2024屆浙江省91聯盟高三下學期3月模擬預測物理試題

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.下列物理學家的人名被用作國際單位制基本單位的是（）

A.牛頓B.安培C.庫侖D.赫茲

2.1月22日，浙江大部分地區迎來了2024年第一場雪。關于雪花下落的過程，下列

說法正確的是（）

A.雪花很小，一定可以看成質點

B.雪花位移的大小一定等于路程

C.在無風環境雪花做自由落體運動

D.要研究雪花的運動必須先選定參考系

3.下列高中物理教材中的插圖涉及到光的干涉原理的是（）

甲乙丙丁

A.甲圖，水中氣泡看上去特別明亮

B.乙圖，火焰在肥皂膜上形成明暗相間條紋像

C.丙圖，相機特制濾光片能減弱汽車玻璃表面反射光

D.丁圖，顯微鏡下光經過大頭針的圖像

4.如圖所示是高空翼裝飛行愛好者在空中滑翔的情景，在空中長距離滑翔的過程中滑

翔愛好者（）

A.機械能守恒

B.重力勢能的減小量小于重力做的功

C.重力勢能的減小量等于動能的增加量

D.動能的增加量等于合力做的功

5.用三根細線”6、c將重力均為G的兩個小球1和2連接，并懸掛如圖所示。兩小

球處于靜止狀態，細線。與豎直方向的夾角為30。，細線c水平。則（

\\\\\\\\

\

I\

I\

；30\

/

/\

\/

\

B-TG

D.居不能確定

6.單手平托一個籃球，由靜止開始豎直向上拋出，當球離開手的瞬間速度為v,之后

向上運動到最高點的過程中空氣阻力恒定，則下列判斷正確的是（）

A.球運動到最高點時處于平衡狀態

B.球離開手瞬間的加速度豎直向上

C.球從離開手到最高點的過程中的平均速度是］

V

D.球從離開手到最高點的過程運動時間大于一

g

7.如圖所示，景觀噴泉噴出的水在空中劃出漂亮的拋物線，各噴水口的高度視為相同,

則最高點越高的水柱，其（）

A.噴口處的水速度越大

B.噴出的水射得越遠

C.噴出的水在空中上升時間越長

D.噴口處的水柱與水平面的夾角越大

8.2023年8月10日，浙江民營企業的第一顆衛星智能體“地衛智能應急一號”成功發射

并進入預定軌道。衛星從離地面500公里處利用星上智能處理技術提供地面熱點地區遙

感觀測服務。取地球半徑為6.4x103km。下列說法正確的是（）

試卷第2頁，共12頁

A.該衛星處的重力加速度約為8.4m/s2

B.該衛星圓周運動的周期約為60min

C.該衛星圓周運動的速度大于第一宇宙速度

D.遙感技術使用的電磁波是紫外線

9.如圖所示，某直線加速器由沿軸線分布的一系列金屬圓管（漂移管）組成，相鄰漂

移管分別接在高頻脈沖電源的兩極。質子從K點沿軸線進入加速器并依次向右穿過各漂

移管，在漂移管內做勻速直線運動，在漂移管間被電場加速、加速電壓視為不變。設質

子進入漂移管B時速度為8x106m/s,進入漂移管E時速度為1n/$,電源頻率為

1X107HZ,漂移管間縫隙很小。質子在每個管內運動時間視為電源周期的質子的荷

質比取c/kg。則（）

A.漂移管需要用絕緣材料制成

B.各漂移管的長度應相等

C.漂移管8的長度為0.6m

D.相鄰漂移管間的加速電壓。=6x10"V

10.如圖所示，一理想變壓器的原線圈由雙線圈功和cd構成，雙線圈匝數各為多,副

線圈的匝數為乙。用人和q表示變壓器的輸入電流和電壓，八和4表示變壓器輸出電

流和電壓。下列說法正確的是（）

鐵芯

-0A

電源

一B

A.若A接a,2接b,cd空置，電鍵閉合前后，心發生變化

B.若A接a,B接b,cd空置,負載變化時，電源輸出功率恒定

U,2/7,

C.若A接a,8接c,b接d,原副線圈的電壓比為才=」

U2n2

