2023-2024學年河南省洛陽市孟津縣第二高級中學物理高一第二學期期末預測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)從空中某一高度同時以大小相等的速度豎直上拋和水平拋出兩個質量均為m的小球，忽略空氣阻力．在小球從拋出到落至水平地面的過程中A．動能變化量不同，動量變化量相同B．動能變化量和動量變化量均相同C．動能變化量相同,動量變化量不同D．動能變化量和動量變化量均不同2、(本題9分)如圖所示，A、B兩物體質量之比mA∶mB＝3∶2，原來靜止在平板小車C上。A、B間有一根被壓縮的彈簧，地面光滑，當彈簧突然釋放后，則下列說法中不正確的是()A．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數相同，A、B組成的系統動量守恒B．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數相同，A、B、C組成的系統動量守恒C．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B組成的系統動量守恒D．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C組成的系統動量守恒3、(本題9分)某同學對著墻壁練習打網球，假定球在墻面上以25m/s的速度沿水平方向反彈，落地點到墻面的距離在10m至15m之間，忽略空氣阻力，取g＝10m/s2，球在墻面上反彈點的高度范圍是()A．0.8m至1.8m B．0.8m至1.6mC．1.0m至1.6m D．1.0m至1.8m4、(本題9分)某人用手將1kg的物體由靜止向上提起1m，這時物體的速度為2m/s（g取10m/s2），則下列說法正確的是（）A．物體克服重力做功2J B．合外力做功2JC．合外力做功12J D．手的拉力對物體做功10J5、(本題9分)氣象研究小組用圖示簡易裝置測定水平風速．在水平地面上豎直固定一直桿，半徑為R、質量為m的薄空心塑料球用細線懸于桿頂端O，當水平風吹來時，球在風力的作用下飄起來．已知風力大小正比于風速，當風速v0＝3m/s時，測得球平衡時細線與豎直方向的夾角θ＝30°，則下列說法正確的是（）A．細線拉力的大小為B．細線的拉力與風力的合力大小大于mgC．風速增大到某一值時，可能等于90°D．風速變為原來的兩倍，則一定變為原來的兩倍6、(本題9分)下述實例中，機械能守恒的是（）A．物體做平拋運動B．物體沿固定斜面勻速下滑C．物體在豎直面內做勻速圓周運動D．物體從高處以0.9g(g為重力加速度的大小)的加速度豎直下落7、如圖所示，發射升空的衛星在轉移橢圓軌道Ⅰ上A點處經變軌后進入運行圓軌道Ⅱ．A、B分別為軌道Ⅰ的遠地點和近地點．則衛星在軌道Ⅰ上（）A．經過A點的速度小于經過B點的速度B．經過A點的動能大于在軌道Ⅱ上經過A點的動能C．運動的周期大于在軌道Ⅱ上運動的周期D．經過A點的加速度等于在軌道Ⅱ上經過A點的加速度8、(本題9分)北斗衛星導航系統是我國自行研制開發的區域性三維衛星定位與通信系(CNSS)，建成后的北斗衛星導航系統包括5顆同步衛星和30顆一般軌道衛星．關于這些衛星，以下說法正確的是A．5顆同步衛星的軌道半徑都相同B．5顆同步衛星的運行軌道必定在同一平面內C．導航系統所有衛星的運行速度一定大于第一宇宙速度D．導航系統所有衛星中，運行軌道半徑越大的，周期越小9、嫦娥四號探測器成功發射，開啟了我國月球探測的新旅程，探測器經過地月轉移、近月制動、環月飛行，最終實現了人類首次月球背面軟著陸.如圖為探測器繞月球的運行軌道示意圖，其中軌道I為圓形軌道，軌道II為橢圓軌道.下列關于探測器的說法中正確的是A．在軌道I、軌道II上通過P點時的動能相等B．在軌道I通過P點的加速度比在軌道II通過P點的加速度大C．在軌道II上從P點運動到Q點的過程中動能變大D．在軌道II上從P點運動到Q點的過程中的機械能守恒10、x軸上有兩點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間各點對應的電勢高低如圖中曲線所示，從圖中可看出()A．Q1一定大于Q2B．Q1和Q2一定是同種電荷，但不一定是正電荷C．電勢最低處P點的電場強度為0D．Q1和Q2之間各點的電場方向都指向P點11、(本題9分)如圖所示,在風力發電機的葉片上有A、B、C三點,其中A、C在葉片的端點,B在葉片的中點.當葉片轉動時,下列說法正確的()A．A，B，C三點線速度大小都相同B．