2021-2022學年河北省保定市高陽縣鎮中學高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）如圖所示，有黑白兩條毛巾交替折疊地放在地面上，白毛巾的中部用線與墻壁連接著，黑毛巾的中部用線拉住，設線均呈水平．欲將黑白毛巾分離開來，設每條毛巾的質量均為m，毛巾之間及其跟地面間的動摩擦因數均為μ，則將黑毛巾勻速拉出需用的水平拉力為（）A．2μmgB．4μmgC．5μmgD．μmg參考答案：考點：摩擦力的判斷與計算．專題：摩擦力專題．分析：滑動摩擦力方向與接觸面相切，與相對運動的方向相反．根據受力分析，分別對白毛巾，黑毛巾進行力的分析，由f=μmg與受力平衡，即可求解．解答：解：根據受力平衡，黑毛巾有四個面受到摩擦力，平衡時F=f1+f2+f3+f4=μ?+μ?2+μ?3+μ?4=5μmg，故選：C點評：本題涉及到滑動摩擦力方向的判定和即平衡條件得應用，要注意每個接觸面都可能有摩擦力的存在，有一定難度．2.（多選）如圖所示實線為等量異號點電荷周圍的電場線，虛線為以一點電荷為中心的圓，M點是兩點電荷連線的中點．若將一試探正點電荷從虛線上N點移動到M點，則（

）A.電荷所受電場力大小不變

B.電荷所受電場力逐漸增大C.電荷電勢能逐漸減小

D.電荷電勢能保持不變參考答案：【知識點】電場強度；電勢能．I2【答案解析】BC解析：A、B由電場線的分布情況可知，N處電場線比M處電場線疏，則N處電場強度比M處電場強度小，由電場力公式F=qE可知正點電荷從虛線上N點移動到M點，電場力逐漸增大，故A錯誤，B正確．

C、D、根據順著電場線方向電勢降低，可知從N到M，電勢逐漸降低，正電荷的電勢能逐漸減小，故C正確，D錯誤．

故選：BC【思路點撥】根據電場線的疏密分析場強的大小，判斷電場力的變化；根據順著電場線方向電勢降低，判斷電勢的變化，從而確定電勢的變化．3.（多選）關于物體的運動，可能發生的是 (

)A．加速度大小逐漸減小，速度也逐漸減小B．加速度方向不變，而速度方向改變C．加速度和速度都在變化，加速度最大時，速度最小D．加速度為零時，速度的變化率最大參考答案：ABC

加速度是描述物體速度變化快慢的物理量，當加速度為零時，物體的速度不再變化，速度的變化率為零，故D錯誤；速度增大還是減小，是由速度與加速度同向還是反向決定的，與加速度的大小及變化無關，故A、B、C均有可能發生。4.（單選）如圖所示，一根輕桿（質量不計）的一端以O點為固定轉軸，另一端固定一個小球，小球以O點為圓心在豎直平面內沿順時針方向做勻速圓周運動。當小球運動到圖中位置時，輕桿對小球作用力的方向可能（

）A．沿F1的方向B．沿F2的方向C．沿F3的方向D．沿F4的方向參考答案：C5.如圖所示，曲線I是一顆繞地球做圓周運動的衛星軌道的示意圖，其半徑為R；曲線Ⅱ是一顆繞地球做橢圓運動的衛星軌道的示意圖，O點為地球球心，AB為橢圓的長軸，兩軌道和地心都在同一平面內，已知在兩軌道上運動的衛星的周期相等，萬有引力常量為G，地球質量為M，下列說法正確的是（