D.若A接a,2接d,b接c,負載變化時，L和八相應變化且成正比

11.西北地區夏季日照時間為13小時，冬季日照時間為8小時，如圖所示，是西北干

旱地區安裝的太陽能電池板。利用這些電池板收集太陽能發電，發電總功率可達3kW,

工作電壓為380V,發電總功率的30%給當地使用，還有富余發電以0.4元/度(1度

=lkW-h)價格并入國家電網。則下列說法可能正確的是()

A.該光伏項目年發電量約為2.6xl()4kW-h

B.該光伏項目的工作總電流約為0.3A

C.該光伏項目平均每天的發電量大約可供當地一盞60W的白熾燈工作約150小時

D.該光伏項目富余發電的年收入約1300元

12.將放射性同位素氟-18(1F)注入人體參與人體的代謝過程，如圖甲所示，氟-18

在人體內衰變放出正電子，與人體內負電子相遇而湮滅并產生一對波長相等的光子，被

探測器探測到，經計算機處理后產生清晰的醫學圖像。氟-18的衰變規律如圖乙所示,

N

其中縱坐標七表示任意時刻放射性元素的原子數與r=0的原子數之比，設正、負電子

N0

A.氟-18衰變的方程為［Ff：e+；；Ne

B.上述一對光子由氟-18直接產生并釋放

C.上述一對光子波長為2

me

D.經5小時人體內氟-18的殘留量是初始時的33.3%

13.如圖所示為豎直下落的電阻可視為零的質量為9kg的金屬薄板，其厚度為d=1mm,

側面是邊長為/=1m的正方形，當在整個空間加上方向水平且平行于正方形側面的磁感

試卷第4頁，共12頁

應強度大小為106T勻強磁場時，由于在垂直于側面方向形成電流/，使得薄板的加速度

相比自由落體時減小了千分之一，兩側面積聚電荷可以看成電容器，其電容值為C。則

下列選項正確的是（）

A./=9X10-7A,C=9X10-9FB./=9x10^A,C=9X10~9F

C./=9X10-7A,C=9X10HFD.；=9X105A,C=9X10HF

二、多選題

14.下列說法正確的是（）

A.霓虹燈發光是氣體原子從高能級向低能級躍遷產生

B.LC振蕩電路中，當電容器電壓最大時回路電流也最大

C.電阻應變片的電阻值隨其機械形變的變化而變化

D.站在岸邊的人會因為全反射而看不到湖中的魚

15.在同一水平面，兩種不同介質I和H的分界面A/N為一條直線，在水平面內垂直于

建立x坐標系，與的交點記為坐標原點，在x=-6m和x=12m處各有一個波源

"和S2,振動頻率相同均為1Hz,在7=0時刻兩波源同時開始沿垂直紙面方向振動，且

起振方向相同，兩列波的振幅均為10cm。經半個周期后波形示意圖如圖所示，其中圓

弧實線表示波峰。（）

B.在f=3s時兩波恰好在原點處第一次相遇

C.在f=3.75s時原點的位移大小為20cm

D.從t=0至！k=3s的過程中x=-3m處質點振動的路程為60cm

三、實驗題

16.在“探究兩個互成角度的力的合成規律”的實驗中。

步驟一：如圖甲(a),輕質小圓環掛在橡皮條的一端，另一端固定，橡皮條的長度為

GE。

步驟二：在圖甲(b)中，用手通過兩個彈簧測力計共同拉動小圓環。小圓環受到拉力工、

B的共同作用，處于。點，橡皮條伸長的長度為E。。

步驟三：撤去耳、工，改用一個力F單獨拉住小圓環，如圖甲(c)仍使它處于。點。

x0=0.8cm

殿

一

二

二

三

i

_

y

(1)如下圖所示，實驗中需要的器材有

(2)關于此實驗的操作，下列說法正確的是

A.測力計可以直接鉤住小圓環進行實驗

B.實驗過程中，測力計外殼不能與木板有接觸

C.完成步驟三后重復實驗再次探究時，小圓環的位置可以與前一組實驗不同

D.為了減小誤差，兩個測力計的夾角越大越好

(3)彈簧測力計的示數如圖乙所示，讀數為N?