A，B，C三點角速度大小都相等C．A，B，C三點中,B點的向心加速度最小D．A，B，C三點中,B點的轉速最小12、(本題9分)如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質量分別為m1、m2(已知m2=0.5kg)的兩物塊A、B相連接，處于原長并靜止在光滑水平面上．現使B獲得水平向右、大小為6m/s的瞬時速度，從此刻開始計時，兩物塊的速度隨時間變化的規律如圖乙所示，從圖象提供的信息可得（）A．在t1時刻，兩物塊達到共同速度2m/s，且彈簧處于伸長狀態B．從t3到t4之間彈簧由原長變化為壓縮狀態C．t3時刻彈簧彈性勢能為6JD．在t3和t4時刻，彈簧處于原長狀態二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)如圖所示為研究平拋運動的實驗裝置：(1)現把兩個小鐵球分別吸在電磁鐵C、E上，然后切斷電磁鐵C的電源，使一只小鐵球從軌道A射出，并在射出時碰到碰撞開關S，使電磁鐵E斷電釋放它吸著的小鐵球，兩鐵球同時落到地面。這個實驗________________A．只能說明平拋運動的水平方向做勻速直線運動的規律B．只能說明平拋運動的豎直方向做自由落體運動的規律C．不能說明上述AB規律中的任何一條D．能同時說明上述AB兩條規律(2)若把該裝置進行改裝，可以驗證動量守恒定律，改裝后的裝置如圖。實驗原理和簡要步驟如下：A．用天平測出直徑相同的入射小球與被碰小球的質量m1、m2相比較，應是m1大于m2B．在地面上依次鋪白紙和復寫紙。C．調整斜槽，使斜槽末端平直部分水平，并用重錘確定小球拋出點（斜槽末端口）在地面上的豎直投影點O。D．不放被碰球m2，先讓入射球m1多次從傾斜軌道上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP。E．把被碰球m2放在斜槽末端口上，讓入射球m1從傾斜軌道上S位置靜止滑下，與球正碰后，記下落點，重復多次，確定出入射球m1和被碰球m2的平均落地點位置M和N．用刻度尺量OM、OP、ON的長度。請按要求完成：①在步驟A中有“m1大于m2”的要求，其原因是為了防止________________，在步驟B中有“斜槽末端平直部分水平“的要求，其原因是為了__________________②若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為_________；若碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足的表達式為_________（用實驗測量的量m1、m2、OM、?ON和?OP表示）14、(本題9分)用如圖所示的實驗裝置驗證動能定理．如圖所示是某次實驗中得到的一條紙帶，其中A、B、C、D、E是計數點（每打5個點取一個計數點），其中L1=1．07cm,L2=2．18cm,L1=3．87cm,L4=4．62cm。則打C點時小車的速度為___________m/s，小車的加速度是__________m/s2。（計算結果均保留三位有效數字）15、(本題9分)如圖為“驗證動能定理”的實驗裝置，用拉力傳感器記錄小車受到拉力F的大小，在長木板上相距適當距離的A、B兩點各安裝一個速度傳感器，分別記錄小車通過A、B時的速率，要求拉力傳感器的示數即為小車所受的合外力。（1）為了完成實驗，除了測量小車受到拉力的大小F、小車通過A、B時的速率vA和vB（2）與本實驗有關的下列說法正確的是__A、要調整長木板的傾斜角度，平衡小車受到的摩擦力B、應先釋放小車，再接通速度傳感器的電源C、改變所掛鉤碼的數量時，要使所掛鉤碼的質量遠小于小車質量D、該實驗裝置也可以用來驗證牛頓第二定律。三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示的光滑斜面長為L，寬為b，傾角為θ，一物塊(可看成質點)沿斜面左上方頂點P水平射入，恰好從底端Q點離開斜面，重力加速度為g，試求：（1）物塊由P運動到Q所用的時間t;（2）物塊由P點水平射入時的初速度v0.17、（10分）(本題9分)小明同學在某高處將一個小球以20m/s的速度沿水平方向拋出，小球經過2s的時間落地。不計空氣阻力作用，重力加速度g＝10m/s2，求：（1）拋出點與落地點在豎直方向的高度差；（2）小球落地時的速度大小，以及速度與水平方向夾角。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】

