2024屆內蒙古包頭市北方重工業集團有限公司第三中學物理高一上期中聯考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、10月21日至23日，我校舉行了校運會。在男子400米跑決賽中，某同學跑完全程用時55秒，取得了第一名的好成績。關于該項目的描述，下列說法正確的是、A．研究跑步動作時可將該同學看成質點B．全程的平均速度約為7.28m/sC．全程的任意時刻對應的瞬時速度都是該同學大D．55秒指的是時間2、在下圖中，A、B表面均光滑，天花板和地面均水平。A、B間一定有彈力的是()A． B． C． D．3、如圖所示，用三根相同的輕彈簧固定一只重量為G的鐵球P。靜止時a、b與水平方向的夾角均為30o，c在豎直方向。a、b、c對鐵球的彈力大小不可能是以下哪組？A．0.5G、0.5G、0.5GB．G、G、0C．G、G、GD．2G、2G、G4、關于自由落體運動，正確的說法是（）A．在空氣中不考慮空氣阻力的都是自由落體運動B．物體做自由落體運動時不受任何外力作用C．質量大的物體，受到的重力也大，落地時的速度也越大D．自由落體運動是初速度為零、加速度為重力加速度的勻加速直線運動5、扎比瓦卡（俄語意為“進球者”）是2018年俄羅斯世界杯足球賽吉祥物，該吉祥物以西伯利亞平原狼為藍本，如圖所示．若足球被“扎比瓦卡”踢到空中，足球飛行時受到的力有A．腳對球的作用力B．重力、腳對球的作用力C．重力、空氣對球的作用力D．重力、腳對球的作用力、空氣對球的作用力6、關于力，下列說法正確的是()A．沒有施力物體的力是存在的B．靜止的物體所受的靜摩擦力一定為零C．施力物體同時也是受力物體D．地面上的物體受到的支持力是由于物體自身發生了形變而引起的7、木箱重G1，人重G2，人站在木箱里用力F向上推木箱，如下圖所示，則有（）A．人對木箱底的壓力大小為（G2+F）B．人對木箱底的壓力大小為（G2—F）C．木箱對地面的壓力大小為（G2+G2—F）D．木箱對地面的壓力大小為（G2+G2）8、自高為H的塔頂自由落下A物體的同時，B物體自塔底以初速度v0豎直上拋，且A、B兩物體在同一直線上運動．重力加速度為g，下面說法正確的是()A．若，則兩物體在B上升過程中相遇B．若，則兩物體在地面相遇C．若，則兩物體相遇時B正在空中下落D．若，則兩物體恰好在落地瞬間相遇9、一質點做直線運動在0～4s內的v－t圖像如圖所示，下列說法正確的是A．前3s內的平均速度大于第4s內的平均速度B．前3s內的平均速度等于第2s末的瞬時速度C．前3s內的位移和前4s內的位移大小之比為3∶4D．前3s內的加速度和第4s內的加速度大小之比為1∶310、公交車進站時的剎車過程可近似看作勻減速直線運動，剛進站時速度為5m/s，加速度大小為1m/s1．則下列判斷正確的是A．剎車進站所需時間為5sB．3s末的速度為1m/sC．1s內的位移為11mD．6s內的位移為11m11、地球赤道上的重力加速度為，物體在赤道上隨地球自轉的向心加速度為，衛星甲、乙、丙在如圖所示三個橢圓軌道上繞地球運行，衛星甲和乙的運行軌道在P點相切，以下說法中正確的是（）A．如果地球自轉的角速度突然變為原來的倍，那么赤道上的物體將會“飄”起來B．衛星甲、乙經過P點時的加速度大小相等C．衛星甲的周期最大D．三個衛星在遠地點的速度可能大于第一宇宙速度12、關于重力、彈力和摩擦力，下列說法正確的是A．重力的方向總是豎直向下B．相互接觸的物體之間一定有彈力C．物體受到的滑動摩擦力的方向總與物體運動方向相反D．兩個物體之間有摩擦力，則一定有彈力二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖，在“測定勻變速直線運動加速度”的實驗中得到的一條紙帶上，從0點開始記錄幾個計數點，依次編為1、2、3、4、5、6，這些相鄰的計數點之間還有4個點未畫出（打點計時器的電源頻率是50Hz），測得s1=1.22cm，s2=2.00cm，s3=2.78cm，s4=3.56cm，s5=4.34cm，求：(1)相鄰兩計數點間的時間間隔為T=_____s.(2)打點計時器打計數點2時，小車的速度大小是v=_____m/s（計算結果保留兩位有效數字）.(3)小車的加速度a的大小為_____m/s2.14、（10分）在研究小車速度隨時間變化關系的實驗中，讓小車在橡皮筋的作用下從靜止彈出，打點計時器在與小車連接的紙帶上打出一系列的點．從紙帶上的A點開始，每5個點取1個計數點，相鄰計數點間的距離如圖所示．已知打點計時器電源的頻率為50Hz，通過分析紙帶數據可判斷：（1）小車速度的變化情況是________，小車運動的最大速度在________(填表示計數點的字母)兩個相鄰的計數點之間；（2）電火花計時器是使用__________電源的_________儀器，它的工作電壓為______V，每隔__________s打一點．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示為四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前得到越來越廣泛的應用．一架質量m＝2kg的無人機，其動力系統所能提供的最大升力F＝36N，運動過程中所受空氣阻力大小恒為f＝4N．g取10m/s2.(1)無人機在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛．求在t＝5s時離地面的高度h；(2)當無人機懸停在距離地面高度H＝100m處，由于動力設備故障，無人機突然失去升力而墜落．求無人機墜落地面時的速度v多大？16、（12分）一輛汽車正在以72km/h的速度勻速行駛，突然，司機看見車的正前方有一只貓靜止在路中央，司機立即采取制動措施。司機的反應時間是0.5秒，汽車勻減速加速度大小為5m/s2，若從司機看見貓開始計時（）。(1)汽車勻減速時間是多少？(2)畫出汽車的圖象(3)汽車從司機發現貓至停止運動的這段時間內前進的位移x是多少？17、（12分）如圖所示，三個物塊重均為100N，疊放于水平桌面上。小球P重30N，掛在c繩下端，a繩一端系在物塊3上，b繩一端系在水平天花板上，現用水平向左的拉力F＝20N作用在物塊2上，整個系統處于靜止狀態時，a繩水平，b繩與水平方向成45°角。求：(1)a、b繩中的拉力；(2)物塊1對物塊2、物塊2對物塊3、桌面對物塊的摩擦力。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解題分析】

