四川省廣元川師大萬達中學2024屆物理高二第一學期期中教學質量檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A．庫侖在研究電荷間相互作用時，提出了“電場”的概念B．電源的電動勢跟電源內非靜電力做的功成正比，跟通過電源的電荷量成反比C．將正點電荷從場強為零的一點移動到場強為零的另一點，電場力做功不一定為零D．金屬材料的電阻率隨溫度的升高而減小2、如圖，電流天平是一種測量磁場力的裝置。兩相距很近的通電平行線圈Ⅰ和Ⅱ，線圈Ⅰ固定，線圈Ⅱ置于天平托盤上。當兩線圈均無電流通過時，天平示數恰好為零。下列說法正確的是（）A．若兩線圈電流方向相反，則天平示數為負B．若兩線圈電流方向相同，則天平示數為負C．若只有線圈Ⅰ通恒定電流，則天平示數為負D．線圈Ⅰ對線圈Ⅱ的作用力與托盤對線圈Ⅱ的作用力是一對相互作用力3、兩根同種材料制成的導線，質量之比為，長度之比為，則它們的電阻之比為（）A．B．C．D．4、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r，R1和R3均為定值電阻，且R3=r，R2為滑動變阻器。當R2的滑動觸點在a端時合上開關S，此時三個電表A1、A2和V的示數分別為I1、I2和U。現將R2的滑動觸點向b端移動一小段距離，電路穩定之后，下列說法正確的是A．I1減小，I2不變，U減小 B．電容器C的帶電量減小C．電源的輸出功率變大 D．電源的效率變大5、如圖所示，在平面直角坐標系中，a、b、c是等邊三角形的三個頂點，三個頂點處分別放置三根互相平行的長直導線，導線中通有大小相等的恒定電流，方向垂直紙面向里．對于頂點c處的通電直導線所受安培力的方向，下列說法中正確的是（）A．沿y軸正方向B．沿y軸負方向C．沿x軸正方向D．沿x軸負方向6、質量為m的小球，從離桌面H高處由靜止下落，桌面離地面的高度為h，如圖所示，若以桌面為參考面，那么小球落地時的重力勢能及整個過程中重力勢能的變化是（）A．mgh，減少mg（H－h）B．－mgh，減少mg（H+h）C．－mgh，增加mg（H－h）D．mgh，增加mg（H+h）二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個靜止的質點，在0～4s時間內受到力F的作用，力的方向始終在同一直線上，力F隨時間t的變化如圖所示，則質點在()A．第2s末速度改變方向 B．第2s末加速度改變方向C．第4s末回到原出發點 D．第4s末運動速度為零8、如圖所示，已知電源電動勢E=12V，內阻r=1Ω，定值電阻R=2Ω，通過小燈泡的電流為1A，已知小燈泡的電阻為3Ω，小型直流電動機的線圈電阻RM=1Ω，則()A．電動機兩端的電壓1VB．電動機兩端的電壓6VC．電動機的輸入功率6WD．電動機的輸出功率5W9、如圖所示的陰極射線管，無偏轉電場時，電子束加速后打到熒屏中央形成亮斑．如果只逐漸增大M1M2之間的電勢差，則（）A．在熒屏上的亮斑向上移動 B．在熒屏上的亮斑向下移動C．偏轉電場對電子做的功增大 D．