山東省菏澤市部分重點學校2024年高二物理第一學期期末監測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于牛頓第一定律的理解，下列說法正確的是（）A.力是維持物體運動狀態的原因B.力是改變物體運動狀態的原因C.物體的質量較小，但運動的速度較大時，慣性也可以很大D.物體自由下落時比豎直上拋時的慣性小2、常用的電壓表和電流表都是由小量程的電流表G（表頭）改裝成的。現有一個小量程電流表G，內阻為Rg，滿偏電流為Ig，下列說法正確的是（）A.如果需要改裝成為大量程的電流表，需要并聯一個大電阻B.如果需要改裝成為大量程的電流表，需要串聯一個大電阻C.如果需要改裝成為大量程的電壓表，需要并聯一個大電阻D.如果需要改裝成為大量程的電壓表，需要串聯一個大電阻3、空間存在甲、乙兩相鄰的金屬球，甲球帶正電，乙球原來不帶電，由于靜電感應，兩球在空間形成了如圖所示穩定的靜電場．實線為其電場線，虛線為其等勢線，A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關于直線AB對稱，則()A.A點和B點電勢相同B.C點和D點的電場強度相同C.正電荷從A點移至B點，靜電力做正功D.負電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先增大后減小4、一個德布羅意波長為λ1的中子和另一個德布羅意波長為λ2的氘核同向正碰后結合成一個氚核，該氚核的德布羅意波長為()A. B.C. D.5、如圖所示，在相互正交的水平勻強磁場的混合場區域內，有一質量為m、電荷量為q的微粒以垂直于磁場方向且與水平方向成θ角的速度v從O點進入混合場區，該微粒在電場力、磁場力和重力的共同作用下，恰好沿直線運動到A點．下列說法中正確的是()A.該微粒一定帶負電荷B.該電場的場強大小為BvcosθC.微粒從O到A的運動可能是勻變速運動D.該磁場的磁感應強度大小為6、在某控制電路中，需要連成如圖所示的電路，主要由電動勢為E、內阻為r的電源與定值電阻R1、R2及電位器(滑動變阻器)R連接而成，L1、L2是紅、綠兩個指示燈，當電位器的觸頭由弧形碳膜的中點逆時針滑向a端時，下列說法中正確的是()A.L1、L2兩個指示燈都變亮B.L1、L2兩個指示燈都變暗C.L1變亮，L2變暗D.L1變暗，L2變亮二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，回旋加速器D形盒的半徑為R，用該加速器給質量為m、電荷量為q的質子加速，狹縫間交變電場的電壓為U、周期為T，磁感應強度為B的勻強磁場與盒面垂直，忽略質子通過盒縫的時間。下列說法正確的有（）A.交變電場的周期為T＝B.增加電壓U可以增加質子離開出口的動能C.題知條件不變，該加速器可以直接用來加速氘核D.增加電壓U可以縮短質子在回旋加速器中的運動時間8、如圖所示，豎直面內的虛線上方是一勻強磁場B，從虛線下方豎直上拋一正方形線圈，線圈越過虛線進入磁場，最后又落回原處，運動過程中線圈平面保持在豎直面內，不計空氣阻力，則（）A.上升過程克服磁場力做的功大于下降過程克服磁場力做的功B.上升過程克服磁場力做的功等于下降過程克服磁場力做的功C.上升過程克服重力做功的平均功率大于下降過程克服重力做功的平均功率D.上升過程克服重力做功的平均功率等于下降過程克服重力做功的平均功率9、一根長為0.2m、電流為2A的通電導線，放在B＝0.5T的勻強磁場中，受到磁場力的大小可能是A.0.1N B.0.2NC.0.3N D.0.4N10、如圖為某款電吹風的電路圖，為四個固定觸點?？蓜拥纳刃谓饘儆|片可同時接觸兩個觸點。觸片處于不同位置時，電吹風可處于停機、吹熱風和吹冷風等不同的工作狀態。和分別是理想變壓器的兩個線圈的匝數。該電吹風的各項參數如下表所示。下列說法正確的是（）熱風時輸入功率冷風時輸入功率小風扇額定電壓正常工作時小風扇輸出功率A.吹冷風時觸片與觸點、接觸B.變壓器原副線圈的匝數比C.可由表格中數據計算出小風扇的內阻為D.若把電熱絲截去一小段后再接入電路，電吹風吹熱風時的功率將變小，吹冷風時的功率不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)用多用表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻檔測量，發現多用表指針偏轉過大，因此需選擇____倍率的電阻檔（填“×10”或“×1k”），歐姆調零后再進行測量，多用表的示數如圖所示，測量結果為____Ω。(2)某興趣小組探究用不同方法測定干電池的電動勢和內阻，他們提出的實驗方案中有如下四種器材組合。為使實驗結果盡可能準確，最不可取的一組器材是____。A．一個安培表、一個伏特表和一個滑動變阻器B．一個伏特表和多個定值電阻C．一個安培表和一個電阻箱D．兩個安培表和一個滑動變阻器12．（12分）如圖所示，將一個電荷量為q=+3×10?10C的點電荷從電場中的A點移到B點的過程中，克服電場力做功6×10?9J．已知A點的電勢為φA=?4V，求B點的電勢為______V．電荷在B點的電勢能為______四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】力是改變物體運動的原因，而不是維持物體運動的原因，慣性只和物體的質量有關，與物體的運動狀態無關，B正確考點：考查了對牛頓第一定律的理解2、D【解題分析】AB．根據電阻的分流規律可知小電阻分大電流，所以如果需要改裝成為大量程的電流表，需要并聯一個小電阻，故AB錯誤；CD．根據電阻的分壓規律可知大電阻分大電壓，所以如果需要改裝成為大量程的電壓表，需要串聯一個大電阻，故C錯誤，D正確。