1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，在水平地面上做勻速直線運動的汽車，通過定滑輪用繩子吊起一個物體，若汽車和被吊物體在同一時刻的速度分別為v1和v2，則下面說法正確的是

2、()A物體做勻速運動，且v2v1B.物體做加速運動，且v2v1C.物體做加速運動，且v2v1D.物體做減速運動，且v2v12、物體沿直線運動的位移-時間關系式為，下列正確的是A.物體運動的加速度大小為B.運動2秒位移為零C.運動2秒瞬時速度為零D.第2秒內位移為12m3、在研究物體的運動時，下列物體中可以當作質點處理的是（）A.為提高乒乓球運動員球技，研究乒乓球的運動時，乒乓球可作為質點來處理B.在大海中航行的船，要確定它的位置時，可以把它當作質點來處理C.研究雜技演員在走鋼絲的表演時，雜技演員可以當作質點來處理D.研究地球的自轉運動時，地球可以當作質點來處理4、直接測量“國際單位制規定的三個

3、力學基本物理量”，應選擇下列哪一組儀器（）A.米尺、彈簧秤、秒表B.米尺、測力計、打點計時器C.量筒、天平、秒表D.米尺、天平、秒表5、小蔡駕駛的某轎車在某一段時間內作勻加速直線運動，其初速度為，加速度為，則（）A.該汽車位移與時間的關系式是B.該汽車速度與時間的關系式是C.2s內汽車的位移為14mD.4s時汽車速度為6、如圖所示，在動摩擦因數為0.2水平面上有一個質量為1kg的小球，小球與水平輕彈簧及與豎直方向成45角的不可伸長的輕繩一端相連，此時小球處于靜止狀態，且水平面對小球的彈力恰好為零，當剪斷輕繩的瞬間，取g10m/s2，則（）A.水平面對小球的彈力仍為零B.小球的加速度為0C.小球

4、的加速度為8m/s2D.小球的加速度為10m/s27、如圖一個鐵球從豎立在地面的輕彈簧正上方某處自由下落，接觸彈簧并將彈簧壓縮，彈簧均為彈性形變,在壓縮彈簧的全過程中，以下說法正確的是（）A.鐵球始終做減速運動B.鐵球的加速度為0時速度最大C.鐵球的加速度先減小后增大D.彈簧最短時鐵球靜止8、如圖，物體P靜止于固定的斜面上，P的上表面水平。現把物體Q輕輕地疊放在P上，則（）A.P向下滑動B.P靜止不動C.P所受的合外力為零D.P與斜面間的靜摩擦力增大9、將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的vt圖象如圖所示，以下判斷正確的是（）A.前3s內貨物處于超重狀態B.最后2s內貨物只

5、受重力作用C.前3s內與最后2s內貨物的平均速度相同D.第3s末至第5s末的過程中，貨物靜止10、如圖所示，滑雪軌道是由斜直軌道AB和水平軌道BC組成，運動員經過B點前后速度大小不變，t=0時運動員從A點由靜止開始勻加速下滑，通過B點后，做勻減速滑動，最后停在C點。若運動員在第3s末和第6s末速度大小均為6m/s，第8s末速度大小為4m/s，則A.運動員在第3.5s末已經過B點B.運動員在運動過程中的最大速度為8m/sC.運動員從A到C平均速率為5m/sD.運動員在第12s末恰好停在C點11、游樂園中，游客乘坐能加速或減速運動的升降機，可以體會超重與失重的感覺下列描述正確的是（ ）A.當升降機

6、加速上升時，游客是處在失重狀態B.當升降機減速下降時，游客是處在超重狀態C.當升降機減速上升時，游客是處在失重狀態D.當升降機加速下降時，游客是處在超重狀態12、如圖甲所示，固定光滑細桿與水平地面成傾角，在桿上套有一個光滑小環，小環在沿桿方向向上的拉力F作用下向上運動02s內拉力的大小為10N，24s內拉力的大小變為11N，小環運動的速度隨時間變化的規律如圖乙所示，重力加速度g取10m/s2,則下列說法正確的是（ ）A.小環在加速運動時的加速度a的大小為2m/s2B.小環在02s內通過的位移大小為1mC.小環的質量m=2kgD.細桿與水平地面之間的夾角=300二填空題(每小題6分，共18分)1

