廣東省江門市三民中學高三物理模擬試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，bc為固定在小車上的水平橫桿，物塊M串在桿上，靠摩擦力保持相對桿靜止，M又通過輕細線懸吊著一個小鐵球m，此時小車正以大小為a的加速度向右做勻加速運動，而M、m均相對小車靜止，細線與豎直方向的夾角為θ．小車的加速度逐漸增大，M始終和小車保持相對靜止，當加速度增加到2a時(

)

A．橫桿對M的摩擦力增加到原來的2倍

B．橫桿對M的彈力增加到原來的2倍

C．細線與豎直方向的夾角增加到原來的2倍

D．細線的拉力增加到原來的2倍參考答案：A2.如圖所示，測力計上固定有一個傾角為30°的光滑斜面，用一根細線將一個質量為0.4kg的小球掛在斜面上，測力計有一定的示數。當細線被剪斷物體正下滑時，測力計的示數將

（

）A．增加4N

B．增加3NC．減少2N

D．減少1N參考答案：D3.（單選）如圖，兩根相互平行的長直導線分別通有方向相反的電流I1和I2，且I1＞I2；a、b、c、d為導線某一橫截面所在平面內的四點，且a、b、c與兩導線共面；b點在兩導線之間，b、d的連線與導線所在平面垂直。磁感應強度可能為零的點是A．a點

B．b點

C．c點

D．d點

參考答案：C4.關于物體處于平衡狀態的條件，下列說法中正確的是：（

）A物體的速度為零

B物體的速度大小不變C物體的速度方向不變

D物體所受合力為零參考答案：D5.（多選題）2013年12月2日1時30分，搭載月球車和著陸器的嫦娥三號月球探測器從西昌衛星發射中心升空，飛行約18min后，嫦娥三號進入如下圖所示的地月轉移軌道AB，A為入口點，B為出口點，嫦娥三號在B點經過近月制動，進入距離月面h=100公里的環月圓軌道，其運行的周期為T；然后擇機在月球虹灣地區實行軟著陸，展開月面巡視勘察．若以R表示月球半徑，忽略月球自轉及地球對它的影響．下列說法正確的是（）A．嫦娥三號在環繞地球近地圓軌道運行的速度等于7.9km/sB．嫦娥三號在環繞地球近地圓軌道運行時，處于完全失重狀態，故不受重力C．月球表面的重力加速度大小為D．月球的第一宇宙速度為參考答案：AC【考點】萬有引力定律及其應用．【分析】攜帶月球車的著陸器在月球上著陸過程中，先加速下降再減速下降，故先失重再超重．根據萬有引力提供向心力；忽略月球自轉及地球對它的影響，重力等于萬有引力，聯立解得物體在月球表面自由下落的加速度．月球的第一宇宙速度就是近月衛星的運行速度，根據重力提供向心力，代入數據化簡可得第一宇宙速度．【解答】解：A、嫦娥三號在環繞地球近地圓軌道運行的速度約等于第一宇宙速度，即7.9km/s，故A正確；B、嫦娥三號在環繞地球近地圓軌道運行時，處于完全失重狀態，但仍受重力，故B錯誤C、嫦娥三號在B點經過近月制動，進入距離月面h=100公里的環月圓軌道，根據萬有引力提供向心力；忽略月球自轉及地球對它的影響，在月球表面重力等于萬有引力，由以上兩式可得重力加速度為，故C正確；D、月球的第一宇宙速度就是近月衛星的運行速度，根據重力提供向心力，解得：，故D錯誤；故選：AC．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.汽車發動機的功率為60kW，若汽車總質量為5×103kg，在水平路面上行駛時，所受阻力大小恒為5×103N，則汽車所能達到的最大速度為12m/s；若汽車以0.5m/s2的加速度由靜止開始做勻加速運動，這一過程能維持的時間為16s．參考答案：考點：功率、平均功率和瞬時功率；牛頓第二定律．專題：功率的計算專題．分析：當汽車在速度變大時，根據F=，牽引力減小，根據牛頓第二定律，a=，加速度減小，當加速度為0時，速度達到最大．以恒定加速度開始運動，速度逐漸增大，根據P=Fv，發動機的功率逐漸增大，當達到額定功率，速度增大，牽引力就會變小，所以求出達到額定功率時的速度，即可求出勻加速運動的時間．解答：解：當a=0時，即F=f時，速度最大．所以汽車的最大速度=12m/s．以恒定加速度運動，當功率達到額定功率，勻加速運動結束．根據牛頓第二定律，F=f+ma勻加速運動的末速度===8m/s．所以勻加速運動的時間t=．故本題答案為：12，16．點評：解決本題的關鍵理解汽車的起動問題，知道加速度為0時，速度最大．7.有一只家用電熨斗，其電路結構如圖（a）所示，圖中1、2、3、4是內部4個接線柱，改變內部接線方式可使電熨斗獲得低、中、高三個不同的溫度擋。圖（b）是它的四種不同的連線方式，其中能獲得低擋溫度的連線方式是圖（b）中的

