廣東省梅州市華南中學2022年度高三物理期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）如圖所示的電路中，電源內阻不可忽略，當滑動變阻器滑片處在某一位置時，電流表的讀數為I＝0.5A，電壓表V1的讀數U1＝1V，電壓表V2讀數為U2＝2V．則向右移動滑動變阻器的滑片后，三個電表可能得到的讀數是(D)A．I＝2A，U1＝2V，U2＝0VB．I＝1A，U1＝1.6V，U2＝3VC．I＝0.3A，U1＝0.9V，U2＝2.1VD．I＝0.2A，U1＝0.8V，U2＝2.4V參考答案：D2.（多選題）甲乙兩車同一平直道路上同向運動，其v-t圖像如圖所示，圖中△OPQ和△OQT的面積分別為s1和s2（s2＞s1）。初始時，甲車在乙車前方s0處(

)A．若s0=s1，兩車相遇1次B．若s0=s2，兩車相遇1次C．若s0＜s1，兩車相遇2次D．若s0=s1+s2，兩車不會相遇參考答案：ACD3.一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地。兩板間有一個正電荷固定在P點，如圖所示，以E表示兩板間的場強，U表示電容器兩板間的電壓，W表示正電荷在P點的電勢能，若保持負極板不動，將正極板向下移到圖示的虛線位置則：（

）A.U變小，E不變B.E變小，W不變C.U不變，W不變D.U變小，W不變參考答案：AD由題意可知電容器帶電荷量Q不變，由E=可知E不變；由于極板間距離d減小，所以C增大，故U減小；P點與負極板間的距離不變，則P與負極板間的電勢差不變，故正電荷在P點的電勢能不變。選AD。4.伽利略用兩個對接的斜面，一個斜面固定，讓小球從固定斜面上滾下，又滾上另一個傾角可以改變的斜面，斜面傾角逐漸改變至零，如下圖所示．伽利略設計這個實驗的目的是為了說明(

)A．如果沒有摩擦，小球將運動到與釋放時相同的高度B．如果沒有摩擦，物體運動時機械能守恒C．維持物體做勻速直線運動并不需要力D．如果物體不受到力，就不會運動參考答案：5.如圖所示，一個質量為60kg的人站在質量為300kg、長為5m的小船右端，開始時小船處于靜止狀態，小船的左端靠在岸邊。當他向左走到船的左端時（不計船與水之間的阻力），船左端離岸的距離為

（

）

A．1m

B．

m

C．m

D．m參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.“研究回路中感應電動勢E與磁通量變化快慢的關系”實驗，如圖1所示：（1）

某同學改變磁鐵釋放時的高度，作出E-△t圖象尋求規律，得到如圖2所示的圖線。由此他得出結論：磁通量變化的時間△t越短，感應電動勢E越大，即E與△t成反比。①實驗過程是________的（填寫“正確”“不正確”）；②實驗結論__________________________________________（判斷是否正確并說明理由）。（2）對實驗數據的處理可以采用不同的方法①如果橫坐標取_____________，就可獲得如圖3所示的圖線；

②若在①基礎上僅增加線圈的匝數，則實驗圖線的斜率將__________(填“不變”“增大”或“減小”)。參考答案：)(1)①正確（2分）；②不正確，只有在磁通量變化相同的條件下，時間越短，感應電動勢才越大。另外，從E-△t圖象并不能得到E與△t成反比的結論。(2分)(2)

①1/△t

（2分）

②變大

7.位于坐標原點的波源產生一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，已知t＝0時，波剛好傳播到x＝40m處，如圖所示，在x＝400m處有一接收器(圖中未畫出)，由此可以得到波源開始振動時方向沿y軸

方向（填正或負），若波源向x軸負方向運動，則接收器接收到的波的頻率

波源的頻率（填大于或小于）。參考答案：負方向

小于8.質量為m，速度為v0的子彈，水平射入一固定的地面上質量為M的木塊中，深入木塊的深度為L.如果將該木塊放在光滑的水平面上，欲使同樣質量的子彈水平射入木塊的深度也為L，則其水平速度應為__________。

參考答案：9.

