2024屆山東省濟寧市任城區數學九上期末聯考模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（每題4分，共48分）1．如圖，⊙O中，點D，A分別在劣弧BC和優弧BC上，∠BDC=130°，則∠BOC=()A．120° B．110° C．105° D．100°2．如果兩個相似三角形的周長比是1：2，那么它們的面積比是（）A．1：2 B．1：4 C．1： D．：13．下列各式正確的是（）A． B．C． D．4．用一個平面去截一個圓錐，截面的形狀不可能是()A．圓 B．矩形 C．橢圓 D．三角形5．如圖，圓錐的底面半徑r為6cm，高h為8cm，則圓錐的側面積為（）A．30πcm2 B．48πcm2 C．60πcm2 D．80πcm26．拋物線經過點與，若，則的最小值為（）A．2 B． C．4 D．7．已知函數的圖象過點，則該函數的圖象必在（）A．第二、三象限 B．第二、四象限C．第一、三象限 D．第三、四象限8．下列說法：①三點確定一個圓；②任何三角形有且只有一個內切圓；③相等的圓心角所對的弧相等；④正多邊形一定是中心對稱圖形，其中真命題有（）A．1個 B．2個 C．3個 D．4個9．如圖，分別與相切于點，為上一點，，則（）A． B． C． D．10．如圖，在△ABC中，AB＝AC，D、E、F分別是邊AB、AC、BC的中點，若CE＝2，則四邊形ADFE的周長為()A．2 B．4 C．6 D．811．下列各點中，在函數y=－圖象上的是（）A．（﹣2，4） B．（2，4） C．（﹣2，﹣4） D．（8，1）12．已知點在線段上（點與點、不重合），過點、的圓記作為圓，過點、的圓記作為圓，過點、的圓記作為圓，則下列說法中正確的是（）A．圓可以經過點 B．點可以在圓的內部C．點可以在圓的內部 D．點可以在圓的內部二、填空題（每題4分，共24分）13．如圖，過軸上的一點作軸的平行線，與反比例函數的圖象交于點，與反比例函數，的圖象交于點，若的面積為3，則的值為__________．14．如圖，Rt△ABC中，∠ACB＝90°，BC＝3，tanA＝，將Rt△ABC繞點C順時針旋轉90°得到△DEC，點F是DE上一動點，以點F為圓心，FD為半徑作⊙F，當FD＝_____時，⊙F與Rt△ABC的邊相切．15．如圖，在△ABC中，AC＝4，BC＝6，CD平分∠ACB交AB于D，DE∥BC交AC于E，則DE的長為_____．16．如果關于x的方程x2-5x+a=0有兩個相等的實數根，那么a=_____.17．順次連接矩形各邊中點所得四邊形為_____．18．如圖，在平面直角坐標系中，四邊形和四邊形都是正方形，點在軸的正半軸上，點在邊上，反比例函數的圖象過點、．若，則的值為_____．三、解答題（共78分）19．（8分）如圖①，拋物線與軸交于，兩點（點位于點的左側），與軸交于點．已知的面積是．（1）求的值；（2）在內是否存在一點，使得點到點、點和點的距離相等，若存在，請求出點的坐標；若不存在，請說明理由；（3）如圖②，是拋物線上一點，為射線上一點，且、兩點均在第三象限內，、是位于直線同側的不同兩點，若點到軸的距離為，的面積為，且，求點的坐標．20．（8分）圖中是拋物線拱橋，點P處有一照明燈，水面OA寬4m，以O為原點，OA所在直線為x軸建立平面直角坐標系，已知點P的坐標為（3，）．（1）求這條拋物線的解析式；（2）水面上升1m，水面寬是多少？21．（8分）如圖，中，，，為內部一點，．求證：．22．（10分）已知ΔABC在平面直角坐標系中的位置如圖所示．（1）分別寫出圖中點A和點C的坐標；（2）畫出ΔABC繞點C按順時針方向旋轉；90°后的．23．（10分）“校園安全”越來越受到人們的關注，我市某中學對部分學生就校園安全知識的了解程度，采用隨機抽樣調查的方式，并根據收集到的信息進行統計，繪制了下面兩幅尚不完整的統計圖．根據圖中信息回答下列問題：（1）接受問卷調查的學生共有______人，條形統計圖中m的值為______；（2）扇形統計圖中“了解很少”部分所對應扇形的圓心角的度數為______；（3）若該中學共有學生1800人，根據上述調查結果，可以估計出該學校學生中對校園安全知識達到“非常了解”和“基本了解”程度的總人數為______人；（4）若從對校園安全知識達到“非常了解”程度的2名男生和2名女生中隨機抽取2人參加校園安全知識競賽，請用列表或畫樹狀圖的方法，求恰好抽到1名男生和1名女生的概率．24．（10分）在平面直角坐標系中，對“隔離直線”給出如下定義：點是圖形上的任意一點，點是圖形上的任意一點，若存在直線：滿足且，則稱直線：是圖形與的“隔離直線”，如圖，直線：是函數的圖像與正方形的一條“隔離直線”.