偏轉電場的電場強度減小10、如圖所示，在方向垂直于紙面向里，磁感應強度為B的勻強磁場區域中有一個由均勻導線制成的單匝矩形線框abcd，線框在水平拉力作用下以恒定的速度v沿垂直磁場方向向右運動，運動中線框ab邊始終與磁場右邊界平行，線框邊長ad=l，cd=2l，線框導線的總電阻為R。則線框離開磁場的過程中（）A．通過線框導線的感應電流為B．線框ab間的電壓為C．線框ad邊導線消耗的功率為D．通過線框導線橫截面積的電量為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖是電子射線管的示意圖。接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線。要使熒光屏上的亮線向下（z軸方向）偏轉，在下列措施中可采用的是（）A．加一磁場，磁場方向沿z軸負方向B．加一磁場，磁場方向沿y軸正方向C．加一電場，電場方向沿z軸負方向D．加一電場，電場方向沿y軸正方向12．（12分）如圖所示，游標卡尺的讀數為_______cm，螺旋測微器的讀數為_______mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在場強為E的勻強電場中，取O點為圓心，r為半徑作一圓周，在O點固定一電荷量為+Q的點電荷，a、b、c、d為相互垂直的兩條直線和圓周的交點．當把一試探電荷+q放在d點恰好平衡（如圖所示，不計重力）（1）勻強電場場強E的大小、方向如何;（2）試探電荷+q放在點c時，受力Fc的大小、方向如何;（3）試探電荷+q放在點b時，受力Fb的大小、方向如何;14．（16分）如圖所示，紙面為豎直面，MN為豎直線段，MN之間的距離為h，空間存在平行于紙面的足夠寬廣的勻強電場，其大小和方向未知，圖中未畫出，重力加速度為g，一質量為m的帶正電的小球從M點在紙面內以v0=2gh的速度水平向左開始運動，以后恰好以大小為v=22gh的速度通過N點。已知m,（1）小球從M到N的過程經歷的時間;（2）小球所受電場力的大小;（3）從M到N的運動過程中速度最小值.15．（12分）如圖所示，長L=0.4m的兩平行金屬板A、B豎直放置，相距d=0.02m，兩板間接入的恒定電壓為182V，B板接正極，一電子質量m=9.1×10-31kg，電荷量q=1.6×10-19C，以v0=4×107m/s的速度緊靠A板向上射入電場中，不計電子的重力。求：（1）電子的加速度a（2）電子能否射出電場？若能，計算在電場中的偏轉距離；若不能，在保持電壓不變的情況下，B板至少平移多少，電子才能射出電場？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】A項：提出電場概念的是法拉第而不是庫侖，所以選項A錯誤；B項：電源的電動勢等于電源內非靜電力做的功與通過電源的電荷量的比值，跟電源內非靜電力做的功無關，跟通過電源的電荷量無關，故B錯誤；C項：場強為零的一點與場強為零的另一點之間的電勢差不一定為零，所以由W=qU可知電場力做功不一定為零，故C正確；D項：金屬材料的電阻率隨溫度的升高而增大，故D錯誤。點晴：解決本題關鍵掌握物理學史，如提出電場概念的是法拉第；電源電動勢的物理意義表示把其它形式的能量轉化為電能的本領；金屬材料的電阻率隨溫度的升高而增大。2、B【解題分析】

