1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、

2、如圖所示，物塊 A，B，C 質量分別是為 m，2m，3mA 與天花板間，B 與 C 之間用輕彈簧相連當系統平衡后，突然把 AB 間繩子燒斷，在繩斷瞬間 A，B，C 的加速度（以向下為正方向）分別為( )A.g，g，gB.-5g，2.5g，0C-5g，2g，0D.-g，2g，3g2、下列兩個實驗中體現出的共同的物理思想方法是（）A.極限法B.控制變量法C.放大法D.等效替代法3、某汽車沿一直線運動，在t時間內通過的位移為L，在處速度為v1，在處速度為v2，則下列說法錯誤的是（ ）A.若汽車做勻加速運動， v1 v2，B.若汽車做勻減速運動，v1 v2，C.無論汽車做勻加速運動，還是做勻減速運動都

3、有v1 v2D.無論汽車做勻加速運動，還是做勻減速運動都有v1 v24、下列單位中，屬于國際單位制中的基本單位的是：（）A.牛（N）B.伏特（V）C.千克（kg）D.焦耳（J）5、如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長到O點并系住物體m。現將彈簧壓縮到A點，然后釋放，物體可以一直運動到B點。如果物體受到的阻力恒定，則() A.物體從A到O先加速后減速B.物體從A到O加速運動，從O到B減速運動C.物體運動到O點時所受合力為0D.物體從A到O的過程加速度逐漸減小6、如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面間夾角為，以速度v0逆時針勻速轉動。在傳送帶的上端輕輕放置一個質量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦

4、因數。則圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關系的是（）A.B.C.D.7、在以0.5m/s2的加速度勻加速上升的電梯內，分別用天平和彈簧秤稱量一個質量8kg的物體（g取10m/s2），則（）A.天平的示數為8kgB.天平的示數為8.4kgC.彈簧秤的示數為80ND.彈簧秤的示數為84N8、將物體所受重力按力的效果進行分解，下列圖中正確的是()A.B.C.D.9、如圖所示，A、B、C三球的質量均為m，輕質彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A球相連，A、B間由一輕質細線連接，B、C間由一輕桿相連。傾角為的光滑斜面固定在地面上，彈簧、細線與輕桿均平行于斜面，初始系統處于靜止狀態。在細線被燒斷的瞬間

5、，下列說法正確的是A.A球的加速度沿斜面向上，大小為gsinB.C球的受力情況未變，加速度為0C.B、C兩球的加速度均沿斜面向下，大小均為gsinD.B、C之間桿的彈力大小為010、一物以6m/s的初速度在斜面上向上做加速度大小為2m/s2的勻減速運動，又以同樣大小的加速度沿斜面滑下, 則經過多長時間物體位移的大小為5m. （ ）A.1sB.3sC.5sD.（）s11、如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，整個裝置處于靜止狀態，若把A向右移動少許后，它們仍處于靜止狀態，則（）A.物體A與球B之間的作用力減小B.球B對

6、墻的壓力增大C.物體A對地面的壓力減小D.地面對物體A的摩擦力減小12、如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為3m和m，靜止疊放在水平地面上，A、B間的動摩擦因數為，B與地面間的動摩擦因數為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g現對A施加一水平拉力F，則以下說法正確的是()A.當F8mg時，A相對B滑動D.無論F為何值，B的加速度不會超過二填空題(每小題6分，共18分)13、小紅在探究彈簧的彈力與彈簧伸長量的關系時，將刻度尺懸掛在彈簧下端，刻度尺的零刻線在下方。在鐵架臺上固定一箭頭與刻度尺的零刻線對齊，如圖所示。之后，在刻度尺的下端懸掛鉤碼，讀出并記錄此時箭頭指示處刻度尺的讀數；在彈簧的彈性限

7、度內再逐個增加鉤碼，依次讀數并記錄，共獲得六組數據。下列說法正確的是（ ）A.小紅沒有測量彈簧原長，本實驗不能用來探究彈簧的彈力與伸長量的關系B.小紅沒有測量刻度尺重力，本實驗不能用來探究彈簧的彈力與伸長量的關系C.若小紅實驗操作規范準確，以讀出的刻度尺示數為橫軸，以所掛鉤碼的重力為縱軸，能擬合出一條不過原點的直線D.若小紅實驗操作規范準確，以讀出的刻度尺示數為橫軸，以所掛鉤碼的重力為縱軸，能擬合出一條過原點的直線14、為了探究質量一定時加速度與力的關系，一同學設計了如圖甲所示的實驗裝置其中帶滑輪的小車的質量為M，砂和砂桶的質量為m.(滑輪質量不計)（1）下列實驗步驟中時，實驗時一定要進行的操

8、作是_A用天平測出砂和砂桶的質量B將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力C小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數D為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量m遠小于小車的質量M（2）該同學在實驗中得到如圖乙所示的一條紙帶(兩相鄰計數點間還有四個點)，測得：x11.40 cm，x21.90 cm，x32.38 cm，x42.88 cm，x53.39 cm，x63.87 cm.小車加速度的大小是_ m/s2.已知打點計時器采用的是頻率為50 Hz的交流電(結果保留兩位有效數字)15、某同學用圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律： (1)通過實驗得到如圖乙所