小球從拋出到落地過程中，只有重力做功，下落的高度相同，根據動能定理可得，兩種情況下動能變化量相同；根據題意豎直上拋運動時間必平拋運動的時間長，根據可知動量變化量不同，C正確．2、A【解析】

A、如果A、B與平板車上表面間的動摩擦因數相同，彈簧釋放后A、B分別相對小車向左、向右滑動，它們所受的滑動摩擦力FfA向右，FfB向左，由于mA∶mB＝3∶2，所以FfA∶FfB＝3∶2，則A、B組成的系統所受的外力之和不為零，故其動量不守恒，A錯；BCD、對A、B、C組成的系統，A、B與C間的摩擦力為內力，該系統所受的外力為豎直方向的重力和支持力，它們的合力為零，故該系統的動量守恒，B、D均正確；若A、B所受摩擦力大小相等，則A、B組成的系統所受外力之和為零，故其動量守恒，C正確。3、A【解析】

球做平拋運動在水平方向上：由初速度是25m/s，水平位移是10m至15m之間，所以球的運動的時間是0.4s﹣0.6s之間，在豎直方向上自由落體：所以可以求得高度的范圍是0.8m至1.8m。A、與計算結果相符，A正確；BCD、與計算結果不符，BCD錯誤。4、B【解析】

A．克服重力做的功A錯誤；BC．根據動能定理因此合外力做功為2J，B正確，C錯誤；D．手的拉力對物體做功，由上式可知D錯誤。故選B。5、A【解析】

小球受重力、細線拉力和風力處于平衡，小球的受力如圖所示，根據共點力平衡得，，細線拉力和風力的合力等于mg，故A正確，B錯誤．因為風力和重力的合力方向不可能水平向右，可知拉力方向不可能水平向左，則θ不可能等于90°，故C錯誤．當風速v0=3m/s時，測得球平衡時細線與豎直方向的夾角θ=30°，則風力F=mgtan30°，當θ=60°時，風力不是原來的2倍，則風速也不是原來的2倍，故D錯誤．故選A．【點睛】本題考查了共點力平衡的基本運用，關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行求解，知道拉力與重力和風力的合力等值反向．6、A【解析】

A．物體做平拋運動，只有重力對物體做功，則物體的機械能守恒，選項A正確；B．物體沿固定斜面勻速下滑，重力勢能減小，而動能不變，則機械能減小，選項B錯誤；C．物體在豎直面內做勻速圓周運動，則動能不變，重力勢能不斷變化，則機械能不斷變化，選項C錯誤；D．物體從高處以0.9g(g為重力加速度的大小)的加速度豎直下落，則肯定受到阻力作用，則機械能減小，選項D錯誤。故選A。7、AD【解析】

由B運動到A引力做負功，動能減小的，所以經過A點的速度小于經過B點的速度，故A正確；同在A點，只有加速它的軌道才會變大，所以經過A點的動能小于在軌道Ⅱ上經過A點的動能，故B錯誤；軌道Ⅰ的半長軸小于軌道Ⅱ的半徑，根據開普勒第三定律，在軌道Ⅰ上運動的周期小于在軌道Ⅱ上運動的周期，故C錯誤；根據a=，在軌道Ⅱ上經過A的加速度等于在軌道Ⅰ上經過A的加速度，故D正確；故選AD．【點睛】解決本題的關鍵理解衛星繞地球運動的規律．要注意向心力是物體做圓周運動所需要的力，比較加速度，應比較物體實際所受到的力，即萬有引力．8、AB【解析】

