1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示是A、B兩質點從同一地點運動的x-t圖象，則下列說法正確是（）A.A質點做勻加速直線運動B.A、B兩質點在8s末相遇C.B質點前4s做減速運動，4秒后做加速運動D.B質點先沿負方

2、向做直線運動，后沿正方向做直線運動2、下列說法中正確的是（）A.重心一定在物體上B.當物體浮在水中時，所受重力比在地面上時要小C.形狀規則的物體其重心一定在物體的幾何中心D.重力的方向是豎直向下3、甲、乙兩輛汽車沿同一平直路面行駛，其vt圖象如圖，下列對汽車運動狀況的描述正確的是（）A.在第10s末，乙車改變運動方向B.在第10s末，甲、乙兩車相距150mC.在第20s末，甲、乙兩車相遇D.若乙車在前，則可能相遇兩次4、如圖所示，水平桿上套有兩個相同的質量均為m的環，兩細線等長，下端系著質量為M的物體，系統靜止，現在增大兩環間距而系統仍靜止，則桿對環的支持力FN和細線對環的拉力F的變化情況是（

3、 ）A.都不變B.都增大C.支持力FN增大，拉力F不變D.支持力FN不變，拉力F增大5、一小船在靜水中的速度為3m/s，它在一條河寬300m，水流速度為4m/s的河流中渡河，則該小船（）A.能到達正對岸B.渡河時間可能少于100sC.以最短時間渡河時，它沿水流方向的位移大小為400mD.以最短位移渡河時，位移大小為300m6、運動員在跳離地面時，下列說法中正確的是A.運動員對地面的壓力大于地面對運動員的支持力B.運動員先對地面有壓力，然后地面對運動員有支持力C.地面對運動員的支持力與運動員的重力是一對平衡力D.地面對運動員的支持力大于運動員的重力7、蹦床運動深受青少年兒童喜歡，其運動可以簡化為

4、如圖乙所示的模型，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質量為m=0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中（彈簧始終在彈性限度內），其速度v和彈簧壓縮量x之間的函數關系如圖丙所示，其中A為曲線的最高點，取g=10m/s2，則下列說法正確的是A 小球剛接觸彈簧時速度最大B.當x=0.2m時，小球所受的合力為零C.該彈簧的勁度系數為10.0N/mD.從接觸彈簧到壓縮彈簧至最短的過程中，小球的最大加速度為30m/s28、如圖所示，一輕質彈簧一端固定在墻上的O點，自由伸長到B點今用一小物體m把彈簧壓縮到A點(m與彈簧不連接)，然后釋放，小物體能經B點運動到C點而靜止小物

5、體m與水平面間的動摩擦因數恒定，則下列說法中正確的是()A.物體從A到B過程速度越來越大B.物體從A到B過程速度先增加后減小C.物體從A到C過程加速度越來越小D.物體從A到C過程加速度先減小再增加后保持不變9、一質點做勻加速直線運動，第3s內的位移是2m，第4s內的位移是2.5m，那么以下說法正確的是()A.第2s內的位移是2.5mB.第3s末的瞬時速度是2.25m/sC.質點的加速度是0.125m/s2D.質點的加速度是0.5m/s210、如圖1所示，在一升降機內，一物塊被一輕質彈簧緊壓在天花板上，彈簧的下端固定在升降機的地板上，彈簧保持豎直在升降機運行過程中，物塊未曾離開升降機的天花板當升

6、降機向上運動時，其圖象如圖2所示，下面給出的地板所受壓力和升降機天花板所受壓力隨時間變化的定性圖象，可能正確的是A.B.C.D.11、一有固定斜面的小車在水平面上做直線運動,小球通過細繩與車頂相連.小球某時刻正處于如圖所示狀態.設斜面對小球的支持力為N,細繩對小球的拉力為T,關于此時刻小球的受力情況,下列說法正確的 ( )A.若小車向左運動,N可能為零B.若小車向左運動,T可能為零C.若小車向右運動,N不可能為D.若小車向右運動,T不可能為零12、如圖所示，不計空氣阻力，自由下落的小球從它接觸彈簧開始，到彈簧壓縮到最短的過程中，小球的速度和加速度的變化情況，下列判斷正確的是（）A.速度一直變小

7、，壓縮到最短時速度為零B.速度先變大，后減小到零C.加速度一直增大，壓縮到最短時加速度方向向上D.加速度先變小，后變大二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）小王在做“探究彈力和彈簧伸長的關系”實驗時，安裝好實驗裝置，讓刻度尺零刻度與彈簧上端平齊在彈簧下端掛一個鉤碼，靜止時彈簧長度如圖所示，其示數為_cm.在彈簧下端掛三個鉤碼時，彈簧長度為24.95cm已知每個鉤碼質量是50g，當地重力加速度g=10m/s2，據此小王計算出彈簧的勁度系數為_N/m.14、（10分）某舉重運動員在地面上最多能舉起150kg的杠鈴，若升降機以2m/s2的加速度加速上升，則該運動員在該升降機中舉