9、示的圖象，造成這一結果的原因是：在平衡摩擦力時木板與水平桌面的夾角_（選填“偏大”或“偏小”）。(2)該同學在正確平衡摩擦力后重新進行實驗，實際小車在運動過程中所受的拉力將_砝碼和盤的總重力（填“大于”、“小于”或“等于”），為了便于探究、減小誤差，應使小車質量與砝碼和盤的總質量滿足_的條件。(3)該同學得到如圖丙所示的紙帶已知打點計時器電源頻率為。、是紙帶上7連續打出的7個點。考慮_，由此可算出小車的加速度_（加速度結果保留兩位有效數字）。三計算題(22分)16、（12分）汽車在平直公路上以10m/s的速度做勻速直線運動，發現前面有情況而剎車，獲得的加速度大小是2m/s2，求：（1）汽車經3

10、s時速度大小；（2）經6s時的速度大小；（3）從剎車開始經過8s，汽車通過的距離。17、（10分）靜止在水平面上的A、B兩個物體通過一根拉直的輕繩相連，如圖所示，輕繩長L=1m，承受的最大拉力為8N，A的質量m1=2kg，B的質量m2=8kg，A、B與水平面間的動摩擦因數=0.2，現用一逐漸增大的水平力F作用在B上，使A、B向右運動，當F增大到某一值時，輕繩剛好被拉斷，取g=10m/s2求繩剛被拉斷時F的大小參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0

11、分）1、B【解析】AB間繩燒斷前，由平衡條件得知，下面彈簧的彈力大小為F1=mCg=3mg，上面彈簧的彈力大小為F2=（mA+mB+mC）g=6mg，AB間繩的拉力大小為T=（mB+mC）g=5mgAB間繩燒斷前，兩根彈簧的彈力都沒有變化，則對A：此瞬間A所受的合力大小與原來繩子的拉力T大小相等，方向相反，即方向向上，則-5mg=maA，得aA=-5g對B：此瞬間B所受的合力大小與原來繩子的拉力T大小相等，方向相反，即方向向下，則5mg=2maB，得aB=25g對C：由于彈簧的彈力沒有變化，則C的受力情況沒有變化，所以aC=0故選B考點：牛頓第二定律2、C【解析】由于這兩個實驗形變量都比較小，

12、所以采用了放大法來觀察，故C正確；故選C3、D【解析】作出勻加速的v-t圖象，如圖1所示。由圖可知中間時刻的速度v2，因圖象與時間圖圍成的面積表示物體通過的位移，故由圖可知時刻物體的位移小于總位移的一半，故由圖得知中間位置的速度v1一定大于v2，即v1v2，作出勻減速的v-t圖象，如圖2所示。由圖可知中間時刻的速度v2，因圖象與時間圖圍成的面積表示物體通過的位移，故由圖可知時刻物體的位移大于總位移的一半，故中間位置應在中間時刻的左邊側，故此時對應的速度v1一定大于v2，即v1v2，無論是勻加速直線運動還是勻減速直線運動一段時間內的中點速度始終大于中間時刻的瞬時速度，故ABC正確，D錯誤。故選D

13、。 4、C【解析】國際單位制規定了七個基本物理量分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質的量它們在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關系式推到出來的物理量的單位叫做導出單位【詳解】力的單位：N是導出單位，不是基本單位，故A錯誤；伏特（V）是導出單位，不是基本單位，故B錯誤；質量的單位：kg是基本單位，故C正確；焦耳（J）是導出單位，不是基本單位，故D錯誤所以C正確，ABD錯誤【點睛】國際單位制規定了七個基本物理量，這七個基本物理量是要記住的5、A【解析】AB.從A到O加速度方向先向右后向左，因此從A到O物體先加速后減速，故A正確B錯誤。C.物體運動到O點時合力是滑動摩

14、擦力，方向水平向左，故C錯誤。D.在A點合力水平向右，在O點合力水平向左，因此從A到O存在一個轉折點加速度為零。從A到O加速度大小先變小后變大，故D錯誤。6、D【解析】開始階段滑動摩擦力沿傳送帶向下，由牛頓第二定律知因此小木塊加速到和傳送帶速度相等時，由于即小木塊不會勻速運動，然后小木塊會繼續加速，滑動摩擦力變沿傳送帶向上，由牛頓第二定律知因此由公式知.注意摩擦力是被動力，速度相等時摩擦力會突變。所以D正確，ABC錯誤。故選D。7、AD【解析】AB天平的工作原理是等臂杠桿，測量質量，質量與加速度無關，故為8kg。故A正確；B錯誤；CD彈簧秤的測力原理是胡克定律，測量力，根據牛頓第二定律，有F-

