左運動。設碰撞后A向右運動距離為sA′時停止，B向左運動距離為sB′時停止，由運動學公式

由④式及題給數據得sA′小于碰撞處到墻壁的距離。由上式可得兩物塊停止后的距離15.（選修3-4模塊）(6分)如圖所示，紅光和紫光分別從介質1和介質2中以相同的入射角射到介質和真空的界面，發生折射時的折射角也相同。請你根據紅光在介質1與紫光在介質2的傳播過程中的情況，提出三個不同的光學物理量，并比較每個光學物理量的大小。參考答案：答案：①介質１對紅光的折射率等于介質２對紫光的折射率；②紅光在介質１中的傳播速度和紫光在介質２中的傳播速度相等；③紅光在介質１中發生全反射的臨界角與紫光在介質２中發生全反射的臨界角相等。（其它答法正確也可；答對每１條得２分，共6分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.靜電噴漆技術具有效率高，浪費少，質量好，有利于工人健康等優點，其裝置如圖15所示。A、B為兩塊平行金屬板，間距d=0．50m，兩板間有方向由B指向A，大小為E=l．0×l03N／C的勻強電場。在A板的中央放置一個安全接地的靜電油漆噴槍P．油漆噴槍的半圓形噴嘴可向各個方向均勻地噴出帶電油漆微粒，油漆微粒的初速度大小均為vo=2．0m/s，質量m=5．0×l0－16kg、帶電量為q=-2．0×10－16C。微粒的重力和所受空氣阻力均不計，油漆微粒最后都落在金屬板B上。試求：

（1）電場力對每個微粒所做的功；

（2）微粒到達B極所需的最長時間：

（3）微粒最后落在B板上所形成圖形的面積大小。參考答案：17.如圖所示，在平面直角坐標系xoy的0≤x≤2L、0≤y≤L區域內存在沿y軸正向的勻強電場，一質量為m，電荷量為q，不計重力，帶正電的粒子以速度v0從坐標原點O沿x軸正向射入電場后，恰好從M（2L，L）點離開電場，粒子離開電場后將有機會進入一個磁感應強度大小為、方向垂直于紙面向外的矩形磁場區域，并最終從x軸上的N（4L，0）點與x軸正向成45°角離開第一象限，題中只有、、、為已知量，求：（1）勻強電場的電場強度；（2）粒子在第一象限內運動的時間;（3）如果粒子離開M點后有機會進入的是垂直紙面向里的矩形磁場，磁感應強度大小仍然為，粒子運動一段時間后仍然能從x軸上的N點與x軸正向成45°角離開第一象限，則該矩形區域的最小面積S。參考答案：(1)由帶電粒子在電場中做類平拋運動有

（1分）①

（1分）②

（1分）③由①②③有（2分）

（2分）(2)粒子在電場中運動y方向上有（1分）

（1分）

粒子在磁場中圓周運動有

（1分）④

（2分）由幾何關系，粒子離開電場后直接進入磁場四分之一圓周之后離開磁場做勻速直線運動，最后運動到N點。粒子在磁場中運動時間為

（1分）⑤粒子勻速直線運動時間為（1分）⑥則⑦由②⑤⑥⑦有（2分）粒子運動軌跡如圖所示，矩形邊長為（1分）

（1分）18.如圖所示，傾角θ=37°的粗糙傳送帶與光滑