7、3、某實驗小組用如下圖所示的實驗裝置驗證“力的平行四邊形定則”(1)實驗步驟如下：用一個彈簧測力計測出鉤碼的重力，記為F；將彈簧的一端固定于鐵架臺上的C處，在豎直放置的木板上貼一張坐標紙，在彈簧末端掛上該鉤碼，在坐標紙上記下此時彈簧末端的位置O；取下鈞碼，將兩條一模一樣的橡皮筋套在彈簧末端，用兩個彈簧測力計共同將彈簧末端拉到同一位置O，記錄此時兩橡皮筋伸長的方向，如圖所示，并記下彈簧測力計的讀數FA和FB；選好標度，在坐標紙上畫出兩只彈簧測力計的拉力FA和FB的圖示，并根據平行四邊形定則求出合力F；按同一標度，在坐標紙上畫出掛一個鉤碼時彈簧所受的拉力F的圖示；比較_的一致程度，若有較大的差異，

8、對其原因進行分析，作出相應的改進后重新再次實驗。(2)本實驗采用的科學方法是等效替代法，等效替代的對象是_(“橡皮筋”，“彈簧”)(3)同學們在操作中有如下議論，其中說法正確的有_A.兩個分力FA、FB間夾角越大越好B.圖中所示的兩條橡皮筋的伸長的長度不可能相等C.彈簧測力計、橡皮筋、彈簧都應與木板平行D.用兩彈簧秤同時拉細繩時兩彈簧秤示數之差應盡可能大14、某同學讓重錘做自由落體運動，利用打點計時器打出的紙帶來測量當地的重力加速度該同學在實驗中得到6條紙帶，如圖所示為其中一條，在紙帶上取6個計數點，兩個相鄰計數點間的時間間隔為T=0.02s其中1、2、3點相鄰，4、5、6點相鄰，在3點和4點

9、之間還有若干個點x1是1、3兩點的距離，x3是4、6兩點的距離，x2是2、5兩點的距離（1）測x1、x2、x3后，點2速度的表達式v2= _點5速度的表達式v3= _（2）該同學測得的數據是x1=4.00cm，x2=19.30cln，x3=8.72cm，根據數據求出重力加速度g= _m/s2（保留三位有效數字）15、為了探究質量一定時加速度與力的關系，一同學設計了如圖所示的實驗裝置，其中M為帶滑輪的小車的質量，m為砂和砂桶的質量，（滑輪質量不計）（1）實驗時，一定要進行的操作或保證的條件是_A用天平測出砂和砂桶的質量B將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力C小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋

10、放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數D改變砂和砂桶的質量，打出幾條紙帶E為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量m遠小于小車的質量M（2）以彈簧測力計示數F為橫坐標，加速度為縱坐標，畫出的a-F圖像是一條直線，圖線與橫軸的夾角為，求得圖線的斜率為k，則小車的質量為_三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，用與水平方向夾角=37的恒力作用在質量m=1kg的木箱上，使木箱在水平地面上做直線運動，已知恒力的大小F=10N，木箱與地面間的動摩擦因數=0.50，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)木箱對地面壓力大小FN；(2)從靜止開始運動了12m后，木箱

11、速度的大小v17、（10分）如圖所示，長的木板B放在光滑水平面上木板質量今有一質量的滑塊可視為質點以初速度從板的左端滑上木板試求滑塊A在木板B上滑行的時間和這一過程中木板向右運動的位移已知AB間動摩擦因數，參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】將汽車的運動分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，如圖所示：設兩段繩子夾角為，沿繩子方向的速度等于重物的速度大小重物的速度,所以,汽車向右勻速行駛,則增大,則增大,所以重物的速度增大,物體在做