(4)做實驗時，根據測量結果在白紙上畫出，如圖丙所示，"和巴為兩個分力，請在答

題紙上通過作平行四邊形的方法求出合力為_N。

試卷第6頁，共12頁

17.某物理興趣小組自制了圖甲所示的水果電池組，測量該電池組的電動勢和內阻。

甲

實驗室提供了以下器材：

A.待測水果電池組（E約為2.0V,廠約為1000。）

B,電流表A1（0~5mA,內阻約為20。）

C.電流表A2（0-0.6A,內阻約為1。）

D.電壓表V]（0-3V,內阻約為1000。）

E.電壓表Y（0-15V,內阻約為50000）

F.滑動變阻器與

G.滑動變阻器&（0~1500Q）

H.開關、導線各若干

應該選擇如圖乙所示的實驗電路進行實驗：

⑴實驗中電流表應選（填“A1”或"A?”），電壓表應選（填或"V?”），滑

動變阻器應選（填“凡”或"凡”）；

（2）根據實驗電路連接實物，調節滑動變阻器滑片位置，記下電壓表示數。與電流表示

數/的多組數據，作出U-/圖像如圖丙所示，根據圖像和題中所給信息可知該水果電

池組的電動勢E=V,內電阻r=。。（結果均保留三位有效數字）

（3）實驗過程中存在電表系統誤差。在下面四幅圖像中，虛線代表沒有電表誤差情況下的

電壓、電流真實值關系的圖像，實線是根據測量數據繪出的圖像，則下列選項中圖像及

文字描述都正確的是（填選項下面的字母）。

18.某學習小組采用圖甲所示的裝置驗證滑塊碰撞過程中的動量守恒。

（1）用天平測得滑塊A、B（均包括擋光片）的質量分別為叫、m2；

（2）兩擋光片的寬度相同；

（3）接通充氣泵電源后，導軌左側放一滑塊并推動滑塊，滑塊通過兩個光電門時，與

光電門1、2相連的計時器測得的擋光時間分別為0.07s、0.06s,則應將導軌右端（選

填“調高”或“調低”），直至氣墊導軌水平；

（4）滑塊B放在兩個光電門之間，向右輕推滑塊A與滑塊B碰撞，碰后滑塊A返回

試卷第8頁，共12頁

導軌左側，與光電門1相連的計時器計時2次，先后為％和L;滑塊B運動至導軌右側,

與光電門2相連的計時器計時為A;

