遼寧省阜新蒙古族自治縣蒙古族實驗中學2024屆高二物理第一學期期中質量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一電子沿等量異種電荷的中垂線由A→O→B勻速飛過，電子重力不計，則電子除受電場力外，所受的另一個力的大小和方向變化情況是()A．先變大后變小，方向水平向左B．先變大后變小，方向水平向右C．先變小后變大，方向水平向左D．先變小后變大，方向水平向右2、如圖所示，一個物體沿固定斜面勻速下滑，關于物體所受的力，下列說法中正確的是()A．物體所受合力的方向沿斜面向下B．物體所受重力和支持力的合力的方向沿斜面向下C．物體所受的重力和支持力大小相等D．物體勻速下滑的速度越大，表明它所受的摩擦力越小3、在如圖所示的實驗中，能在線圈中產生感應電流的是A．磁鐵N極停在線圈中 B．磁鐵S極停在線圈中C．磁鐵從線圈內抽出的過程 D．磁鐵靜止在線圈左側4、如圖，一束電子沿z軸正向流動，則在圖中y軸上A點的磁場方向是（）A．+x方向 B．﹣x方向 C．+y方向 D．﹣y方向5、如圖所示，先接通S使電容器充電，然后斷開S，當增大兩極板間距離時，電容器所帶電荷量Q、電容C、兩板間電勢差U、電容器兩極板間場強E的變化情況是（）A．Q變小，C不變，U不變，E變小 B．Q不變，C變小，U變大，E不變C．Q變小，C變小，U不變，E不變 D．Q不變，C變小，U變小，E變小6、如圖所示，小磁針放置在螺線軸線的左側。當螺線管通以恒定電流時，不計其它磁場的影響，小磁針靜止時N極的指向是（）A．向右 B．向左 C．向上 D．向下二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一根長為0.2m、電流為2A的通電導線,放在磁感應強度為0.5T的勻強磁場中,受到磁場力的大小可能是()A．0.4N B．0.3N C．0.2N D．08、如圖所示，一輕彈簧的兩端與質量分別為和的兩物塊甲、乙連接，靜止在光滑的水平面上．現在使甲瞬時獲得水平向右的速度，當甲物體的速度減小到1m/s時，彈簧最短．下列說法正確的是()A．此時乙物體的速度也是1m/s B．緊接著甲物體將開始做加速運動C．甲乙兩物體的質量之比 D．當彈簧恢復原長時，乙物體的速度大小也為4m/s9、圖是某物體在水平地面上沿直線運動的v-t圖像，在0~4s內（）A．物體的初速度為0B．物體做勻減速直線運動C．2s末物體的速度為1m/sD．物體的加速度方向與速度方向相同10、如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r．當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，發現電壓表V1、V2示數變化的絕對值分別為ΔU1和ΔU2，下列說法中正確的是（）A．小燈泡L1、L3變暗，L2變亮B．小燈泡L3變暗，L1、L2變亮C．ΔU1<ΔU2D．ΔU1>ΔU2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，現備有以下器材:A．電池組(3V，內阻10Ω)；B．電流表(0～3A，內阻0.0125Ω)；C．電流表(0～0.6A，內阻0.125Ω)；D．電壓表(0～3V，內阻3kΩ):E.電壓表(0～15V，內阻15kΩ,)；F.滑動變阻器(0～50Ω，額定電流1A)；G.滑動變阻器(0～5000Ω，額定電流0.3A)；H.開關、導線(1)上述器材中電流表應選______，電壓表應選______，滑動變阻器應選_____(填寫各器材前的字母代號);(2)實驗電路應采用電流表_____接法(填“內”或“外”);(3)該實驗中，電流表、電壓表的某組示數如圖所示，圖示中I=____A，U=____V;（4）在測定該金屬導線的直徑時，螺旋測微器的讀數如圖所示，可知該金屬絲的直徑d＝________mm.12．（12分）用如圖甲所示的電路圖研究燈泡L（2.4V，1.0W）的伏安特性，并測出該燈泡在額定電壓下正常工作時的電阻值，檢驗其標示的準確性。除了開關、導線外，還有如下器材：電壓表V，量程選擇0～3V，內阻約5KΩ電流表A，量程選擇0～600mA，內阻約0.5Ω滑動變阻器R1，最大阻值10Ω，額定電流2.0A滑動變阻器R2，最大阻值100Ω，額定電流1.0A直流電源E，電動勢約為6V，內阻約為0.5Ω（1）上述器材中，滑動變阻器應選______。（填器材符號）（2）在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應放在___________端。（選填“a”或“b”）（3）根據電路圖，請在圖乙中以筆劃線代替導線將實物圖補充完整__________。（4）實驗后作出的I—U圖象如圖丙所示，圖中曲線彎曲的主要原因是：_______________。（5）根據所得到的圖象如圖丙所示，求出它在額定電壓（2.4V）下工作時的電阻值R=____Ω，這個測量值比真實值偏_________。(選填“大”或“小”)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一束電荷量為q、質量為m的帶正電粒子從O點由靜止開始經過加速電壓為U的勻強電場加速后，均能從邊界AN的中點P垂直于AN和磁場方向射入磁感應強度大小B＝(B為定值，不隨加速電壓U的改變而改變)的勻強磁場中，已知：勻強電場的寬度d＝R，勻強磁場由一個長為2R、寬為R的矩形區域組成，磁場方向垂直紙面向里，粒子間的相互作用和重力均不計。試求：(1)帶正電粒子經加速電壓U加速后的速度v的大小；(2)每個粒子在電場中運動的時間；(3)每個粒子在電磁場中運動的總時間．14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長L=8cm，兩板間距離d=8cm，A板比B板電勢高300V．一帶正電的粒子電荷量，質量，沿電場中心線RO垂直電場線飛入電場，初速度，粒子飛出平行板電場后經過界面MN、PS間的無電場區域后，進入固定在O點的點電荷Q形成的電場區域，（設界面PS右邊點電荷的電場分布不受界面的影響）．已知兩界面MN、PS相距為，D是中心線RO與界面PS的交點，O點在中心線上，距離界面PS為，粒子穿過界面PS后做圓周運動最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc上．靜電力常數，粒子重力忽略不計．（結果保留到小數點后面兩位）（1）求粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離y；（2）求粒子到達PS界面時離D點的距離Y和速度大小v；（3）確定點電荷Q的電性并求其電荷量的大小．15．（12分）AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑，圓心為O．將電荷量分別為＋q和－q的兩點電荷放在圓周上，其位置關于AB對稱且距離等于圓的半徑，如圖所示．要使圓心處的電場強度為零，可在圓周上再放一個適當的點電荷Q，則該點電荷Q應該放在圓周上的什么位置？電量如何？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