12、加速運動，故C正確，ABD錯誤。2、C【解析】A根據勻變速直線運動的公式：對比題中所給的表達式，根據對應項的系數相等的關系即可得出初速度為，加速度為，故A錯誤；B根據關系式可得，當時：故B錯誤；C經過2s后的速度為：因此2s瞬時速度為零，故C正確；D第2s內的位移等于的位移減去第1s內的位移，所以則有：故D錯誤。故選C3、B【解析】物體可以看成質點的條件是看物體的大小體積對所研究的問題是否產生影響，同一個物體在不同的時候，有時可以看成質點，有時不行，要看研究的是什么問題。【詳解】A為提高乒乓球運動員球技時，研究乒乓球的運動時，需要看在不同方向、不同手法、在不同擊球點打乒乓球情況下，乒乓球的快慢

13、、高低、旋轉情況，不可將乒乓球作為質點來處理，所以A錯誤；B在大海中航行的船，要確定它在大海的位置時，船的形狀、大小對所研究的問題沒有影響，可以把它當作質點來處理，所以B正確；C欣賞雜技演員的精彩表演時，看的就是雜技演員的優美的動作，所以此時的雜技演員不能看成是質點，所以C錯誤；D研究地球的自轉運動時，不能當作質點來處理，所以D錯誤。故選B。4、D【解析】長度是用刻度尺來測量的，質量是用天平來測量的，時間是用秒表來測量的。故選D。5、A【解析】AB汽車位移與時間的關系式故A正確，B錯誤；C2s內汽車的位移s=10t+2t2=102+24m=28m。故C錯誤；D根據速度時間公式得，4s時的速度v

14、=v0+at=10+44m/s=26m/s。故D錯誤；故選A。6、C【解析】A.在剪斷輕繩前，小球受重力、繩子的拉力以及彈簧的彈力處于平衡，根據共點力平衡得，彈簧的彈力：Fmgtan4510110N，剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力仍然為10N，小球此時受重力、支持力、彈簧彈力和摩擦力四個力作用，水平面對小球的彈力不為零，故A錯誤；BCD.小球所受的最大靜摩擦力為：fmg0.210N2N，根據牛頓第二定律得小球的加速度為：合力方向向左，故C正確，BD錯誤7、BC【解析】小球與彈簧接觸后，根據彈簧對小球的彈力和小球重力的合力的關系，分析小球的運動情況以及加速度情況【詳解】球在接觸彈簧到彈簧被壓縮的整個

15、過程中，受到豎直向下的重力和豎直向上的彈力，彈力先小于重力，后大于重力，合力方向先向下后向上，所以加速度先減小后增加，小球先加速后減速，當鐵球受到的彈簧彈力等于自身重力時，加速度為零，速度最大故A錯誤，故BC正確彈簧最短時，鐵球所受的合力向上，雖然速度為零，但不是靜止狀態，選項D錯誤；故選BC.【點睛】本題關鍵是分析小球與彈簧接觸后彈力的變化，從而分析合力的變化得到加速度的變化；注意速度為零不一定是靜止狀態8、BCD【解析】AB.對P進行受力分析，受重力、支持力、靜摩擦力，根據平衡條件，有N=Mgcosf=Mgsin得：由于物體Q輕輕地疊放在P上，相當于增大物體P重力，則P靜止不動，故A錯誤，

16、B正確；C.物體P保持靜止，合力為零，故C正確；D.由于物體Q輕輕地疊放在P上，相當于增大物體P重力，則P與斜面間的靜摩擦力增大，故D正確。9、AC【解析】根據圖象的斜率物體的運動性質，明確加速度的方向，再根據加速度向上時超重，加速度向下時失重分析性質【詳解】前3 s內貨物加速上升，處于超重狀態，故A正確；最后2s內貨物向上減速，處于失重狀態，加速度是3m/s2,比重力加速度小得多，并非只受重力作用，故B錯誤；前3 s內為勻加速直線運動，平均速度為3m/s，最后2 s內貨物做勻減速直線運動，平均速度也為3m/s，故C正確第3s末至第5s末的過程中，貨物以6m/s的速度向上做勻速直線運動，故D錯