?

，能獲得高擋溫度的連線方式是圖（b）中的

?

。參考答案：B，D8.特種兵過山谷的一種方法可化簡為如右圖所示的模型：將一根長為2d、不可伸長的細繩的兩端固定在相距為d的A、B兩等高處，懸繩上有小滑輪P，戰士們相互配合，可沿著細繩滑到對面。開始時，戰士甲拉住滑輪，質量為m的戰士乙吊在滑輪上，處于靜止狀態，AP豎直，則此時甲對滑輪的水平拉力為_________mg；若甲將滑輪由靜止釋放，則乙在滑動中速度的最大值為_________。（不計滑輪與繩的質量，不計滑輪的大小及摩擦）

參考答案：1/2

9.某行星繞太陽運動可近似看作勻速圓周運動，已知行星運動的軌道半徑為R，周期為T，萬有引力恒量為G，則該行星的線速度v大小為；太陽的質量M可表示為．參考答案：考點：萬有引力定律及其應用．專題：萬有引力定律的應用專題．分析：根據圓周運動知識求出行星的線速度大?。芯啃行抢@太陽運動作勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式求出中心體的質量．解答：解：根據圓周運動知識得：v=研究行星繞太陽運動作勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式：解得：故答案為：；點評：向心力的公式選取要根據題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應用．10.質量為2kg的物體，放在動摩擦因數為μ=0.1的水平面上，在水平拉力F的作用下，用靜止開始運動，拉力做的功W和物體發生的位移x之間的關系如圖，g=10m/s2，則此物體在x=6m處，拉力的瞬時功率為4.1W，從開始運動到x=9m處共用時t=4.5s．參考答案：考點：功率、平均功率和瞬時功率．專題：功率的計算專題．分析：根據功的公式W=FL分析可知，在OA段和AB段物體受到恒力的作用，并且圖象的斜率表示的是物體受到的力的大小，由此可以判斷物體受到的拉力的大小，再由功率的公式可以判斷功率的大?。獯穑航猓簩ξ矬w受力分析，物體受到的摩擦力為Ff=μFN=μmg=0.1×2×10N=2N．由圖象可知，斜率表示的是物體受到的力的大小，OA段的拉力為5N，AB段的拉力為1.5N，所以物體在OA段做勻加速運動，在AB段做勻減速直線運動；在OA段的拉力為5N，物體做加速運動，當速度最大時，拉力的功率最大，由V=at，V2=2aX，a==1.5m/s2代入數值解得，V=3m/s，t=2s在AB段，物體勻減速運動，最大速度的大小為3m/s，拉力的大小為1.5N，a′==﹣0.25m/s2V′2﹣V2=2a′×3解得V′=m/s，則此物體在x=6m處，拉力的瞬時功率為P=FV′=1.5×=4.1W，由位移公式：X=即知，從3m到9m用時t′=2.5s所以從開始運動到x=9m處共用時t總=2+2.5=4.5s故答案為：4.1，4.5點評：本題考查了對功的公式W=FL的理解，根據圖象的分析，要能夠從圖象中得出有用的信息﹣﹣斜率表示物體受到的拉力的大小，本題很好的考查了學生讀圖和應用圖象的能力．11.如圖為懸掛街燈的支架示意圖，橫梁BE質量為6kg，重心在其中點。直角桿ADC重力不計，兩端用鉸鏈連接。已知BE＝3m，BC＝2m，∠ACB＝30°，橫梁E處懸掛燈的質量為2kg，則直角桿對橫梁的力矩為

