上海二中2023年高二物理第一學期期末檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、水平放置金屬框架cdef處于如圖所示的勻強磁場中，金屬棒ab處于粗糙的框架上且接觸良）好，從某時刻開始，磁感應強度均勻增大，金屬棒ab始終保持靜止，則（）A.ab中電流增大，ab棒所受摩擦力增大B.ab中電流不變，ab棒所受摩擦力增大C.ab中電流不變，ab棒所受摩擦力不變D.ab中電流增大，ab棒所受摩擦力不變2、如圖所示,R是一個滑動變阻器,M、N為水平正對放置的兩塊平行金屬板,兩板間帶電微粒Q處于靜止狀態,則下列說法正確的是()A.若只減小M、N兩金屬板的間距，則有向左的電流通過電阻RB.若只減小M、N兩金屬板的間距，Q將向下運動C.若只將滑動變阻器滑片由中間滑到最左端，Q將向下運動D.若只在緊貼N板內側插入一塊一定厚度的金屬片，Q將向上運動3、一電流表的滿偏電流Ig＝1mA，內阻為200Ω.要把它改裝成一個量程為0.5A的電流表，則應在電流表上（）A.并聯一個約為200Ω的電阻B.并聯一個約為0.4Ω的電阻C.串聯一個約為0.4Ω的電阻D.串聯一個約為200Ω的電阻4、如圖所示,一矩形線框置于磁感應強度為B的勻強磁場中,線框平面與磁場方向垂直,若線框的面積為S,則通過線框的磁通量為()A.BS B.C. D.05、一臺直流電動機，其線圈的電阻值為0.5Ω。當電動機兩端所加電壓為8V時，電動機正常工作，通過線圈的電流是2A。由此可知（）A.電動機消耗的電功率為72WB.電動機輸出的機械功率為12WC.電動機線圈的發熱功率為2WD.電動機的工作效率為50%6、電流表的內阻是Rg＝200Ω，滿刻度電流值是Ig＝500μA，現欲把這電流表改裝成量程為2.0V的電壓表，正確的方法是A.應串聯一個0.05Ω的電阻 B.應并聯一個0.05Ω的電阻C.應串聯一個3800Ω的電阻 D.應并聯一個3800Ω的電阻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、人造地球衛星受微小阻力的作用，其運行的軌道半徑會逐漸變小，在此過程中，下列說法正確的有（）A.機械能守恒 B.機械能減少C.加速度增大 D.周期增大8、如圖所示，帶電小球A、B的電荷分別為QA、QB，OA＝OB，都用長L的絲線懸掛在O點。靜止時A、B相距為d。為使平衡時A、B間距離減為，可采用以下哪些方法（）A.將小球A、B的質量都增大到原來的2倍B.將小球B的質量增大到原來的8倍C.將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半D.將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質量增大到原來的2倍9、如圖所示，平行板電容器C的極板水平放置．閉合電鍵S，電路達到穩定時，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動．電源內阻不可忽略，現將滑動變阻器的滑動端向右滑A.A的示數增大，V的示數減小B.A的示數增大，V的示數增大C.帶電油滴將向下加速運動D.帶電油滴將向上加速運動10、小型發電機線圈共N匝，每匝可簡化為矩形線圈abcd，磁極間的磁場可視為勻強磁場，方向垂直于線圈中心軸OO′，線圈從圖示位置以角速度ω繞OO′勻速轉動，如圖所示．矩形線圈ab邊和cd邊產生的感應電動勢的最大值都為e0，不計線圈電阻，下列說法正確的是()A.若從中性面開始計時，則發電機的感應電動勢的瞬時值表達式為e＝2Ne0sinωtB.從中性面開始計時，則發電機的感應電動勢的瞬時值表達式為e＝2Ne0cosωtC.發電機線圈從垂直中性面位置轉動90°的過程中，產生的感應電動勢的平均值是D.發電機線圈從垂直中性面位置轉動180°的過程中，產生的感應電動勢的平均值是三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用伏安法測一節干電池的電動勢和內阻，現備有下列器材：A．被測干電池一節B．電流表：量程0～0.6A，內阻r＝0.3ΩC．電壓表：量程0～3V，內阻未知D．滑動變阻器：0～10Ω，2AE．開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統誤差：在現有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內阻（1）實驗電路圖應選擇如圖中的_____（填“甲”或“乙“）：（2）根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U﹣1圖象，則在修正了實驗系統誤差后，干電池的電動勢E＝_____V，內電阻r＝_____Ω．（所有結果保留兩位有效數字）（3）忽略偶然誤差，本實驗測得的E測、r測與真實值比較：E測_____E真，r測_____r真（選填“＜”、“＝”或“＞”）12．（12分）用游標卡尺可以測量某些工件的外徑．如圖所示，則讀數為__________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】磁感應強度均勻增大，穿過回路的磁通量均勻增大，根據法拉第電磁感應定律得知，回路中產生恒定的電動勢，感應電流也恒定不變，ab棒所受的安培力F=BIL，可知安培力F均勻增大，金屬棒ab始終保持靜止，則摩擦力也均勻增大．故B正確，ACD均錯誤2、D【解析】電容器的電容的定義式,電容器的電容的決定式,液滴平衡，受電場力和重力而平衡【詳解】A、若減小A、B兩金屬板的間距，根據，電容增大，電壓不變，故電容器充電，故有向右的電流通過電阻R，故A錯誤；B、微粒Q處于靜止狀態，受重力和向上的電場力而平衡，若減小A、B兩金屬板的間距，根據，場強增大，電場力增大，合力向上，故Q將向上運動，故B錯誤；C、與電容器串聯的電阻在穩定狀態時看出導線，則若只將滑動變阻器滑片由中間滑到最左端，依然是電容器并聯在電源兩端，則電容器的電壓不變，故場強不變，Q不動，故C錯誤；D、若緊貼A板內側插入一塊一定厚度的金屬片，相當于極板間距離變小了，而電壓U不變，根據，場強增加，電場力增加，故Q將向上運動，故D正確；故選D.