（5）在實驗誤差允許范圍內，若表達式滿足等式，=（用測得的物理量表示）

h

成立，說明滑塊A、B碰撞過程中動量守恒。

四、解答題

19.如圖所示，圓柱形汽缸豎直懸掛于天花板，用橫截面積為S=0.04m2的輕質光滑活

塞封閉一定質量的理想氣體，活塞下懸掛質量為，〃=80kg的重物，此時活塞處在距離汽

缸上底面為4=02m的A處，氣體的溫度為1=300K。汽缸內的電阻絲加熱，活塞緩

慢移動到距離汽缸上底面為用=0.24m的B處。已知大氣壓為°。=1.0x105pao

（1）求活塞在B處時的氣體溫度4；

（2）求活塞從A處到B處的過程中氣體對外界做功的大小，并分析氣體的內能是增大

還是減小。

（3）保持溫度與不變，當懸掛重物為〃=160kg時，打開汽缸閥門放出一部分的氣體

使得活塞仍處于8處，求放出氣體的質量與原來汽缸內氣體質量的比值。

I/四門

buuJ亍

電熱絲

活塞

—重物

20.如圖所示，傾角6=37。的斜面與長度為乙=0.6m的水平面在2點銜接，銜

接點平滑，質量為相=1kg的可視為質點的滑塊Q靜置在水平面的右端C。可視為質點

的滑塊P自斜面上高〃=0.3m處靜止釋放，與滑塊Q發生彈性碰撞后，滑塊Q在C點立

即進入光滑豎直半圓軌道DE的內側（CD間隙不計），。為圓的最高點，圓半徑記為R。

滑塊Q經圓弧后在E點水平拋出，最終落于水平地面FG上，水平面FG與的高度

差為H=1.2m。已知滑塊P與AB面和面的動摩擦因數都為〃

（1）若滑塊P的質量為〃，=lkg,半圓軌道DE的半徑R可調，半圓軌道能承受的滑塊

的壓力不能超過70N,要保證滑塊Q能經圓周運動順利經過E點。

①求滑塊Q進入D點時的速度匕。

②求半圓軌道的半徑R的取值范圍。

③求滑塊。離開E后落在尸G面上的最大射程。

（2）若半圓軌道。E的半徑為R=0.4m,滑塊P的質量可調，求滑塊Q進入D點時對

D的壓力大小的范圍。

21.水平放置的金屬細圓環P的半徑為/,其內部充滿方向豎直向上的勻強磁場，磁感

應強度大小為瓦電阻為廠，長度恰為/的細導體棒。一端搭接在細圓環上，可繞圓心處

的金屬細圓柱。在水平面內轉動。兩平行豎直金屬導軌的間距為“，其中加導軌與小

圓柱O相連，N導軌與圓環P相連，兩導軌上方通過電鍵K連接能提供恒定電流大小

為/,方向水平向右的恒流源S。質量為機，電阻為R的均勻導體棒b水平擱置在固定

支架上并與兩導軌緊密接觸，棒6處在方向垂直于導軌平面向內的勻強磁場中，磁感應

強度的大小為瓦除了導體棒。和導體棒6外其余電阻不計，一切摩擦不計。

（1）若電鍵K斷開，外力使導體棒a以某一角速度。勻速轉動時導體棒6對支架的作

用力恰好為0。求此時導體棒。的旋轉方向（俯視圖）和。的大小。

（2）若電鍵K閉合，導體棒。作為“電動機”在水平內旋轉。

①“電動機”空載時導體棒。所受安培力為零，其勻速轉動的角速度記為。。，求。。的大

小。

②求“電動機”機械效率為50%時導體棒a的角速度g=

試卷第10頁，共12頁

22.空腔圓柱的截面圓如圖所示，其圓心為O,半徑為R,圓面上開有A、8、C、。四

個小孔，ZAOB=90°,ZBOC=120°,/COD=90。，圓內存在垂直紙面向外的勻強磁

場耳（未知），圓外和OC射線范圍內存在垂直紙面向內的勻強磁場必（未知）。緊

靠A孔有兩金屬板M,N,兩板間加上交變電壓UMN=U（）sin］，4，其中已知，質

量為m電荷量為g的正電粒子持續由M板靜止釋放，經電場加速的粒子從A孔沿半