（1）在直線①，②，③，④中，是圖函數的圖像與正方形的“隔離直線”的為.（2）如圖，第一象限的等腰直角三角形的兩腰分別與坐標軸平行，直角頂點的坐標是，⊙O的半徑為，是否存在與⊙O的“隔離直線”？若存在，求出此“隔離直線”的表達式：若不存在，請說明理由；（3）正方形的一邊在軸上，其它三邊都在軸的左側，點是此正方形的中心，若存在直線是函數的圖像與正方形的“隔離直線”，請直接寫出的取值范圍.25．（12分）某水產品養殖企業為指導該企業某種產品的養殖和銷售，對歷年市場行情和水產品的養殖情況進行了調查．調查發現這種水產品的每千克售價（元）與銷售月份（月）滿足關系式+36，而其每千克成本（元）與銷售月份（月）滿足的函數關系如圖所示：（1）試確定、的值；（2）求出這種水產品每千克的利潤（元）與銷售月份（月）之間的函數關系式；（3）幾月份出售這種水產品每千克利潤最大?最大利潤是多少?26．某商場購進一種每件價格為90元的新商品，在商場試銷時發現：銷售單價x(元/件)與每天銷售量y(件)之間滿足如圖所示的關系．(1)求出y與x之間的函數關系式；(2)寫出每天的利潤W與銷售單價x之間的函數關系式，并求出售價定為多少時，每天獲得的利潤最大？最大利潤是多少？

參考答案一、選擇題（每題4分，共48分）1、D【分析】根據圓內接四邊形的性質，對角互補可知，∠D+∠BAC=180°，求出∠D，再利用圓周角定理即可得出．【詳解】解：∵四邊形ABDC為圓內接四邊形∴∠A+∠BDC=180°∵∠BDC=130°∴∠A=50°∴∠BOC=2∠A=100°故選：D．【點睛】本題考查了圓內接四邊形的性質，圓周角定理，掌握圓內接四邊形的性質是解題的關鍵．2、B【分析】直接根據相似三角形的性質即可得出結論．【詳解】解：∵兩個相似三角形的周長比是1：2，∴它們的面積比是：1：1．故選：B．【點睛】本題考查相似三角形的性質，掌握相似三角形的周長比等于相似比，面積比等于相似比的平方是解題的關鍵．3、B【分析】根據二次根式的性質，同類二次根式的定義，以及二次根式的除法，分別進行判斷，即可得到答案.【詳解】解：A、無法計算，故A錯誤；B、，故B正確；C、，故C錯誤；D、，故D錯誤；故選：B.【點睛】本題考查了二次根式的性質，同類二次根式的定義，解題的關鍵是熟練掌握二次根式的性質進行解題.4、B【分析】利用圓錐的形狀特點解答即可.【詳解】解：平行于圓錐的底面的截面是圓，故A可能;截面不可能是矩形，故B符合題意；斜截且與底面不相交的截面是橢圓，故C可能;過圓錐的頂點的截面是三角形，故D可能.故答案為B.【點睛】本題主要考查了截一個幾何體所得的截面的形狀，解答本題的關鍵在于明確截面的形狀既與被截的幾何體有關，還與截面的角度和方向有關.5、C【分析】首先利用勾股定理求出圓錐的母線長，再通過圓錐側面積公式可以求得結果．【詳解】∵h＝8，r＝6，可設圓錐母線長為l，由勾股定理，l＝＝10，圓錐側面展開圖的面積為：S側＝×1×6π×10＝60π，所以圓錐的側面積為60πcm1．故選：C．【點睛】本題主要考查圓錐側面積的計算公式，解題關鍵是利用底面半徑及高求出母線長即可．6、D【分析】將點A、B的坐標代入解析式得到y1與y2，再根據，即可得到答案.【詳解】將點A、B的坐標分別代入，得，，∵，∴，得：b，∴b的最小值為-4，故選：D.【點睛】此題考查二次函數點與解析式的關系，解不等式求取值，正確理解題意是解題的關鍵.7、B【解析】試題分析：對于反比例函數y=，當k>0時，函數圖像在一、三象限；當k<0時，函數圖像在二、四象限.根據題意可得：k=－2.考點：反比例函數的性質8、A【分析】根據圓的性質、三角形內切圓的性質、圓心角的性質以及中心對稱圖形的知識，依次分析可得出正確的命題，即可得出答案．【詳解】①不共線的三點確定一個圓，錯誤，假命題；②任何三角形有且只有一個內切圓，正確，真命題；③在同一個圓中,圓心角相等所對的弧也相等,錯誤，假命題；④正五邊形、正三角形都不是中心對稱圖形，錯誤，假命題；故答案為A.【點睛】本題考查了圓的性質、三角形內切圓的性質、圓心角的性質以及中心對稱圖形的知識，解題時記牢性質和判定方法是關鍵．9、A【分析】連接OA，OB，根據切線的性質定理得到∠OAP=90°，∠OBP=90°，根據四邊形的內角和等于360°求出∠AOB，最后根據圓周角定理解答．【詳解】解：連接OA，OB，