【點睛】電容器的分析有兩種情況，與電源相連時，電容器的電壓不變，當與電源斷開時，電容器的電荷量不變3、B【解析】要使電流表量程變為0.5A，需要并聯分流電阻，流過分流電阻的電流：并聯部分的電壓：則需要并聯的電阻：故B項正確，ACD三項錯誤4、A【解析】由磁通量的定義式Φ=BS可知，通過線圈的磁通量為BS，故選A.5、C【解析】A．電動機消耗的電功率故A錯誤；C．電動機線圈的發熱功率故C正確；B．電動機輸出的機械功率故B錯誤；D．電動機的工作效率故D錯誤。故選C。6、C【解析】把電流表改裝成2V的電壓表需要串聯分壓電阻，串聯電阻阻值為：A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析不符，故D錯誤；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】根據“人造地球衛星受微小阻力的作用，其運行的軌道半徑會逐漸變小”可知，考查了衛星變軌問題，衛星在運動過程中，受到阻力，阻力要做負功，故機械能減小，萬有引力大于所需的向心力，向心運動，軌道變小，在新的軌道上，根據人造衛星的萬有引力等于向心力，列式求解即可【詳解】AB、由于人造地球衛星受微小阻力的作用，阻力做負功，故機械能減小，故A錯誤，B正確CD、設衛星的質量為m、軌道半徑為r、地球質量為M．人造衛星繞地球做勻速圓周運動時，根據萬有引力提供向心力，有；；得：，；可知，衛星的軌道半徑變小，加速度增大，周期減小，故C正確，D錯誤【點睛】本題關鍵是抓住萬有引力提供向心力，先列式求解出線速度的表達式，再進行討論8、BD【解析】如圖所示，B受重力、絲線的拉力及庫侖力，將拉力及庫侖力合成，其合力應與重力大小相等、方向相反，由幾何關系可知＝而庫侖力F=，即==有mgd3=kQAQBL則d=要使d變為，可以將小球B的質量增大到原來的8倍而保證上式成立，或將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質量增大到原來的2倍，也可保證等式成立故選BD。9、BD【解析】當滑動變阻器的滑動端向右滑動，總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律求出總電流，從而分析電壓表和電流的變化情況；電容器的電壓等于并聯電阻的電壓，根據電壓的變化和判斷電場力的變化，從而判斷油滴的運動情況【詳解】AB．當滑動變阻器的滑動端向右滑動，總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析得出總電流增大，則電阻兩端的電壓增大，故A的示數增大，V的示數增大，故A錯誤，B正確；CD．電容器的電壓等于并聯電阻的電壓，根據分析電阻的電壓的增大，有和可知帶電液滴的電場力增大，故液滴將向上加速運動，故C錯誤，D正確所以BD正確，AC錯誤【點睛】本題采用程序法分析電路動態變化問題，按“部分整體部分”的思路進行分析，以及利用電容器的電壓等于并聯電阻的電壓分析電．容器的電場強度的變化10、ACD【解析】結合中性面的特點可知從中性面開始計時，則發電機的感應電動勢的瞬時值表達式；由法拉第電磁感應定律求出平均電動勢.【詳解】A、B、矩形線圈ab邊和cd邊產生的感應電動勢的最大值都為e0，所以N匝矩形線圈產生的感應電動勢的最大值是2Ne0,線圈位于中性面時，穿過線圈的磁通量最大，而感應電動勢等于0，所以從中性面開始計時，則發電機的感應電動勢的瞬時值表達式為e=Emsinωt=2Ne0sinωt；故A正確，B錯誤.C、在線圈從垂直中性面位置轉動90°過程中，單匝線圈上的磁通量的變化量，產生的感應電動勢的平均值是；故C正確.D、發電機線圈從垂直中性面位置轉動180°的過程中，磁通量的變化量，感應電動勢的平均值是；故D正確.故選ACD.【點睛】本題考查了交流電產生的原理和最大值、平均值的關系，知道整個矩形線圈產生的感應電動勢是ab邊和cd邊產生的感應電動勢之和.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.甲②.1.5③.0.70④.＝⑤.＝【解析】根據題意分析實驗電路，根據實驗誤差來源選擇實驗電路；電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內阻；根據題意分析實驗誤差【詳解】（1）由題意可知，電流表內阻已知，電流表采用外接法可以減小實驗誤差，應選擇甲電路圖；（2）由閉合電路歐姆定律可知，路端電壓：U＝E﹣Ir，U﹣I圖象與縱軸截距等于電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內阻，由圖示電源U﹣I圖可知，電源的電動勢：E＝1.50V，內電阻：（3）由題意可知，電流表的內阻已知，它引起的誤差可以算出來，這樣就可以消除誤差，則電源電動勢與內阻的測量值都等于真實值.【點睛】本題考查了實驗電路選擇、實驗數據處理與實驗誤差分析，本題為設計性實驗，在解題時應注意明確實驗的原理；并且要由實驗原理結合閉合電路歐姆定律得出表達式，由圖象得出電動勢和內電阻12、7【解析】游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀.【詳解】游標卡尺的主尺讀數為30mm，游標尺上第7個刻度和主尺上的某一刻度對齊，因此游標尺讀數為0.1×7mm=0.7mm，所以最終讀數為：30mm+0.7mm=30.7mm.【點睛】解決本題的關鍵掌