N·m，直角桿對橫梁的作用力大小為_______N。參考答案：150，150

12.一質量kg的物體在水平外力的作用下在水平面上運動，已知在t=0時物體處于直角坐標系的坐標原點且沿y方向的初速度為0，運動過程中物體的位置坐標與時間的關系為，則物體在t=10s時速度大小為

m/s；t=10s時水平外力的大小為

N。參考答案：5；0.813.如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態B，再由狀態B變化到狀態C，已知狀態A的溫度為300K，則由狀態A變化到狀態B的過程中，氣體的內能

（填“增大”、“減小”或“不變”），是

（“吸熱”或“放熱”）過程。參考答案：增大

吸熱三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在測量一節干電池的電動勢和內阻實驗中，小明設計了如圖甲所示的實驗電路（1）根據圖甲實驗電路，請在圖乙中用筆畫線代替導線，完成實物電路圖．（2）實驗開始前，應先將滑動變阻器的滑片P調到（填“a”或“b”）端．（3）合上開關S1，S2接圖甲中的1位置，滑動滑片P，記錄下幾組電壓表和電流表的示數，重置滑動變阻器，S2改接圖甲中的2位置，滑動滑片P，再記錄幾組電壓表和電流表的示數，在同一坐標系內分別描點作出S2接1、2位置時電壓表示數U和電流表示數I的圖象，如圖丙所示，兩圖線均為直線，與縱軸的截距分別為UA、UB，與橫軸的截距分別為IA、IB．①S2接1位置時，作出的U﹣I圖線是圖丙中的

（填“A”或“B”）；②S2接2位置時，干電池電動勢的測量值

真實值，內阻的測量值

真實值．（填“大于”、“小于”或“等于”）參考答案：解：（1）根據圖示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（2）為保護電路，實驗開始前，滑動變阻器應滑到最大位置處，故應先將滑動變阻器的滑片P調到a端．（3）①當S2接1位置時，可把電壓表與電源看做一個等效電源，根據閉合電路歐姆定律：E=U斷可知，電動勢和內阻的測量值均小于真實值，所以作出的U﹣I圖線應是B線；②測出的電池電動勢E和內阻r存在系統誤差，原因是電壓表分流造成．當S2接2位置時，可把電流表與電源看做一個等效電源，根據閉合電路歐姆定律E=U斷可知電動勢測量值等于真實值，U﹣I圖線應是A線，即E真=UA；由圖示圖象可知，E真=UA，開關S2接2位置時，由于電流表采用相對電源的內接法，故測量值中包括電流表內阻，因此測量值偏大；故答案為：（1）如圖所示；（2）a；（3）①B；②等于，大于；【考點】測定電源的電動勢和內阻．【分析】（1）根據電路圖連接實物電路圖．（2）為保護電路閉合開關前滑片應置于阻值最大處，從而確定對應的滑片位置；（3）明確電路結構，知道電流表內阻帶來的影響，從而確定對應的U﹣I圖象，同時根據電表內阻確定實驗誤差．15.某同學要測量一導體的電阻，步驟如下：(1)先用歐姆表粗測該導體的電阻值，選擇“×1”檔，進行歐姆調零后，測量時表盤示數如圖，該電阻阻值R=________Ω；(2)現用伏安法更精確地測量其電阻R，要求測量數據盡量精確，可供該同學選用的器材除開關、導線、待測電阻R外還有：A.電壓表V(量程0～15V,內阻未知)B.電流表A1(量程0～200mA，內阻r1=6Ω)C.電流表A2(量程0～3A，內阻r2=0.1Ω)D.滑動變阻器R1(0～10Ω，額定電流2A)E.滑動變阻器R2(0～1kΩ，額定電流0.5A)F.定值電阻R3(阻值等于2Ω)G.電源E(E＝12V，內阻不計)①實驗中除了選擇器材A、F、G外，還應選擇_______（填寫器材前面的字母）；②請在方框中畫出實驗電路圖_______：③某次測量中，所選擇的電流表和電壓表的讀數為I、U，該電阻R=________（用題中物理量的字母表示）；參考答案：