徑方向進入空腔內部，發現在f=3時刻釋放的粒子恰好能從8孔射出磁場，并能經過

。孔。已知粒子在電場中加速的時間忽略不計，粒子撞擊圓面即被吸收，圓面始終不帶

電。

（1）求從8孔飛出的粒子的速度%及截面圓內磁感應強度耳的大小；

（2）求粒子從A孔運動到。孔的時間廠及比值瓦：層；

（3）緊靠。孔有兩金屬板AT,N',兩板間加上沿半徑方向的交變電壓

*sin^（/-F）-1,以N'板出口處O'點為原點建立直角坐標系My,在y

軸右側OVxWXo區域內存在垂直紙面向內的勻強磁場員，當x（,=2cm時，從。點進入

磁場的速度最大的粒子恰好從點尸（2cm,2cm）離開磁場。若要讓從。點進入磁場的速度

最小的粒子也恰好擊中點P,則為的取值應為多少？

試卷第12頁，共12頁

參考答案：

1.B

【詳解】國際單位制中的基本單位分別為米、秒、千克、安培、開爾文、摩爾、坎德拉。故

以上四位物理學家中的人名被用作國際單位制基本單位的是安培。

故選Bo

2.D

【詳解】A.質點是一理想化模型，無論物體質量大小，體積大小。只要在研究的問題中處

于次要因素，都可以看做質點，雪花雖很小，能否看成質點，要看對雪花下落研究的問題性

質決定，因此不一定可以看成質點，A錯誤；

B.雪花質量很小，在下落過程中受到重力和空氣阻力作用，因此雪花的運動軌跡不一定是

直線運動，所以雪花位移的大小不一定等于路程，B錯誤；

C.在無風環境中，雪花除受重力作用外，還有空氣阻力作用，因此雪花不是做自由落體運

動，C錯誤；

D.由運動的相對性，要描述一個物體的運動，首先要選定某個其他物體做參考，因此要研

究雪花的運動必須先選定參考系，D正確。

故選D。

3.B

【詳解】A.氣泡是光疏介質，光經過水照射氣泡時，一部分光會發生全反射，因此水中氣

泡看上去特別明亮，故A錯誤；

B.乙圖，火焰在肥皂膜上形成明暗相間條紋像，是薄膜干涉現象，即光的干涉原理，故B

正確；

C.丙圖，相機特制濾光片能阻擋特定方向的偏振光，因此能減弱汽車玻璃表面反射光，是

光的偏振現象，故c錯誤；

D.丁圖，顯微鏡下光經過大頭針的圖像，是光的衍射現象，故D錯誤。

故選Bo

4.D

【詳解】A.滑翔的過程中除重力做功外，還有空氣阻力做功，機械能不守恒，故A錯誤;

B.由功能關系可知，重力勢能的減小量等于重力做的功，故B錯誤；

C.由能量守恒可知，重力勢能的減小量等于動能的增加和克服阻力所做的功，故C錯誤;

D.由動能定理可知，合外力所做的功等于動能的變化量，故D正確。

答案第1頁，共16頁

故選D。

5.C

【詳解】ABC.將兩小球看作一個整體，對整體受力分析，如圖所示

根據平衡條件可得

《cos30。=2G

￡sin30。=乙

聯立得

473?273

FF=-----G,pF=------

aa33

聯立可得

Fc1

故AB錯誤，C正確；

D.對2小球隔離分析，利用平衡條件可得

FbH=^G

則細線b對小球2和小球1的拉力都為叵G，故D錯誤。

3

故選C。

6.C

【詳解】A.球運動到最高點時速度為零，受重力作用，合力不為零，處于非平衡狀態，故

A錯誤；

BCD.球離開受瞬間，受到豎直向下的重力和阻力，則合力向下，加速度向下，由于阻力恒

定，則加速度大小不變，為勻減速直線運動，可得球從離開手到最高點的過程中的平均速度

為

_v

V=—

2

設阻力大小為R則有

答案第2頁，共16頁

F+mg=ma

球從離開手到最高點的過程運動時間為

VV

故BD錯誤，C正確。

故選C?