A．研究跑步動作時運動員的大小和形狀不能忽略，不可將該同學看成質點，選項A錯誤；B．400m跑道是閉合的曲線，位移為零，則全程的平均速度為零，選項B錯誤；C．全程的任意時刻對應的瞬時速度不一定都是該同學大，選項C錯誤；D．55秒指的是時間，選項D正確。2、B【解題分析】

A.若A、B之間有彈力，則兩物體水平方向不能平衡，故A、B之間無彈力，故A錯誤；B.A、B兩小球之間有擠壓，故有彈力，故B正確；C.若A、B兩小球之間有彈力，則B小球會向右運動，故A、B之間無彈力，故C錯誤；D.若A對B球有彈力，則B球受到重力、繩向上的拉力，斜向左上的彈力，無法平衡，A、B之間無彈力，故D錯誤。故選B。3、C【解題分析】

球受到重力和三個彈力而平衡，只要三個彈力的合力為G且向上即可；A、若a、b彈簧是拉力，c彈簧是支持力，則三個彈簧的彈力的合力為G，向上，故A正確；B、若a、b彈簧是拉力，則三個彈簧的彈力的合力為G，向上，故B正確；C、a、b彈簧的彈力的合力為G，與C彈簧的彈力的合力只能為2G或者0，不可能為G，故C錯誤；D、a、b彈簧的彈力的合力為2G，c彈簧是拉力，則三個彈簧的彈力的合力為G，向上，故D正確；本題選擇不可能故選C。4、D【解題分析】

A．自由落體運動的特點是初速度為零，僅受重力，不受空氣阻力的運動不一定是自由落體運動，故A錯誤；B．做自由落體運動的物體僅受重力，故B錯誤；C．自由落體的加速度恒為g，根據可知，物體落地的速度的大小只與高度有關，與物體的質量無關。故C錯誤；D．自由落體運動是初速度為0，只受重力，加速度恒為g的勻加速直線運動。故D正確。故選D。5、C【解題分析】

踢到空中的足球受到豎直向下的重力作用和空氣對球的阻力作用，故選項C正確，選項ABD錯誤．【題目點撥】本題考查了受力分析，注意足球在飛行過程中運動員對球沒有作用力．6、C【解題分析】A.力是物體對物體的作用，沒有施力物體的力或沒有受力物體的力都是不存在的，A錯誤；B.靜止物體所受靜摩擦力不一定為零，當靜止物體相對接觸物體有相對運動趨勢時，也會受到靜摩擦力，故B錯誤；C.根據力作用的相互性，施力物體同時也是受力物體，C正確；D.地面上的物體受到的支持力是由于地面發生了形變要恢復原來的形狀而對物體的力，D錯誤。故選：C。7、AD【解題分析】