AB．當天平示數為負時，說明兩線圈相互吸引，兩線圈電流方向相同，當天平示數為正時，說明兩線圈相互排斥，兩線圈電流方向相反，故A錯誤，B正確；C．只有線圈I通恒定電流，兩線圈不會存在相互作用，天平示數為零，故C錯誤；D．線圈Ⅰ對線圈Ⅱ的作用力與托盤對線圈Ⅱ的作用力不是一對相互作用力，它們作用在一個物體上，故D錯誤。故選B。3、C【解題分析】兩個同種材料制成的導線，質量之比，則它們的體積之比是，長度之比，則橫截面積之比：，根據電阻的計算公式：，得：，所以C正確。點睛：本題考查電阻定律的應用，要注意明確電阻取決于導線長度和截面積；根據質量關系可求得體積關系，再由體積公式可求得截面積之比，再由電阻定律則可求得電阻之比。4、C【解題分析】

A.的滑動觸點向端移動時，減小，整個電路的總電阻減小，總電流增大，內電壓增大，外電壓減小，即電壓表示數減小，根據歐姆定律可得電壓增大，則、并聯電壓減小，根據歐姆定律可得通過的電流減小，即示數減小，而總電流增大，則流過的電流增大，即示數增大，故A錯誤；B.電容器兩端的電壓等于兩端的電壓，所以電容器兩端的電壓增大，根據可知電容器的帶電量增大，故B錯誤；C.由于，電源的內阻小于外阻，所以的滑動觸點向端移動時，外阻減小，不電源的輸出功率變大，故C正確；D.電源的效率為：則電源的效率減小，故D錯誤。5、B【解題分析】等邊三角形的三個頂點a、b、c處均有一通電導線，且導線中通有大小相等的恒定電流．由安培定則可得：導線a、b的電流在c處的合磁場方向水平向右．再由左手定則可得：安培力的方向是豎直向下，指向y軸負向．故B正確，ACD錯誤，故選B.點睛：從題中可得這一規律：通電導線的電流方向相同時，則兩導線相互吸引；當通電導線的電流方向相反時，則兩導線相互排斥．該題也可以先由同向電流相互吸引分別求出a對c的作用力與b對c的作用力，然后求和．6、B【解題分析】

以桌面為零勢能參考平面，那么小球落地時的重力勢能為整個過程中小球高度降低，重力勢能減少，重力勢能的減少量為故B正確，ACD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

A．物體在0-2s內受到力F的方向一直向右，因此物體在0-2s一直做加速運動，在2s后力F的方向發生了變化因此物體在2s后繼續向右做減速運動，故A錯，B．2s時力F的方向發生了變化，有牛頓第二定律可知加速度也發生了變化，故B正確；C．有以上計算可知物體在0-2s內加速運動，一直向前運動，2-4s內做減速運動，一直向前運動，4s時物體減速為0，即0-4s內物體一直向前運動，故C錯誤．D．F-t的面積表示力F的沖量，因此可知力F在0-2s內的沖量大小和2-4s內的沖量大小相等，對物體在0-4s寫動量定理有，故D正確；8、BCD【解題分析】A、根據閉合電路的歐姆定律可得電動機兩端的電壓為：，故A錯誤，B正確；C、電動機的輸入功率，，故選項C、D正確．點睛：當電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，求電功率只能用，求電熱只能用，求機械功率要根據能量守恒得到．9、AC【解題分析】

電子束在偏轉電場中做類平拋運動，運動的時間不發生變化，逐漸增大M1、M2之間的電勢差，根據，則偏轉電場的電場強度增大，D錯誤；根據W＝Uq，偏轉電場對電子做的功增大，C正確；電子在偏轉電場中所受的電場力向上，在熒光屏上的亮斑向上移動，A正確，B錯誤．10、BC【解題分析】

A．通過線框導線的感應電流為故A錯誤；B．設ad間的電阻為r，則有線框ab間的電壓為路段電壓故B正確；C．線框ad邊導線消耗的功率為故C正確；D．通過線框導線橫截面積的電量為故D錯誤。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B【解題分析】

A、加一磁場，磁場方向沿z軸負方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿y軸負方向，電子不會沿z軸向下偏轉，故A錯誤．B、加一磁場，磁場方向沿y軸正方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿z軸負方向，電子沿z軸向下偏轉，故B正確．C、加一電場，電場方向沿z軸負方向，電子受電場力沿z軸正方向，電子不會沿z軸向下偏轉，故C錯誤．D、加一電場，電場方向沿y軸正方向，電子受電場力沿y軸負方向，電子不會沿z軸向下偏轉，故D錯誤．12、2.0308.116-8.119【解題分析】試題分析：游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．游標卡尺的讀數為；螺旋測微器的讀數為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），方向沿db方向向下；（2），方向斜向左下方與ac成45°角；（3），方向沿db方向向下．【解題分析】

(1)由題意可知由所以可得勻強電場方向沿db方向．(2)試探電荷放在c點所以方向與ac方向成45°角斜向下(如圖所示)．(3)試探電荷放在b點所以方向沿db方向．14、（1）t=2h【解題分析】

（1）小球運動的過程中重力與電場力做功，設電場力做的功為W，則有：

W+mgh＝12mv2?12mv02

可知電場的方向水平向右；小球在豎直方向做自由落體運動，可知小球從M到N的過程經歷的時間t=2（2）水平方向小球受向右的電場力先向左加速后減速，則a=Fv0=at解得電場力：F=2m（3）設經過時間t1