17、誤；故選AC【點睛】本題考查v-t圖象的性質以及超重和失重現象；超重是物體所受限制力（拉力或支持力）大于物體所受重力的現象；當物體做向上加速運動或向下減速運動時，物體均處于超重狀態，即不管物體如何運動，只要具有向上的加速度，物體就處于超重狀態；超重現象在發射航天器時更是常見，所有航天器及其中的宇航員在剛開始加速上升的階段都處于超重狀態10、BD【解析】AB由題可知，運動員在第3s末速度大小為6m/s，則運動員前3s在斜面上，則加速度大小為：m/s2又第6s末速度大小也為6m/s，第8s末速度大小為4m/s，說明運動員此過程在水平面上，則加速度大小為： m/s2設在AB面上的時間為，B點的最大速

18、度為，則在斜面上有：水平面上有：聯立解得：m/s，s由上可知，3.5ss，所以運動員在第3.5s末仍在斜面上，最大速度為8m/s，故A錯誤，B正確； C在AB段的位移為：m在BC段減速到零的時間為：s在BC段的位移為：m根據平均速度公式有：得AC段的平均速度為：m/s故C錯誤； D綜上分析可知，A到C的總時為:s所以運動員在第12s末恰好停在C點，故D正確。故選BD11、BC【解析】當升降機加速上升時，乘客有向上的加速度，是由重力與升降機對乘客支持力的合力產生的此時升降機對乘客的支持力大于乘客的重力，所以處于超重狀態A錯誤當升降機減速下降時，具有向上的加速度，同理此時乘客也處于超重狀態B正確當

19、升降機減速上升時，具有向下的加速度，是由重力與升降機對乘客支持力的合力產生的，所以升降機對乘客的支持力小于乘客的重力此時失重C正確當升降機加速下降時，也具有向下的加速度，同理可得此時處于失重狀態，D錯誤易錯提醒：對超重失重的原因不明，錯誤認為加速運動就超重而減速運動失重而錯選D備考提示：超重與失重的理解是解決本題的關鍵超重和失重并不是重力發生的變化，而是測得的支持力發生了變化，大于實際重力或小于實際重力對于物體此時在豎直方向受力不再平衡，一定產生加速度，加速度的方向向上時，支持力大于重力，超重，加速度的方向向下時，支持力小于重力，失重從物體的運動情況判斷加速度的方向對于加速度方向的判斷，可以根

20、據速度的大小變化當速度增大時，加速度的方向與速度方向相同，當速度大小減小時，加速度的方向與速度方向相反12、CD【解析】速度時間圖象中，斜率代表加速度；根據斜率即可求得加速度；從速度時間圖象得到小環的運動規律，即先勻速后加速，求出加速度，得到合力，然后受力分析，根據共點力平衡條件和牛頓第二定律列式求解質量和夾角【詳解】由圖得：；故A錯誤；小環在02s內通過的位移大小為21m=2m，選項B錯誤；由小環運動的v-t圖可知，當F1=10N時，在0-2s時間內小環做勻速運動；F2=11N時，在2-4s內小環做勻加速運動，則有：F1-mgsin=0；F2-mgsin=ma；代入數據解得：m=2kg，=3

21、0；故CD正確；故選CD【點睛】本題考查牛頓第二定律以及運動學圖象的應用；關鍵是對小球進行運動情況分析，明確物體先勻速后加速；做好受力分析，根據共點力平衡條件和牛頓第二定律列式求解即可.二填空題(每小題6分，共18分)13、 .F與F/ .彈簧 .BC【解析】(1)1驗證力的平行四邊形定則定則實驗是利用了分力與合力的等效方法，所以比較的是第一次的F與第二次的FA和FB的合力F的一致程度。(2)2教材中的實驗利用的是橡皮筋，此實驗用的是彈簧，用彈簧等效替代了橡皮筋。(3)3A兩個分力FA、FB間夾角適當即可，并不是越大越好，故A錯誤。B圖中所示的兩條橡皮筋伸長的長度要想相等，只能是合力處于兩個橡皮筋的夾角的角平分線上，此題明顯不是，故B正確。C在實驗中，一定要保持彈簧測力計、橡皮筋、彈簧都應與木板平行，故C正確。D用兩彈簧秤同時拉細繩時彈簧讀數沒有要求，只要使得兩次拉伸到一點就行，故D錯誤。故選BC。14、 . . .9.72【解析】(1)根據中點時刻速度等于平均速度得，(2)根據勻加速直線運動位移速度公式可知：，代入數據計算得出15、 .B