因為同步衛星要和地球自轉同步，所以運行軌道就在赤道所在平面內，根據F==mω2r，因為ω一定，所以r必須固定，所以一定位于空間同一軌道上，故A正確；它若在除赤道所在平面外的任意點，假設實現了“同步”，那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上，這是不可能的．所以我國發射的同步通訊衛星必須定點在赤道上空，故B正確；第一宇宙速度是近地衛星的環繞速度，也是最大的圓周運動的環繞速度．導航系統所有衛星的運行速度一定小于第一宇宙速度，故C錯誤；根據周期公式T=2π，運行軌道半徑越大的，周期越大，故D錯誤；【點睛】地球質量一定、自轉速度一定，同步衛星要與地球的自轉實現同步，就必須要角速度與地球自轉角速度相等，這就決定了它的軌道高度和線速度．9、CD【解析】

A.嫦娥四號探測器在P位置從圓形軌道I變到橢圓軌道II時，需制動減速做近心運動，則在軌道I的動能大于軌道II上的動能，故A錯誤；B.同在P點位置相同，萬有引力相同，則加速度相同，故B錯誤；CD.在軌道II上探測器只受萬有引力作用，則從P點運動到Q點的過程中，引力做正功，動能增大，機械能守恒，故C、D正確.10、AC【解析】

從圖象看到，從Q1到Q2電勢是先減小后增大，可以判斷Q1和Q2為同種正電荷，若P點位于中點，兩點電荷的電荷量相同，但是P點離Q2近點，說明Q1一定大于Q2;因此A正確B錯誤；沿著電場線的方向電勢降低，因此可以判斷OP之間得額場強方向向右，而PQ2之間的場強方向向左，因此D錯誤，圖像的斜率為場強，因此P點的場強為零，因此C正確11、BC【解析】

A、B項：ABC屬于同軸轉動，故他們的角速度相等，由v=ωr知，AC的半徑r相等，故線速度的大小相等，都大于B點的線速度，故A錯誤，B正確；C項：由a=ω2r知，A、C半徑相等，B點的半徑最小，故AC向心加速度相等，大于B的向心加速度，故C正確；D項：ABC屬于同軸轉動，故他們的角速度相等，各點的轉速是相等的。故D錯誤。12、AC【解析】從圖象可以看出，從0到的過程中B減速A加速，B的速度大于A的速度，彈簧被拉伸，時刻兩物塊達到共同速度2m/s，此時彈簧處于伸長狀態，A正確；從圖中可知從到時間內A做減速運動，B做加速運動，彈簧由壓縮狀態恢復到原長，即時刻彈簧處于壓縮狀態，時刻彈簧處于原長，故BD錯誤；由圖示圖象可知，時刻兩物體相同，都是2m/s，A、B系統動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：

，即，解得m1：m2=2：1，所以，在時刻根據能量守恒定律可得即，解得，C正確．二．填空題(每小題6分，共18分)13、B兩球相碰后反彈保證小球做平拋運動m1·OM＋m1·ON=m1·OPm1·OM1＋m1·ON1=m1·OP1【解析】

(1)[1].兩球同時落地，可知平拋運動在豎直方向上的運動規律與自由落體運動的規律相同，即平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，該實驗不能得出平拋運動在水平方向上的運動規律。A．只能說明平拋運動的水平方向做勻速直線運動的規律，與分析不符，故A項錯誤；B．只能說明平拋運動的豎直方向做自由落體運動的規律，與分析相符，故B項正確；C．不能說明上述AB規律中的任何一條，與分析不符，故C項錯誤；D．能同時說明上述AB兩條規律，與分析不符，故D項錯誤。(1)①[1].入射球質量應大于被碰球質量，即：m1＞m1，是為了防止兩球碰撞后入射球反彈，保證小球碰后速度方向不變。

[3]