8、起杠鈴的最大質量為_kg（g取10m/s2）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖甲所示，t0時，水平地面上質量m1kg的物體在水平向左、大小恒為10N的力T的作用下由靜止開始運動，同時施加一水平向右的拉力F，拉力F隨時間變化關系圖象如圖乙所示，物體與地面間動摩擦因數0.5，（g10m/s2）求：（1）2s末物體的速度大小；（2）前2s內物體的位移；（3）t為多少時體的速度為0。16、（12分）在質量為的車廂 B 內緊靠右壁，放一質量的小物體 A(可視為質點)，對車廂 B 施加一水平向右的恒力 F，且，使之從靜止開始運動測得車廂 B 在最初內移動，且這段時

9、間內小物塊未與車廂壁發生過碰撞車廂與地面間的摩擦忽略不計(1)計算 B 在 2.0s 的加速度；(2)求末 A 的速度大小；(3)在時撤去拉力 F，為了使得小物塊與車廂壁不發生碰撞，小車至少多長？17、（12分）如圖所示，質量為2kg的物體A和質量為1kg的物體B放在水平地面上，A、B 與地面間的動摩擦因數均為1/3，在與水平方向成370角的20N斜向下推力F的作用下，A、B起做勻加速直線運動（)求：（1）A、B起做勻加速直線運動的加速度大小；（2）運動過程中A對B的作用力大小；（3）若3s后撤去推力，求撤去推力后1s內A在地面上滑行的距離參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，

10、每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】圖：斜率表示速度【詳解】A、質點斜率不變，速度不變，故A錯；B、縱坐標表示位置，故4s末，AB相遇，故B錯；C、斜率代表速度，從圖像上可以看出：質點前4s做減速運動，秒后做加速運動,故C對；D、質點先沿正方向做直線運動，后沿負方向做直線運動故D錯；【點睛】圖像的斜率表示速度大小，所以根據斜率可以知道物體運動的速度大小變化，從圖像上可以直接看出物體的位置坐標，則可以知道何時相遇2、D【解析】A空心狀物體，例如圓環，它的重心在圓心，但是不在圓環上,故A錯誤；B當物體浮在水中時，所受重力與在地面上相等，故B錯誤；C只有質量均勻，形狀規則的物體的重

11、心才在物體的幾何中心上，故C錯誤；D重力的方向是豎直向下，故D正確。故選擇D選項。3、D【解析】A由圖可知，在第20s內，乙車一直沿正方向的運動，速度方向沒有改變，故A錯誤；BC由于不知道初始位置甲乙相遇多遠，所以無法判斷在10s末兩車相距多少，也不知道再20s末能否相遇，故BC錯誤；D若剛開始乙在前，且距離為150m，則在10s末兩車相遇；之后甲在乙的前面，當乙的速度等于甲的速度之后，乙慢慢的追上乙，在某個時刻會相遇，故D正確。故選D。4、D【解析】以兩個鐵環和小球組成的系統為研究對象，豎直方向受到重力和水平橫梁對鐵環的支持力FN和摩擦力f，如圖1所示根據平衡條件得：2FN=（M+2m）g，

12、得到可見，水平橫梁對鐵環的支持力FN不變.以左側環為研究對象，力圖如圖2所示豎直方向：FN=Fsin+mg , 分析可知FN，mg不變，減小，則F增大故選D5、C【解析】A因為船在靜水中的速度小于河水的流速，由平行四邊形法則求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正達對岸，故A錯誤；B當船的靜水中的速度垂直河岸時渡河時間最短：tmin100s故B錯誤；C船以最短時間100s渡河時沿河岸的位移：xvstmin4100m400m，故C正確；D因為船在靜水中的速度小于河水的流速，由平行四邊形法則求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正達對岸；所以由三角形的相似得最短位移為：sd300400m故

13、D錯誤；故選擇C選項。6、D【解析】運動員能夠挑起的原因是地面的支持力大于運動員的重力，即運動員所受合力豎直向上，地面對運動員的支持力和運動員對地面的壓力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反；【詳解】AB、根據牛頓第三定律，運動員跳起的過程中對地面的壓力等于地面對運動員的支持力，而且相互作用力是同時產生的，故AB錯誤；CD、運動員在起跳過程中運動員的加速度豎直向上，根據牛頓第二定律可知運動員所受合力豎直向上，故地面對運動員的支持力大于運動員的重力，故C錯誤，D正確【點睛】本題明確運動員起跳的原因是解決C項的關鍵，同時明白作用力和反作用力的關系可以掌握壓力和支持力的大小關系7、BCD【解析】A