故選D。3、C【解題分析】A．A點和B點不在同一個等勢面上，所以它們的電勢不同，故A錯誤B．根據電場的對稱性可知，C點和D點的電場強度的大小相同，但是它們的方向不同，則電場強度不同，故B錯誤C．從A點移至B點，電勢降低，所以正電荷從A點移至B點，電場力做正功，故C正確D．C點和D點在同一個等勢面上，負電荷在CD兩點電勢能相等；負電荷從C點沿直線CD移至D點，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大原來的值，故D錯誤4、A【解題分析】中子的動量氘核的動量對撞后形成的氚核的動量所以氚核的德布羅意波波長為故A正確，BCD錯誤；故選A【題目點撥】任何一個運動著的物體，小到電子、質子，大到行星、太陽，都有德布羅意波，分別寫出中子和氘核的動量的表達式，然后根據動量守恒定律得出氚核的動量，代入公式即5、A【解題分析】粒子從O沿直線運動到A，必定做勻速直線運動，根據左手定則和平衡條件可判斷電性，并可求出B和E；【題目詳解】A、若粒子帶正電，電場力向右，洛倫茲力垂直于OA線斜向右下方，則電場力、洛倫茲力和重力不能平衡，若粒子帶負電，符合題意，故A正確；BD、粒子受力如圖，由平衡條件得，所以該電場場強大小為，由平衡條件得，解得磁場的磁感應強度大小為，故B、D錯誤；C、粒子如果做勻變速運動，重力和電場力不變，而洛倫茲力變化，粒子不能沿直線運動，與題意不符，故C錯誤；故選A【題目點撥】關鍵是帶電粒子在復合場中運動的問題，要抓住洛倫茲力與速度有關的特點6、B【解題分析】當電位器向a段滑動時，電路的總電阻減小，干路電流增大，所以內電壓增大，路段電壓減小，所以燈L1變暗；通過電阻R1的電流變大，所以電位器兩端的電壓減小，即通過燈L2兩端的電壓減小，所以燈L2變暗，故ACD錯誤，B正確．故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】A．根據帶電粒子在磁場中運動的周期與加速電場的周期相等，交變電場的周期為，故A正確。B．根據R是D形金屬盒的半徑，知質子獲得的最大速度則最大動能與加速的電壓無關，故B錯誤；C．由上分析可知，加速電場的周期與加速粒子的比荷有關，氘核與質子的比荷不同，因此加速器不可以直接用來加速氘核，故C錯誤；D．根據質子圓周運動的周期公式，T與質子的速度大小無關，所以若只增加加速電壓U，不會改變質子在回旋加速器中運行的周期，但加速次數減小，則運行時間也會變小，故D正確。故選AD。8、AC【解題分析】由分析上升和下落受力情況可知，上升過程與下落過程經歷的路程相等，但上升過程平均速度較大，安培力較大，所以克服磁場力做的功較多；上升和下落克服重力做功和重力做功相等，但上升過程時間較短，所以平均功率較大9、AB【解題分析】當通電導線與磁場垂直時，導線所受的磁場力最大，為當導線與磁場平行時，導線所受磁場力最小為零。則導線所受磁場力范圍為故選AB。10、AB【解題分析】A．當電吹風機送出來的是冷風時，電路中只有電動機自己工作，觸片P與觸點b、c接觸。故A正確；B．根據變壓器的原線圈、副線圈的匝數與電壓的關系故B正確；C．小風扇消耗的功率轉化為機械功率和線圈上的熱功率，因未說明小風扇的效率，所以不能計算小風扇的內阻。60Ω是風扇消耗的電能全部轉化為內能時的電阻。故C錯誤；D．根據公式可知，電源電壓不變，電阻越小，電功率越大；所以把電熱絲截去一小段后再接入電路，電吹風吹熱風時的功率將變大。故D錯誤。故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×10②.70或70.0③.D【解題分析】(1)[1][2]用多用表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻檔測量，發現多用表指針偏轉過大，說明倍率檔選擇過高，因此需選擇“×10”倍率的電阻檔，歐姆調零后再進行測量，多用表的示數為7.0×10Ω=70.0Ω；(2)[3]通過改變電路的阻值從而獲得多組數據，根據U-I圖象與坐標軸的交點求解電動勢和內阻。A．安培表測電流，伏特表測路端電壓，滑動變阻改變電路的阻值從而獲得多組數據，故A可??；B．伏特表測路端電壓，電流可由路端電壓和定值電阻求得，通過改變接入定值電阻的個數改變電路的電阻，故B可??；C．安培表測電流，再由電流和電阻箱阻值可得路端電壓，通過改變接入電路中電阻箱的阻值改變電路的電阻，故C可取；D．兩個安培表和一個滑動變阻器，不管怎么組合，不能測出路端電壓，故不能測出電動勢和內阻，故D最不可取。本題選最不可取的一組器材，故選D。12、①.16V②.【解題分析】AB間的電勢差由UAB=φA-φB，φA=-4V，得：φB=φA-UAB=-4-（-20）=16V根據電勢能的公式：EPB＝qφB＝3×10?10×16＝4.8×10?9J四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、8cm【解題分析】粒子a板左端運動到P處，由動能定理得代入有關數據，解得，代入數據得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關系得聯立求得代入數據解得14、(1)(2)3N【解題分析】(1)設小球在C點的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球對軌道壓力：NC′=NC=3N15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解題分析】（1）當R0=1Ω時，根據閉合電路的歐姆定律求解