）A.橢圓軌道的長軸長度為2RB.衛星在I軌道的速率為，衛星在Ⅱ軌道B點的速率為，則>C.衛星在I軌道的加速度大小為，衛星在Ⅱ軌道A點加速度大小為，則<D.若OA=0.5R，則衛星在B點的速率>參考答案：ABC【詳解】A.有開普勒第三定律可得：，因為周期相等，所以半長軸相等，圓軌道可以看成長半軸、短半軸都為橢圓，故，即橢圓軌道的長軸的長度為。故A正確。B.根據萬有引力提供向心力可得：，故，由此可知軌道半徑越大，線速度越小；設衛星以為半徑做圓周運動的速度為，那么；又衛星Ⅱ在B點做向心運動，所以有，綜上有。故B正確。C.衛星運動過程中只受到萬有引力的作用，故有：，所以加速度為，又有,所以。故C正確。D.若，則，那么，所以。故D錯誤。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.密閉在鋼瓶中的理想氣體,溫度升高時壓強增大.從分子動理論的角度分析,這是由于分子熱運動的_________增大了.該氣體在溫度T1、T2時的分子速率分布圖象如題12A-1圖所示,則T1_________(選填“大于冶或“小于冶)T2.參考答案：7.

（4分）某脈沖激光器的耗電功率為2×103瓦，每秒鐘輸出10個光脈沖，每個脈沖持續的時間為10－8秒，攜帶的能量為0.2焦耳，則每個脈沖的功率為 瓦，該激光器將電能轉化為激光能量的效率為

。參考答案：答案：2×103，0.0018.（4分）在靜電場中有a．b．c三點，有一個電荷q1=3×10-8C，自a移到b，電場力做功3×10-6J．另有一個電荷q2=-1×10-8C，自a移到c，電場力做功3×10-６J，則a．b．c三點的電勢由高到低的順序是

,b．c兩點間的電勢差Ubc為

V。參考答案：

cab

-400v9.如圖所示，輕且不可伸長的細繩懸掛質量為0.5kg的小圓球，圓球又套在可沿水平方向移動的框架槽內，框架槽沿鉛直方向，質量為0.2kg。自細繩靜止于鉛直位置開始，框架在水平力F=20N恒力作用下移至圖中位置，此時細繩與豎直方向夾角30°。繩長0.2m，不計一切摩擦。則此過程中重力對小圓球做功為

J；小圓球在此位置的瞬時速度大小是

m/s。（取g=10m/s2）參考答案：10.在“探究功與物體速度變化關系”的實驗中，某實驗研究小組的實驗裝置如圖甲所示，彈簧與木塊接觸但并沒有拴連。木塊從A點靜止釋放后，在1根彈簧作用下彈出，沿足夠長的木板運動到B1點停下，O點為彈簧原長時所處的位置，測得OB1的距離為L1，并記錄此過程中彈簧對木塊做的功為W。用完全相同的彈簧2根、3根……并列在一起進行第2次、第3次……實驗，每次實驗木塊均從A點釋放，木塊分別運動到B2、B3……停下，測得OB2、OB3……的距離分別為L2、L3……作出彈簧對木塊做功W與木塊停下的位置距O點的距離L的圖象如圖乙所示。（1）根據圖線分析，彈簧對木塊做功W與木塊在O點的速度v0之間的關系為

（2）W—L圖線不通過原點的原因是

。（3）求出彈簧被壓縮的長度為

cm。參考答案：1）W與成線性關系（2）未計木塊通過AO段時摩擦力對木塊所做（3）

3

cm11.(5分)一把均勻等臂直角尺AOB，質量為20kg，頂角O裝在頂板上的水平軸上，直角尺可繞軸在豎直平面內轉動，在A端下通過細繩拉著一個質量為10kg的重物P，細繩豎直方向，臂OB與豎直方向夾角為60O，如圖所示，此時細繩的拉力F＝

牛；重物P對地面的壓力N＝

牛。參考答案：

答案：36.6

63.412.一平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，在兩極板間有一負電荷（電量很小，不影響電場分布）固定在P點，如圖所示，U表示電容器的電壓，EP表示負電荷在P點的電勢能，若保持正極板不動，將負極板移到圖中虛線所示的位置，則U________（填變大、變小或者不變），EP________（填變大、變小或者不變）.參考答案：變小

不變13.一物體從A點由靜止開始作加速度大小為a1的勻加速直線運動，經過時間t后，到達B點，此時物體的加速度大小變為a2，方向與a1的方向相反，經過時間t后，物體又回到A點。則a1：a2=