根據等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強度的方向不變，水平向右，電場強度的大小先增大后減小，則電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向左，則外力的大小先變大后變小，方向水平向右。故選B。2、B【解題分析】試題分析：物體受到重力、支持力及摩擦力而做勻速直線運動，由共點力的平衡條件可知物體所受合力為零，故A錯誤；物體受到的摩擦力沿斜面向上，因物體受三個力而處于平衡，故重力與支持力的合力的方向一定與摩擦力方向相反，故二力的合力一定沿斜面向下，故B正確；在垂直于斜面方向上，物體受到的合力應為零，故支持力應等于重力垂直于斜面的分力，即支持力小于重力，故C錯誤；滑動摩擦力F=μF考點：考查了共點力平衡條件的應用點評：在研究共點力的平衡時，應注意兩種方法，若物體受三力而平衡時，常用合成法，即任意兩力之和與第三力大小相等，方向相反；若物體受四力及以上時，可以采用正交分解法，應根據題意靈活掌握．3、C【解題分析】磁鐵N極停在線圈中，穿過線圈的磁通量不變，不能產生感應電流．故A錯誤．磁鐵S極停在線圈中，穿過線圈的磁通量不變，不能產生感應電流．故B錯誤．磁鐵從線圈內抽出的過程，穿過線圈的磁通量減小，能產生感應電流．故C正確．磁鐵靜止在線圈左側，穿過線圈的磁通量不變，不能產生感應電流．故D錯誤．故選C.4、A【解題分析】

據題意，電子流沿z軸正向流動，電流方向沿z軸負向，由安培定則可以判斷電流激發的磁場以z軸為中心沿順時針方向（沿z軸負方向看），通過y軸A點時方向向外，即沿x軸正向。故選A。【題目點撥】首先需要判斷出電子束產生電流的方向，再根據安培定則判斷感應磁場的方向。5、B【解題分析】

電容器與電源斷開，電量保持不變，增大兩極板間距離時，根據可知，電容C變小，根據可知，兩極板間的電勢差U變大，根據可知，電場強度E不變，故B正確，ACD錯誤。故選B。6、B【解題分析】