設地球繞太陽做勻速圓周運動，半徑為R，速度為，則太陽的質量可用、R和引力常量G表示為__________。太陽圍繞銀河系中心的運動可視為勻速圓周運動，其運動速度約為地球公轉速度的7倍，軌道半徑約為地球公轉軌道半徑的2×109倍。為了粗略估算銀河系中恒星的數目，可認為銀河系中所有恒星的質量都集中在銀河系中心，且銀河系中恒星的平均質量約等于太陽質量，則銀河系中恒星數目約為__________。參考答案：答案：；解析：地球繞太陽做圓周運動的向心力由太陽對地球的萬有引力充當。根據萬有引力定律和牛頓第二定律有，整理得

太陽繞銀河系運動也是由萬有引力充當向心力。

同理可得。10.一定質量的理想氣體由狀態A經狀態B變化到狀態C的p-V圖象如圖所示．在由狀態A變化到狀態B的過程中，理想氣體的溫度

▲

（填“升高”、“降低”或“不變”）．在由狀態A變化到狀態C的過程中，理想氣體吸收的熱量

▲

它對外界做的功（填“大于”、“小于”或“等于”）參考答案：升高（2分），等于11.在均勻介質中，t=0時刻振源O沿+y方向開始振動，t=0.9s時x軸上0至14m范圍第一次出現圖示的簡諧橫波波形。由此可以判斷：波的周期為

s，x＝20m處質點在0～1.2s內通過的路程為

m。參考答案：0.4

412.內壁光滑的環形細圓管，位于豎直平面內，環的半徑為R（比細管的半徑大得多）．在細圓管中有兩個直徑略小于細圓管管徑的小球（可視為質點）A和B，質量分別為m1和m2，它們沿環形圓管（在豎直平面內）順時針方向運動，經過最低點時的速度都是v0；設A球通過最低點時B球恰好通過最高點，此時兩球作用于環形圓管的合力為零，那么m1、m2、R和v0應滿足的關系式是____________．參考答案：（1）在飛機沿著拋物線運動時被訓人員處于完全失重狀態，加速度為g，拋物線的后一半是平拋運動，在拋物線的末端飛機速度最大，為v=250m/s.豎直方向的分量vy=250cos30o=216.5m/s．水平方向的分量vx=250sin30o=125m/s．平拋運動的時間t=vy/g=22.2s．水平方向的位移是s=vxt=2775m．被訓航天員處于完全失重狀態的總時間是t總=10×2t=444s．（2）T-mg=mv2/r

由題意得T=8mg，r=v2/7g=915.7m（3）每飛過一個120o的圓弧所用時間t‘=（2πr/v）/3=7.67s，t總=10t‘+t總=76.7+444=520.7s（4）s總=20s+10×2rsin30o=55500+15859=71359m．．13.（4分）用活塞壓縮汽缸里的空氣，對空氣做了900J的功，同時汽缸向外散熱210J，汽缸里空氣的內能

（填“增加”或“減少”）了

J。參考答案：

增加

690J三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖甲所示，斜面傾角為θ=37°，一寬為d=0.65m的有界勻強磁場垂直于斜面向上，磁場邊界與斜面底邊平行。在斜面上由靜止釋放一矩形金屬線框，線框沿斜面下滑，下邊與磁場邊界保持平行。取斜面底部為重力勢能零勢能面，從線框開始運動到恰好完全進入磁場的過程中，線框的機械能E和位移x之間的關系如圖乙所示，圖中①、②均為直線段。已知線框的質量為M=0.1kg，電阻為R=0.06Ω．（取g=l0m·s-2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8)求：(1)線框與斜面間的動摩擦因數μ；(2)線框剛進入磁場到恰好完全進入磁場所用的時間t：(3)線框穿越磁場的過程中，線框中的最大電功率Pm。參考答案：0.5；1/6s；0.54W【詳解】（1）由能量守恒定律，線框減小的機械能等于克服摩擦力做功，則其中x1=0.36m；解得μ=0.5（2）金屬線框進入磁場的過程中，減小的機械能等于克服摩擦力和安培力做的功，機械能均勻減小，因此安培力也是恒力，線框做勻速運動，速度為v1v12=2ax1解得a=2m/s2v1=1.2m/s其中