(1).15Ω

(2).BD

(3).

(4).【詳解】（1）根據歐姆表讀法，電阻=示數×倍率，所以為15Ω；（2）①選器材就是選擇電流表和滑動變阻器，由電動勢12V除以待測電阻大約15Ω，得到通過待測電阻的最大電流為0.8A，所以A2表3A的量程過大，因此選A1表，即B項；滑動變阻器阻值1kΩ過大，阻值利用效率過低，所以選擇小滑動變阻器D。②控制部分：使用分壓式接法；待測部分：由于A1表量程不足0.8A，故需要改表，需要并聯一個阻值為R3=2Ω的定值電阻，為了精確測量，需要使用電流表內接法。電路如圖；③根據電路連接，通過R的電流為：，則電阻R大小為四、計算題：本題共3小題，共計47分16.某滑板愛好者在離地h＝1.8m高的平臺上滑行，水平離開A點后落在水平地面的B點，其水平位移x1＝3m，著地時由于存在能量損失，著地后速度變為v＝4m／s，并以此為初速沿水平地面滑行x2＝8m后停止于C點．已知人與滑板的總質量m＝60kg，g=10m/s2。(空氣阻力忽略不計)。求(1)人與滑板離開平臺時的水平初速度；(2)人與滑板在水平地面滑行時受到的平均阻力大小。參考答案：(1)人和滑板一起在空中做平拋運動，設初速為v0，飛行時間為t，根據平拋運動規律有:

（2分）

（2分）聯立兩式解得:

m/s=5m/s

（1分）(2)設滑板在水平地面滑行時受到的平均阻力為f，根據動能定理有:（3分）解得:

（2分17.（13分）如圖所示的坐標系，x軸沿水平方向，y軸沿豎直方向。在x軸上方空間的第一、第二象限內，既無電場也無磁場，在第三象限，存在沿y軸正方向的勻強電場和垂直xy平面（紙面）向里的勻強磁場，在第四象限，存在沿y軸負方向、場強大小與第三象限電場場強相等的勻強電場。一質量為m、電荷量為q的帶電質點，從y軸上y=h處的P1點以一定的水平初速度沿x軸負方向進入第二象限。然后經過x軸上x=-2h處的P2點進入第三象限，帶電質點恰好能做勻速圓周運動。之后經過y軸上y=-2h處的P3點進入第四象限。已知重力加速度為g。試求：（1）粒子到達P2點時速度的大小和方向；（2）第三象限空間中電場強度和磁感應強度的大小；（3）帶電質點在第四象限空間運動過程中最小速度的大小和方向。參考答案：解析：（1）參見圖，帶電質點從P1到P2，由平拋運動規律h=

①（1分）

v0=

②（1分）

vy=gt

③（1分）

求出v=

④（1分）

方向與x軸負方向成45°角（1分）

(用其它方法求出正確答案的同樣給分。）

（2）帶電質點從P2到P3，重力與電場力平衡，洛倫茲力提供向心力Eq=mg

⑤（1分）Bqv=m

⑥（1分）

(2R)2=(2h)2+(2h)2

⑦（1分）

由⑤解得：E=

⑧（1分）聯立④⑥⑦式得B=

⑨（1分）

（3）帶電質點進入第四象限，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻減速直線運動。當豎直方向的速度減小