∵PA，PB分別與⊙O相切于A，B點，

∴∠OAP=90°，∠OBP=90°，

∴∠AOB=360°-90°-90°-66°=114°，

由圓周角定理得，∠C=∠AOB=57°，

故選：A．【點睛】本題考查的是切線的性質、圓周角定理，掌握在同圓或等圓中，同弧或等弧所對的圓周角等于這條弧所對的圓心角的一半是解題的關鍵．10、D【分析】根據三角形的中點的概念求出AB、AC，根據三角形中位線定理求出DF、EF，計算得到答案.【詳解】解：∵點E是AC的中點，AB＝AC，∴AB＝AC＝4，∵D是邊AB的中點，∴AD＝2，∵D、F分別是邊、AB、BC的中點，∴DF＝AC＝2，同理，EF＝2，∴四邊形ADFE的周長＝AD+DF+FE+EA＝8，故選：D.【點睛】本題考查的是三角形中位線定理，三角形的中位線平行于第三邊，且等于第三邊的一半．11、A【分析】所有在反比例函數上的點的橫縱坐標的積應等于比例系數．本題只需把所給點的橫縱坐標相乘，結果是﹣8的，就在此函數圖象上【詳解】解:-2×4=-8故選:A【點睛】本題考查反比例函數圖象上點的坐標特征，掌握反比例函數性質是本題的解題關鍵．12、B【分析】根據已知條件確定各點與各圓的位置關系，對各個選項進行判斷即可．【詳解】∵點C在線段AB上（點C與點A、B不重合），過點A、B的圓記作為∴點C可以在圓的內部，故A錯誤，B正確；∵過點B、C的圓記作為圓∴點A可以在圓的外部，故C錯誤；∴點B可以在圓的外部，故D錯誤．故答案為B．【點睛】本題考查了點與圓的位置關系，根據題意畫出各點與各圓的位置關系進行判斷即可．二、填空題（每題4分，共24分）13、-6.【分析】由AB∥x軸，得到S△AOP=，S△BOP=，根據的面積為3得到，即可求得答案.【詳解】∵AB∥x軸，∴S△AOP=，S△BOP=，∵S△AOB=S△AOP+S△BOP=3，∴，∴-m+n=6，∴m-n=-6，故答案為：-6.【點睛】此題考查反比例函數中k的幾何意義，由反比例函數圖象上的一點作x軸（或y軸）的垂線，再連接此點與原點，所得三角形的面積為，解題中注意k的符號.14、或【分析】如圖1，當⊙F與Rt△ABC的邊AC相切時，切點為H，連接FH，則HF⊥AC，解直角三角形得到AC＝4，AB＝5，根據旋轉的性質得到∠DCE＝∠ACB＝90°，DE＝AB＝5，CD＝AC＝4，根據相似三角形的性質得到DF＝；如圖2，當⊙F與Rt△ABC的邊AC相切時，延長DE交AB于H，推出點H為切點，DH為⊙F的直徑，根據相似三角形的性質即可得到結論．【詳解】如圖1，當⊙F與Rt△ABC的邊AC相切時，切點為H，連接FH，則HF⊥AC，∴DF＝HF，∵Rt△ABC中，∠ACB＝90°，BC＝3，tanA＝＝，∴AC＝4，AB＝5，將Rt△ABC繞點C順時針旋轉90°得到△DEC，∴∠DCE＝∠ACB＝90°，DE＝AB＝5，CD＝AC＝4，∵FH⊥AC，CD⊥AC，∴FH∥CD，∴△EFH∽△EDC，∴＝，∴＝，解得：DF＝；如圖2，當⊙F與Rt△ABC的邊AC相切時，延長DE交AB于H，∵∠A＝∠D，∠AEH＝∠DEC∴∠AHE＝90°，∴點H為切點，DH為⊙F的直徑，∴△DEC∽△DBH，∴＝，∴＝，∴DH＝，∴DF＝，綜上所述，當FD＝或時，⊙F與Rt△ABC的邊相切，故答案為：或．【點睛】本題考查了切線的判定和性質，相似三角形的判定和性質，旋轉的性質，正確的作出輔助線是解題的關鍵．15、2.1【分析】由條件可證出DE＝EC，證明△AED∽△ACB，利用對應邊成比例的知識，可求出DE長．【詳解】∵CD平分∠ACB交AB于D，∴∠ACD＝∠DCB，又∵DE∥BC，∴∠EDC＝∠DCB，∴∠ACD＝∠EDC，∴DE＝EC，設DE＝x，則AE＝1﹣x，∵DE∥BC，∴△AED∽△ACB，∴，即，∴x＝2.1．故答案為：2.1．【點睛】此題主要考查相似三角形的判定與性質，解題的關鍵根據相似三角形找到對應線段成比例.16、【分析】若一元二次方程有兩個相等的實數根，則方程的根的判別式等于0，由此可列出關于a的等式，求出a的值．【詳解】∵關于x的方程x2-5x+a=0有兩個相等的實數根，∴△=25-4a=0，即a=．故答案為：.【點睛】一元二次方程根的情況與判別式△的關系：（1）△＞0?方程有兩個不相等的實數根；（2）△=0?方程有兩個相等的實數根；（3）△＜0?方程沒有實數根．17、菱形【詳解】解：如圖，連接AC、BD，∵E、F、G、H分別是矩形ABCD的AB、BC、CD、AD邊上的中點，∴EF=GH=AC，FG=EH=BD（三角形的中位線等于第三邊的一半），∵矩形ABCD的對角線AC=BD，∴EF=GH=FG=EH，∴四邊形EFGH是菱形．故答案為菱形．考點：三角形中位線定理；菱形的判定；矩形的性質．18、【分析】設正方形ODEF的邊長為，則E，B，再代入反比例函數求出k的值即可．【詳解】設正方形ODEF的邊長為，則E，B，