x2為線框的側邊長，即線框進入磁場過程中運動的距離，可求出x2=0.2m，則（3）線框剛出磁場時速度最大，線框內電功率最大由可求得v2=1.8m/s根據線框勻速進入磁場時：可得FA=0.2N又因為可得將v2、B2L2帶入可得：15.（8分）在衰變中常伴有一種稱為“中微子”的粒子放出。中微子的性質十分特別，因此在實驗中很難探測。1953年，萊尼斯和柯文建造了一個由大水槽和探測器組成的實驗系統，利用中微子與水中的核反應，間接地證實了中微子的存在。（1）中微子與水中的發生核反應，產生中子（）和正電子（），即中微子+→+，可以判定，中微子的質量數和電荷數分別是

。（填寫選項前的字母）

A.0和0

B.0和1

C.1和0

D.1和1（2）上述核反應產生的正電子與水中的電子相遇，與電子形成幾乎靜止的整體后，可以轉變為兩個光子（），即+2

已知正電子和電子的質量都為9.1×10-31㎏，反應中產生的每個光子的能量約為

J.正電子與電子相遇不可能只轉變為一個光子，原因是

。參考答案：（1）A；(2)；遵循動量守恒解析：（1）發生核反應前后，粒子的質量數和核電荷數均不變，據此可知中微子的質量數和電荷數分都是0，A項正確。（2）產生的能量是由于質量虧損。兩個電子轉變為兩個光子之后，質量變為零，由，故一個光子的能量為，帶入數據得=J。正電子與水中的電子相遇，與電子形成幾乎靜止的整體，故系統總動量為零，故如果只產生一個光子是不可能的，因為此過程遵循動量守恒。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖，半徑R=0.9m的四分之一圓弧形光滑軌道豎直放置，圓弧最低點B與長為L=1m的水平面相切于B點，BC離地面高h=0.45m，C點與一傾角為°的光滑斜面連接，質量m=1.0kg的小滑塊從圓弧頂點D由靜止釋放，已知滑塊與水平面間的動摩擦因數，取g=10m／s2．求：（1）小滑塊剛到達圓弧的B點時對圓弧的壓力：（2）小滑塊到達C點時速度的大小：（3）小滑塊從C點運動到地面所需的時間．參考答案：（1）30N,方向豎直向下

（2）4m/s

(3)0.3s⑴設滑塊到B點速度為VB,由機械能守恒

（2分）在B點：

（2分）得N=3mg=30N

由牛頓第三定律，滑塊在B點對圓弧的壓力大小為30N

（1分）⑵由動能定理，

（2分）

（1分）⑶滑塊離開C點后做平拋運動，設其下落h的時間為t，則由

（1分）得t=0.3st=0.3s內滑塊的水平位移x=vct=1.2m

（1分）而斜面的水平長度，（1分）所以小滑塊從C點運動到地面所需的時間為0．3s

（1分）17.如圖所示，將兩個等量異種點電荷+Q和-Q分別固定于豎直線上的A、B兩點，AB間距離為2d．EF為AB的中垂線．將質量為m、電荷量為+q(可視為質點且不影響原電場的分布)的帶電小球固定在可繞O點自由轉動的絕緣細桿的一端．從小球位于最高點C處由靜止釋放，已知OC=小球經過F點時速度為v，重力加速度為g，不計細桿重力和摩擦阻力，求：(1)C、F間的電勢差UCF。(2)小球經過最低點D點的速度大小．參考答案：18.如圖所示，一薄的長木板B置于光滑水平地面上，長度為L=0.25m、質量為M=4kg。另有一質量為m=2kg的小滑塊A置于木板的左端，二者均相對地面靜止。已知A與B之間的動摩擦因數為μ=0.1，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。若B受到如圖所示的水平外力F作用，求：（1）0～2s時間內，B在水平地面上的滑動的距離；（2）2s～4s時間內，B在水平地面上滑動的距離。參考答案：見解析當A、B之間達到最大靜摩擦力時。由牛頓第二定律得，對B有

1分對A有

1分解得

1分（1）當時，A、B相對靜止，一起向右運動，有1分在內的位移為

1分解得