AB、對人分析，人受到重力、箱子對人的支持力，箱頂對人的壓力，根據平衡有：N=G2+F．故A正確，B錯誤；CD、對整體分析，受總重力和支持力，有：N′=G1+G2，則壓力與支持力的大小相等，為G1+G2，故C錯誤，D正確；故選AD．8、AC【解題分析】

若B球正好運動到最高點時相遇，則有：B速度減為零所用的時間：，，，解得：當ab兩球恰好在落地時相遇，則有：此時A的位移解得：A.若，則兩物體在B上升過程中相遇，故A正確。B.若，則兩物體在B球正好運動到最高點時相遇，故B錯誤。C.若，則兩物體相遇時B正在空中下落，故C正確。D.若，則兩物體恰好在落地瞬間相遇，故D錯誤。9、CD【解題分析】根據勻變速運動推論可知：某段時間內的平均速度等于初末速度之和的一半即：前3s內的平均速度為，第4s內的平均速度為，由此可知平均速度相等，故A錯誤；前3s內的平均速度為，第2s末的瞬時速度為，故B錯誤；根據圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，前3s內的位移為，前4s內的位移為：，所以，故C正確；前3s內的加速度，第4s內的加速度，所以加速度之比為：，故D正確。所以CD正確，AB錯誤。10、AB【解題分析】

公交車進站停車的時間：t'=0-v0a=0-5-1s=5s，根據速度時間公式可得3s末的速度為：v3=v0-at=5-1×3m/s=2m/s，故B正確；1s內的位移：x11、BC【解題分析】

A．使地球上的物體票“飄”起來即物體處于完全失重狀態，即此時物體所受地球的重力完全提供物體隨地球自轉時的向心力則有：當物體飄起來的時候，萬有引力完全提供向心力，則此時物體的向心加速度為：即此時的向心加速度：a′=g+a根據向心加速度和轉速的關系有：可得：故A錯誤．B．根據牛頓第二定律得：得衛星的加速度：M是地球的質量，r是衛星到地心的距離，衛星甲、乙分別經過P點時r相同，則加速度相等．故B正確；C．根據開普勒第三定律知，橢圓半長軸越大，衛星的周期越大，衛星甲的半長軸最大，故甲的周期最大．故C正確．D．根據萬有引力提供向心力，得：軌道半徑越小，速度越大，當軌道半徑最小等于地球半徑時，速度等于第一宇宙速度．假設一位衛星繞經過遠地點的圓軌道做圓周運動，則此衛星的速度一定小于第一宇宙速度，衛星從該軌道進入橢圓軌道，要做減速運動，速度要變小，故三個衛星的速度均小于第一宇宙速度．故D錯誤．12、AD【解題分析】

A．重力的方向總是豎直向下，故A正確；B．相互接觸、發生彈性形變的物體之間一定有彈力，相互接觸的物體之間不一定有彈力，故B錯誤；C．物體受到的滑動摩擦力的方向總與物體相對運動方向相反，不一定與物體運動方向相反，故C錯誤；D．摩擦力產生的條件是相互接觸、相互擠壓、有相對運動（趨勢），所以兩個物體之間有摩擦力，則一定有彈力，故D正確．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、0.10.240.78【解題分析】

(1)打點計時器打點的周期為0.02s，根據相鄰的計數點之間間隔數求相鄰兩計數點間的時間間隔；(2)打點計時器打計數點2時，小車的速度大小等于1、3間的平均速度；(3)根據△x=aT2，運用逐差法可以得出正確結論.【題目詳解】(1)打點計時器的打點周期T0=0.02s，所以相鄰兩計數點間的時間間隔為：T=5T0=0.1s.(2)根據勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度可得：.(3)根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2得：s3-s1=2a1T2,s4-s2=2a2T2,為了更加準確的求解加速度，我們對兩個加速度取平均值,得：，聯立得:，代入數據解得:a=0.78m/s2.【題目點撥】解決本題的關鍵要掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用.14、(1)先增大后減小；E、F；(2)交流；計時；220；0.02；【解題分析】(1)由兩點間的時間間隔相同，距離大的則速度大，紙帶上打出一系列的點的間距先增大后減小，所以小車速度的變化情況是先增大后減小，EF的間距最大，所以小車運動的最大速度在EF兩個相鄰的計數點之間；(2)電火花打點計時器是使用220V交流電源的計時儀器，其打點周期與交流電的周期相同，交流電頻率為50赫茲，則其打點周期為0.02s．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）75m（2）40m/s【解題分析】

（1）分析無人機的受力情況，根據牛頓第二定律求出上升的加速度，結合位移時間公式求出上升的高度h。（2）無人機突然失去升力而墜落后做勻加速運動，根據牛頓第二定律求出下降的加速度大小，結合速度位移公式求出落地的速度。【題目詳解】（1）設無人機上升時加速度大小為a，由牛頓第二定律，有F－mg－f＝ma解得a＝6m