∵點B、E均在反比例函數的圖象上，

∴解得：或(舍去)，當時，．故答案為：．【點睛】本題是反比例函數與幾何的綜合，考查了反比例函數圖象上點的坐標特點，正方形的性質，熟知反比例函數圖象上各點的坐標一定適合此函數的解析式是解答此題的關鍵．三、解答題（共78分）19、（1）-3；（2）存在點，使得點到點、點和點的距離相等；（3）坐標為【分析】（1）令，求出x的值即可求出A、B的坐標，令x=0，求出y的值即可求出點C的坐標，從而求出AB和OC，然后根據三角形的面積公式列出方程即可求出的值；（2）由題意，點即為外接圓圓心，即點為三邊中垂線的交點，利用A、C兩點的坐標即可求出、的中點坐標，然后根據等腰三角形的性質即可得出線段的垂直平分線過原點，從而求出線段的垂直平分線解析式，然后求出AB中垂線的解析式，即可求出點的坐標；（3）作軸交軸于，易證，從而求出，利用待定系數法和一次函數的性質分別求出直線AC、BP的解析式，和二次函數的解析式聯立，即可求出點P的坐標，然后利用SAS證出，從而得出，設，利用平面直角坐標系中任意兩點之間的距離公式即可求出m，從而求出點Q的坐標．【詳解】解：（1）令，即解得，由圖象知：，∴AB=1令x=0，解得y=∴點C的坐標為∴OC=解得：，（舍去）（2）存在，由題意，點即為外接圓圓心，即點為三邊中垂線的交點，，，、的中點坐標為線段的垂直平分線過原點，設線段的垂直平分線解析式為：，將點的坐標代入，得解得：∴線段的垂直平分線解析式為：由，，線段的垂直平分線為將代入，解得：存在點，使得點到點、點和點的距離相等（3）作軸交軸于，則∴、到的距離相等，設直線，將，代入，得解得即直線，∴設直線解析式為：直線經過點所以：直線的解析式為聯立，解得：點坐標為又，，設AP與QB交于點G∴GA=GQ，GP=GB，在與中，，設由得：解得：，（當時，，故應舍去）坐標為．【點睛】此題考查的是二次函數的綜合大題，掌握求拋物線與坐標軸的交點坐標、利用待定系數法求一次函數的解析式、三角形外心的性質、利用SAS判定兩個三角形全等和平面直角坐標系中任意兩點之間的距離公式是解決此題的關鍵．20、（1）y=﹣x2+2x；（2）2m【分析】（1）利用待定系數法求解可得；