14、剛接觸彈簧時，彈簧彈力從零開始增大，還小于重力，即小剛接觸彈簧后，在一段時間內，重力大于彈力，合力仍豎直向下，即仍向下做加速運動，故小球剛接觸彈簧時速度不是最大，A錯誤；B當x=0.2m時，速度最大，加速度減小到零，即彈力等于重力，合力為零，B正確；C根據圖丙可知，從開始接觸彈簧到速度最大（A點），彈簧被壓縮了0.2m，故有，C正確；D彈簧最短時，速度為零，從圖丙中可知，整個過程中彈簧壓縮了0.8m，故在最低點彈簧的彈力大小為：根據牛頓第二定律可知，在最低點小球的加速度最大，最大為：，D正確。故選BCD。8、BD【解析】物體從A到B運動的過程中，開始時彈簧的彈力大于摩擦力，加速度方向向右，物體

15、做加速度運動，當彈簧的彈力與摩擦力相等時，加速度為零，然后彈簧的彈力小于摩擦力，加速度方向向左，物體做減速運動，加速度增大，所以從A到B先加速后減速，到達B點后，彈簧與物體開始分離，分離后物體只受滑動摩擦力，所以加速度不變，故BD正確，AC錯誤。故選BD。9、BD【解析】A勻變速直線運動在連續相等時間內的位移之差是一恒量，則有：代入數據解得故A錯誤；B某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，則第末的速度故B正確。CD根據得加速度為：，故D正確，C錯誤。故選BD。10、BC【解析】AB由題意可知，物塊被一輕質彈簧緊壓在天花板上，由于彈簧的形變量不變，則地板所受壓力不變，故A錯誤，B正確；CD

16、先向上勻加速運動，根據牛頓第二定律則有：；當向上做勻速運動時則有：，則有：；當向上勻減速運動時，加速度方向向下，則有：，因此有，故C正確，D錯誤11、AB【解析】若小車向左運動做減速運動，則加速度向右，小球受重力及繩子的拉力可以使小球的加速度與小車相同，故此時N為零，故A正確；若小球向左加速運動，則加速度向左，此時重力與斜面的支持力可以使合力向左，則繩子的拉力為零，故B正確；同理可知當小球向右時，也可能做加速或減速運動，故加速度也可能向右或向左，故N和T均可以為零，故CD均錯誤；故選AB點睛：力是改變物體運動狀態的原因，故物體的受力與加速度有關，和物體的運動方向無關，故本題應討論向左加速和減速

17、兩種況12、BD【解析】開始階段，彈簧的壓縮量較小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時合外力大小：F=mg-kx，方向向下，隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，則加速度減小，由于合外力與速度方向相同，小球的速度增大；當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續向下運動，此時合外力大小為：F=kx-mg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，加速度增大故整個過程中加速度先變小后變大，速度先變大后變小故AC錯誤，BD正確故選BD二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 . .【解析】根據刻度尺的讀數方法可得出對應的讀數，由G=mg可求得所掛鉤碼

18、的重力，即可得出彈簧的拉力；從而算出勁度系數【詳解】毫米刻度尺的最小格為1mm，需要估讀到0.1mm由讀數方法可知圖中的讀數為：24.75cm(24.7324.77)；掛1個鉤碼時，重力為：G=mg=0.0510=0.5N；掛3個鉤碼時，重力為G=3mg=1.5N；則根據胡克定律可知：.【點睛】本題考查探究彈簧的彈力與彈簧伸長量之間的關系，要注意明確實驗原理，同時注意掌握相應儀器的測量方法14、125【解析】先根據平衡條件求解人的最大舉力，然后結合牛頓第二定律求解在超重的環境下能能夠舉起的重物的最大質量某人在地面上最多能舉起150kg的重物，故人的舉力與重力平衡，為；在以2m/s2的加速度加速

19、上升的升降機中，重物受重力和舉力，根據牛頓第二定律，有，解得三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）6m/s；（2）6m；（3）6s【解析】（1）由牛頓第二定律得前2s的加速度方向向左由速度公式得2s末物體的速度方向向左；（2）由位移公式得前2s內物體的位移方向向左；（3）2s后合力向右，物體向左做減速運動由牛頓第二定律得方向向右由速度公式得解得16、 (1) (2) (3)【解析】車廂B在力F的作用下做勻加速直線運動，根據位移時間公式即可求出加速度；對B用牛頓第二定律求出A對B的作用力，再對A用牛頓第二定律求出A的加速度，根據速度時間關系即可求出A的速度；根據動量守恒和能量守恒即可求出2s后B相對A向前運動的位移L，在根據運動學公式求出前2s，B相對A向前運動的位移即可求出小車的長度【詳解】（1）設B的加速度為aB，根據位移時間公式：代入數據