7.C

【詳解】噴出去的水做斜拋運動，可拆分為水平方向的勻速直線運動與豎直方向的上拋運動,

則可知最高點越高的水柱，豎直分速度越大，則在空中上升的時間越長，由于水平分速度未

知，則無法判斷水噴出速度大小關系以及噴出水的距離大小，進而無法判斷噴口處的水柱與

水平面的夾角變化。

故選C。

8.A

【詳解】A.在地球表面根據萬有引力與重力的關系有

設該衛星的質量為加，則有

g'~8.4m/s:

故A正確；

B.根據萬有引力提供向心力有

代入數據解得該衛星圓周運動的周期

T=5627s?93.78min

故B錯誤；

C.第一宇宙速度是衛星做圓周運動的最大環繞速度，該衛星圓周運動的速度小于第一宇宙

速度，故c錯誤；

D.由于紅外線衍射能力強，不容易被云霧里的小分子散射掉，穿過云霧的能力比較好，用

于遙感技術，故D錯誤；

答案第3頁，共16頁

故選Ao

9.D

【詳解】A.質子在漂移管內做勻速直線運動，漂移管內電場強度為零，根據靜電屏蔽，漂

移管需要用金屬材料制成，故A錯誤；

B.質子在漂移管間被電場加速，在漂移管內做勻速直線運動，質子在每個管內運動時間視

為電源周期的各漂移管的長度應逐漸增大，故B錯誤；

C.電源周期為

17

T=_=1X10-7S

f

漂移管B的長度為

T1

L?=v—=8x10sx—xlxl0-7m=0.4m

B22

故C錯誤；

D.從8到E,根據動能定理

3qU=~mvE~^mvB

解得相鄰漂移管間的加速電壓

0=6x10，

故D正確。

故選D。

10.D

【詳解】AB.若A接a,B接6,cd空置，則線圈cd的存在不影響變壓器的工作，電鍵閉

合前后，S不會發生變化。負載變化時，根據

P旦

R

可知電源輸出功率不恒定。故AB錯誤；

C.若A接a,8接c,b接d,雙線圈仍和cd的互感作用會抵消掉，從而理想變壓器不會

正常工作，副線圈的電壓為零。故C錯誤；

D.若A接a,8接d,6接c,雙線圈加和cd為串聯關系，滿足

_%

/22nl

可知負載變化時，4和4相應變化且成正比。故D正確。

答案第4頁，共16頁

故選D。

11.C

【詳解】A.由題意可知，該光伏項目年發電量約為

2Aq

W=P/=3x(13+8)x-|^kW-h?1.15xlO4kW.h

A錯誤;

B.該光伏項目的工作總電流約為

,P3X10、一?

I=—=--------Ax7.9A

U380

B錯誤；

C.該光伏項目平均每天的發電量大約可供當地一盞60W的白熾燈工作時間為

2(13+8、

3x-------x3Q0no%/

Pfx30%I2J

h=157.5h

￡0.06

C正確;

D.該光伏項目富余發電的年收入約

X=1.15X104X70%x0.4元=3220元

D錯誤。

故選C。

12.C

【詳解】A.根據質量數與質子數守恒，可得氟-18的衰變方程

]O+：e

故A錯誤；

B.依題意，正負電子湮滅方程為

,e+_?e=2/

故B錯誤；

C.由質能方程，可得

AE=Amc2=2mc2

根據能量守恒，可得

A￡=2hv=2h—

A

聯立，解得

答案第5頁，共16頁

故C正確;

D.由乙圖可知氟-18的半衰期為T=100min,根據

1=5x60min=300min

聯立，解得

故D錯誤。

故選C。

13.B

【詳解】薄板的加速度相比自由落體時減小了千分之一，根據牛頓第二定律可得

/=9xlO-5A

UBlvBia

故選B。

14.AC

【詳解】A.霓虹燈發光是氣體原子從高能級向低能級躍遷產生的。故A正確；

B.LC振蕩電路中，當電容器電壓最大時極板上電荷量最多，回路電流最小。故B錯誤；

C.電阻應變片是一種將被測件上的形狀變化轉換成為一種電信號的敏感器件，其阻值會隨

著機械形變而發生變化。故C正確；

D.光從空氣進入水中，不會發生全反射，根據光路的可逆性，站在岸邊的人不會因為全反

射而看不到湖中的魚。故D錯誤。

故選AC?