；參考答案：1：3三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（簡答）如圖13所示,滑塊A套在光滑的堅直桿上,滑塊A通過細繩繞過光滑滑輪連接物塊B,B又與一輕質彈贊連接在一起，輕質彈簧另一端固定在地面上,’開始用手托住物塊.使繩子剛好伸直處于水平位位置但無張力。現將A由靜止釋放.當A下滑到C點時(C點圖中未標出)A的速度剛好為零，此時B還沒有到達滑輪位置，已知彈簧的勁度系數k=100N/m,滑輪質量和大小及摩擦可忽略不計，滑輪與桿的水平距離L=0.3m,AC距離為0.4m，mB=lkg,重力加速度g=10m/s2。試求：(1)滑'塊A的質量mA(2)若滑塊A質量增加一倍,其他條件不變，仍讓滑塊A從靜止滑到C點,則滑塊A到達C點時A、B的速度大小分別是多少？參考答案：（1）

（2）

（3），功能關系．解析：（1）開始繩子無張力，對B分析有kx1=mBg，解得：彈簧的壓縮量x1=0.1m（1分）當物塊A滑到C點時，根據勾股定理繩伸出滑輪的長度為0.5m，則B上升了0.2m,所以彈簧又伸長了0.1m。（1分）由A、B及彈簧組成的系統機械能守恒，又彈簧伸長量與壓縮量相等則彈性勢能變化量為零所以mAgh1=mBgh2（2分）其中h1=0.4m，h2=0.2m所以mA=0.5kg（1分）（2）滑塊A質量增加一倍，則mA=1kg，令滑塊到達C點時A、B的速度分別為v1和v2

由A、B及彈簧組成的系統機械能守恒得（2分）又有幾何關系可得AB的速度關系有vAcosθ=vB（1分）其中θ為繩與桿的夾角且cosθ=0.8解得：（1分）（1分）（1）首先由物體靜止條件求出彈簧壓縮的長度，再根據幾何知識求出物體B上升的距離，從而可求出彈簧伸長的長度，然后再根據能量守恒定律即可求解物體A的質量；題（2）的關鍵是根據速度合成與分解規律求出物體B與A的速度關系，然后再根據能量守恒定律列式求解即可．15.（6分）如圖所示，在水平光滑直導軌上，靜止著三個質量均為的相同小球、、，現讓球以的速度向著球運動，、兩球碰撞后黏合在一起，兩球繼續向右運動并跟球碰撞，球的最終速度.①、兩球跟球相碰前的共同速度多大？②兩次碰撞過程中一共損失了多少動能？參考答案：解析：①A、B相碰滿足動量守恒（1分）

得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）

②兩球與C碰撞同樣滿足動量守恒（1分）

得兩球碰后的速度v2=0.5m/s，（1分）

兩次碰撞損失的動能（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如右圖所示，一個質量為m，頂角為的直角劈和一個質量為M的長方形木塊，夾在兩豎直墻之間，不計一切摩擦，求（1）M對地面壓力的大小；（2）M對左墻壓力的大小。參考答案：（1）、對M和m整體受力分析，又由牛頓第三定律得，M對地面的壓力為Mg+mg；（2）、對直角劈m受力分析如右圖所示．所以右側墻對m的壓力為：把M、m作為一個整體進行受力分析，則左側墻對M的壓力與FN1是一對平衡力，又由牛頓第三定律得，M對左側墻的壓力為mgcotα.17.（6分）在光滑的水平面上有一個質量為m=1kg的小球，小球一端與水平輕彈簧相連，另一端與和豎直方向成θ=600角不可伸長的輕繩相連，如圖所示.此時小球處于靜止狀態，且水平面對小球的彈力恰好為零，當剪斷輕繩的瞬間，求（1）小球的加速度大小和方向；（2）此時輕彈簧的彈力與水平面對小球的彈力的比值為多少？取g=10m∕s2參考答案：因此時水平面對小球的彈力為零，小球在繩沒有斷時受到繩的拉力F1和彈簧的彈力F2作用而處于平衡狀態，依據平衡條件得，解得N-------（2分）

剪斷繩后小球在豎直方向仍平衡，水平面支持力平衡重力FN=mg

彈簧的彈力產生瞬時加速度，-（2分）

-----------------（2分）18.（18分）圖中虛線為相鄰兩個勻強磁場區域1和2的邊界，兩個區域的