根據安培定則可以判斷通電螺線管左側為N極，右側為S極，小磁針位置的磁場方向水平向左，根據靜止時小磁針的N極指向和該點的磁場方向一致，因此左側小磁針靜止時N極指向左側。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

當通電導線與磁場垂直時，導線所受的磁場力最大，為當導線與磁場平行時，導線所受磁場力最小為零，則導線所受磁場力的范圍為0－0.2N，故CD正確。故選CD。8、AC【解題分析】

根據運動情況和題意結合分析可知當甲物體的速度減小到1m/s時，彈簧最短且此時共速，把甲、乙看成一個系統滿足動量守恒：，代入數據解得：，故AC正確；彈簧被壓縮短后，彈簧逐漸恢復原長，m2依然加速，m1開始減速，故B錯誤；當彈簧恢復原長時，根據動量守恒：，能量守恒：，聯立并代入數據解得：，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．9、BC【解題分析】

由圖可知，物體的初速度為2m/s，選項A錯誤；物體做勻減速直線運動，物體的加速度方向與速度方向相反，選項B正確，D錯誤；2s末物體的速度為1m/s，選項C正確；故選BC.【題目點撥】此題關鍵是理解速度時間圖像的物理意義，橫坐標表示時刻，縱坐標表示速度；斜率等于加速度.10、BD【解題分析】

AB．當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則變亮．變阻器的電阻減小，并聯部分的電阻減小，則并聯部分電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而的電流減小，則的電流增大，則變亮，故A錯誤B正確；CD．電壓表的示數減小，電壓表的示數增大，由于路端電壓減小，所以，故C錯誤，D正確．故選BD。【名師點睛】在分析電路動態變化時，一般是根據局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據閉合回路歐姆定律推導所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數變化），也就是從局部→整體→局部三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)CDF(2)外(3)0.482.20(4)0.622【解題分析】（1）用伏安法測定電阻的原理是電阻定義式R=U/I，電壓表和電流表選擇的原則是在保證儀表安全的情況下，指針偏轉角度盡可能大，根據電源的電動勢為3V，電壓表的量程應選3V，即選D；電流I=U/R，約為0.6A，故應選C；滑動變阻器的選擇原則是保證安全的情況下，調節要方便，由于待測電阻較小，故滑動變阻器應選F。（2）由于待測電阻的阻值遠小于電壓表的電阻，故應選擇電流表外接法。（3）電流表的量程是0.6A，最小分度是0.02A，故電流表示數為0.48A；電壓表的量程是3V，最小分度是0.1V，故電壓表的示數為2.20V。

（4）螺旋測微器固定尺的讀數為0.5mm，螺旋尺讀數為12.2×0.01mm=0.122mm，故螺旋測微器的讀數為0.622mm。12、R1a小燈泡的電阻隨著電壓的升高而增大4.8小【解題分析】(1)根據圖甲所示的電路圖，滑動變阻器采用分壓式連接方式，所以滑動變阻器阻值，滑動變阻器應選R1；(2)由圖甲知，當滑動觸頭打到a端時通過電流表的電流是零，為防止燒表，在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應放在a端；(3)根據電路圖，在圖乙中以筆劃線代替導線將實物圖(4)圖中曲線彎曲的主要原因是隨著燈絲中的電流增大，溫度升高，燈絲的電阻率增大，電阻增大；(5)由圖丙知小燈泡在額定電壓（2.4V）下工作時的電流為0.5A，由，根據歐姆定律，由于電壓表的分流使得電流表測量值大于通過小燈泡的實際電流，故測得的電阻值偏小；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）v＝；（2）tE＝3R；（3）t＝【解題分析】

（1）若加速電場加速電壓為U，由動能定理得得（2）在磁場中，根據牛頓第二定律得解得分析可知粒子在磁場中運動的軌跡為一個半圓和四分之一圓周如圖所示分析可知粒子在電場中先加速后減速再加速，由運動學公式可得則粒子在電場中運動的時間為(3)則粒子在磁場中運動的時間為故粒子在電磁場中運動的總時間為14、（1）（2），（3），Q帶負電【解題分析】（1）第一段拋物線，第二段直線，第三段圓弧2分（2）設粒子從電場中飛出時的側向位移為h,穿過界面PS時偏離中心線OR的距離為y，則：