15.ACD

答案第6頁，共16頁

【詳解】A.振動頻率相同均為1Hz,可知

根據波形圖是振動半個周期的波形圖，可以判斷得出兩波源開始起振方向垂直紙面向外，首

先波源用到達最大位移處，然后再用!7將波峰狀態傳播如題圖位置，因此

44

4=4m,4=8

根據丫=下可知，兩列波的波速分別為4m/s,8m/s,波速之比為1:2,故A正確；

B.根據x可知，在f=3s時兩波傳播的距離分別為12m,24m,則兩波不是第一次在原

點處相遇，故B錯誤；

C.y的波形傳到。點用時

「五=1.5s邑的波形傳到0點用時

=±=1.5s

丫2

可知r=1.5s時。點開始振動，且為加強點，振幅為

A=2A=20cm

根據振動的周期性可知，在f=3.75s時原點的位移大小為20cm,故C正確；

D.A的波形傳到x=-3m處的時間為

￡=旦=0.75sS2的波形傳到x=-3m處的時間為

r2=^+^=—s+-s=2.25s

v2Vy84

則x=-3m處的質點在0.75s?2.25s的路程為

s=6A=60cm

根據該質點的振動情況可知，在2.25s后兩波疊加為減弱點，振幅為0,所以從f=0至1J/=3s

的過程中尤=-3m處質點振動的路程為60cm,故D正確；

故選ACD?

16.(1)B

⑵C

(3)0.7/0.8

答案第7頁，共16頁

(4)3.20(3.00~3.30)

【詳解】（1）探究兩個互成角度的力的合成規律實驗需要刻度尺確定力的方向和作圖。

故選Bo

（2）A.測力計若直接鉤住小圓環進行實驗，會在確定力的方向時出現誤差，故A錯誤；

B.實驗過程中，彈簧測力計與木板保持平行即可，故B錯誤；

C.實驗過程中用一個彈簧測力計的作用效果替代兩個彈簧測力計作用效果，只需同一次實

驗“結點”的位置相同即可，但完成后重復實驗再次探究時，小圓環的位置可以與前一組實驗

不同，故C正確；

D.畫平行四邊形時，夾角大的話畫出的平行四邊形會準確些，但不是要求夾角盡量大，故

D錯誤。

故選Co

（3）彈簧測力計的最小分度為0.2N,根據指針位置可以確定拉力為Q7N。

（4）根據平行四邊形定則得出下圖

17.(1)A、V,R2

(2)2.24/2.25/2.26/2.27/2.28l.lOxlO3(1.09xl03~l.llxlO3)

⑶D

【詳解】（1）[1]⑵[3]水果電池的短路電流約為2mA,則實驗中電流表應選A1；電動勢約

答案第8頁，共16頁

為2V,則電壓表應選V1；水果電池組內阻約為1000。，則滑動變阻器應選R?；

(2)[1]⑵根據閉合回路歐姆定律有

U=E-Ir

結合圖像可知，該水果電池組的電動勢

E=2.26V

內電阻

(3)AB.該實驗的誤差產生于電流表的內阻，而該電路對電動勢的測量不會產生誤差，由

于考慮電流表內阻，則r折廠景以可知考慮電表內阻影響時有誤差時內阻測量值偏大，即實

線應該過縱軸上同一點，且實線的斜率偏大，故AB錯誤;

CD.圖C中A-4表示電壓為q時通過電流表的電流之差；圖D中4-q表示電流為L時

電流表兩端電壓，故C錯誤，D正確。

故選D。

m,

is.調高~r~~r

【詳解】(3)[1]同一滑塊通過兩個光電門，由v=4知，時間長的速度小，可知滑塊做加

t

速運動，導軌右端應調高一點，直至兩個計時器顯示的時間相等，即說明滑塊做勻速直線運

動，導軌已調成水平；

(5)⑵向右輕推滑塊A與滑塊B碰撞，碰后滑塊A返回導軌左側，與光電門1相連的計

時器計時2次，先后為％和L;滑塊B運動至導軌右側，與光電門2相連的計時器計時為勾;