（3）在所求函數解析式中求出y=1時x的值即可得．【詳解】解：（1）設拋物線的解析式為y=ax2+bx+c，將點O（0，0）、A（4，0）、P（3，）代入，得：解得：，所以拋物線的解析式為y=﹣x2+2x；（2）當y=1時，﹣x2+2x=1，即x2﹣4x+2=0，解得：x=2，則水面的寬為2+﹣（2﹣）=2（m）．答：水面寬是：2m．【點睛】考查二次函數的應用，掌握待定系數法求二次函數解析式是解題的關鍵．21、詳見解析【分析】利用等式的性質判斷出∠PBC=∠PAB，即可得出結論；【詳解】解：，，又,，，又，．【點睛】此題主要考查了相似三角形的判定和性質，等腰直角三角形的性質，判斷出∠PBC=∠PAB是解本題的關鍵．22、（1）A(0，4)，C(3，1)；（2）詳見解析【分析】（1）直接從平面直角坐標系寫出點A和點C的坐標即可；（2）根據找出點A、B、C繞點C順時針方向旋轉90°后的對應點A'、B'、C'的位置，然后順次連接即可．【詳解】解：（1）由圖可得，A（0，4）、C（3，1）；（2）如圖，△A'B'C'即為所求．【點睛】本題考查了利用旋轉變換作圖和平面直角坐標系，根據旋轉的性質準確找出對應點是解答本題的關鍵．23、（1）60，10；（2）96°；（3）1020；（4）【分析】(1)根據基本了解的人數以及所占的百分比可求得接受調查問卷的人數，進行求得不了解的人數，即可求得m的值；(2)用360度乘以“了解很少”的比例即可得；(3)用“非常了解”和“基本了解”的人數和除以接受問卷的人數，再乘以1800即可求得答案；(4)畫樹狀圖表示出所有可能的情況數，再找出符合條件的情況數，利用概率公式進行求解即可.【詳解】(1)接受問卷調查的學生共有(人)，，故答案為60，10；(2)扇形統計圖中“了解很少”部分所對應扇形的圓心角的度數，故答案為96°；(3)該學校學生中對校園安全知識達到“非常了解”和“基本了解”程度的總人數為：(人)，故答案為1020；(4)由題意列樹狀圖：由樹狀圖可知，所有等可能的結果有12

種，恰好抽到1名男生和1名女生的結果有8種，∴恰好抽到1名男生和1名女生的概率為．【點睛】本題考查了條形統計圖與扇形統計圖信息關聯，列表法或樹狀圖法求概率，弄清題意，讀懂統計圖，從中找到必要的信息是解題的關鍵.24、(1)①④;(2);(3)或【分析】(1)根據的“隔離直線”的定義即可解決問題；(2)存在，連接，求得與垂直且過的直接就是“隔離直線”，據此即可求解；(3)分兩種情形正方形在x軸上方以及在x軸下方時，分別求出正方形的一個頂點在直線上時的t的值即可解決問題．【詳解】(1)根據的“隔離直線”的定義可知，是圖1函數的圖象與正方形OABC的“隔離直線”；直線也是圖1函數的圖象與正方形OABC的“隔離直線”；而與不滿足圖1函數的圖象與正方形OABC的“隔離直線”的條件；

故答案為：①④；(2)存在，理由如下：連接，過點作軸于點，如圖，在Rt△DGO中，，∵⊙O的半徑為，

∴點D在⊙O上．

過點D作DH⊥OD交y軸于點H，

∴直線DH是⊙O的切線，也是△EDF與⊙O的“隔離直線”．設直線OD的解析式為，將點D(2，1)的坐標代入得，解得：，∵DH⊥OD，∴設直線DH的解析式為，將點D(2，1)的坐標代入得，解得：，∴直線DH的解析式為，∴“隔離直線”的表達式為；(3)如圖：由題意點F的坐標為()，當直線經過點F時，，

∴，

∴直線，即圖中直線EF，

∵正方形A1B1C1D1的中心M(1，t)，

過點作⊥y軸于點G，∵點是正方形的中心，且，∴B1C1，，∴正方形A1B1C1D1的邊長為2，

當時，，∴點C1的坐標是()，此時直線EF是函數)的圖象與正方形A1B1C1D1的“隔