因此則有滑塊A經光電門1時的速度，即碰撞前的速度為

d

v=-

(

滑塊A與滑塊B碰撞后A的速度為

d

滑塊B被碰撞后的速度為

d

在實驗誤差允許范圍內，若表達式

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m^v=+m2v2

即為

mx_m2ml

’2

成立，說明滑塊A、B在碰撞過程中動量守恒。

19.（1）360K；（2）128J,增加；（3）-

4

【詳解】（1）A到B為等壓過程，根據蓋呂薩克定律

即

Sh}_Sh2

EF

得

T2=360K

（2）設氣體壓強為0,活塞受力平衡

mg+pS=p0S

得

p=8x104Pa

氣體對外界做功

W=pS（由-九）=128J

理想氣體的分子勢能忽略不計，而溫度升高則分子動能增加，內能由分子勢能和分子動能組

成，所以氣體內能增加。

（3）打開閥門前在3處

4

p2==8x10Pa,V2=hnS

懸掛m'后

m'g+p3s=pQS

得壓強

4

p3=6xlOPa

若不打開閥門，氣體體積設為

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匕=僅5

該等溫過程

Pz%S=p3h3S

得

魚=0.32m

放出氣體的質量與原來汽缸內氣體質量的比值

Am1

m網4

20.(1)①2m/s,?0.2m<7?<0.4m,③1.4m；(2)0</^<30N

【詳解】（1）①滑塊P從靜止到C點，根據動能定理有

mgh-〃根g(1;7。一四峽=gmv：

解得

vc=2m/s

滑塊P與滑塊Q碰撞時動量守恒，有

mvc=mvc+mvD

又因為是彈性碰撞，則能量守恒

121，212

—mvc=—mvc+—mvD

解得

vD=2m/s

②在。點能夠做圓周運動，根據牛頓第二定律可知

mg<m^-

R

解得

R<0.4m。點到E點、的過程，根據能量守恒定律有

：=2mgR

在E點，根據牛頓第二定律有

FN-mg=m^

且

答案第11頁，共16頁

K70N

聯立得

A>0.2m

所以R的取值范圍

0.2m<R<0.4m

③自E點作平拋運動，則射程為

1

x—vgt,H-2R=~gt9

將②中相代入得

T(i)T

當R=0.25m時，解得

(2)由動能定理有

,h1

"kgh-〃叫g1a門37。-/g-=3叫%2

解得

vc=2m/s

滑塊P與滑塊Q碰撞時動量守恒，則

m1Vc=inlvl+mv2

又因為是彈性碰撞，根據能量守恒定律有

12

3mlyc

解得

2班1，

眩%

m[+m

即

則

答案第12頁，共16頁

0<v2<2vc

由牛頓第二定律有

FN+mg=，喙

解得

0V練<30N

21.（1）0=2?；；”,順時針方向旋轉；（2）①箓，②。2=引2需2廠）

【詳解】（1）導體棒6平衡

mg=Bld

電流

R+r

轉動切割

1

E=-Bl92a）

2

聯立得

2mg（R+r]

0）=-------Z-7；-------

B212d

由左手定則和右手定則得導體棒。順時針方向旋轉。

（2）①空載時導體棒a所受安培力為零，則導體棒。的電流為零

則導體棒。與導體棒b兩端電壓相等，導體棒b的電流即恒流源電流/

2

-Blco0=IR

所以

2IR

②法一：設導體棒。切割的電動勢為E,其電流為i

導體棒a與導體棒b兩端電壓相等，即

（I-i）R=3+irQJ

由于導體棒a上的速度隨著到圓心距離均勻增大

。=4丫

答案第13頁，共16頁

2

a)2l_BU①2

Bl2%