15、mg=ma解得F=m（g+a）=84N故C錯誤；D正確。故選AD。8、ABD【解析】A.A項中物體重力分解為垂直于斜面使物體壓緊斜面的分力G1和沿斜面向下使物體向下滑的分力G2，故選項A正確；B.B項中物體的重力分解為沿兩條細繩使細繩張緊的分力G1和G2，故選項B正確；C.C項中物體的重力應分解為垂直于兩接觸面使物體壓緊兩接觸面的分力G1和G2，故選項C錯誤；D.D項中物體的重力分解為水平向左壓緊墻的分力G1和沿繩向下使繩張緊的分力G2，故選項D正確9、CD【解析】A初始系統處于靜止狀態，把看成整體，對其受力分析，受重力、斜面的支持力、細線的拉力；對重力沿斜面和垂直斜面進行正交分解，根據共點力

16、平衡條件得：對進行受力分析，受重力、斜面的支持力、彈簧的拉力彈和細線的拉力，對重力沿斜面和垂直斜面進行正交分解，根據共點力平衡條件得：彈細線被燒斷的瞬間，繩在斷后彈力會突變為零，彈簧的彈力不變，根據牛頓第二定律得球的加速度沿斜面向上，球的加速度大小：故A錯誤；BC細線被燒斷的瞬間，把看成整體，受重力、斜面的支持力，根據牛頓第二定律得球的加速度：兩球的加速度相同，方向均沿斜面向下，故B錯誤，C正確；D對進行受力分析，受重力、桿的彈力和斜面的支持力，根據牛頓第二定律得：解得：所以、之間桿的彈力大小為0，故D正確；故選CD。10、ACD【解析】若物體的位移在初始位置的上方，根據勻變速直線運動的位移時

17、間公式xv0t+at2得，5=6t2t2，解得t=1s或t=5s若物體的位移在初始位置的下方，根據勻變速直線運動的位移時間公式xv0t+at2得，56t2t2，解得t=3+s或3s（舍去）故ACD正確，B錯誤故選ACD【點睛】解決本題的關鍵知道物體的位移有可能在初始位置的上方，也有可能在初始位置的下方然后根據勻變速直線運動的位移時間公式xv0t+at2求解11、AD【解析】AB畫出球B的受力圖，球B受豎直向下的重力、A對B的支持力F1、豎直墻對B的支持力F2，如圖根據平行四邊形定則可知，當A向右移動少許后，A對B的支持力F1及墻對B的支持力F2均減小；即A與球B之間的作用力減小，球B對墻的壓力

18、減小，故A正確，B錯誤；CD對AB的整體而言，地面對A的摩擦力大小等于墻對B的支持力，所以地面對A的摩擦力減小；地面對A的支持力等于AB兩球的重力之和不改變，所以A對地面的壓力不變。故C錯誤，D正確。故選AD。12、BD【解析】當兩個物體即將發生性對滑動時，接觸面上達到了最大靜摩擦力；兩個滑塊運動過程中的最大共同加速度，必然是另一個物塊的極限加速度【詳解】A、受力分析可知，A、B兩物塊間的最大靜摩擦力大小為，B與地面間的最大靜摩擦力大小為，故AB兩物體疊放在一起在外力F作用下，隨著力F的逐漸增大，B和地面之間先開始相對滑動以AB為整體受力分析，當，A、B都相對地面靜止，A錯誤；BCD、若在力F

19、作用下，AB之間即將發生相對滑動，接觸面上為最大靜摩擦力，根據牛頓第二定律以AB整體為研究對象：，以B為研究對象：式中的為系統的臨界最大共同加速度解得：，故當：，A、B均靜止；，A、B相對靜止，一起勻加速；所以當時，AB具有共同加速度，即，；，A、B相對滑動，A的加速度已經超過，但B的加速度，無論F為何值，都不會超過故C錯誤，BD正確；故本題選BD【點睛】本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發生相對滑動時的最大拉力二填空題(每小題6分，共18分)13、D【解析】根據胡克定律可知，彈簧的彈力與形變量的比值為彈簧的勁度系數，該實驗中，設

20、彈簧原長為L0；掛上刻度尺重力為G0后彈簧長度為L1，則G0=k(L1-L0)掛上重量為G=F的鉤碼后彈簧長度為L，則即即以刻度尺的示數為彈簧的形變量，做出F-x圖象，斜率表示勁度系數，能擬合出一條過原點的傾斜直線。A小紅沒有測量彈簧原長，本實驗不能用來探究彈簧的彈力與伸長量的關系，與結論不相符，A錯誤；B小紅沒有測量刻度尺重力，本實驗不能用來探究彈簧的彈力與伸長量的關系，與結論不相符，B錯誤；C若小紅實驗操作規范準確，以讀出的刻度尺示數為橫軸，以所掛鉤碼的重力為縱軸，能擬合出一條不過原點的直線，與結論不相符，C錯誤；D若小紅實驗操作規范準確，以讀出的刻度尺示數為橫軸，以所掛鉤碼的重力為縱軸，能擬合出一條過原點的直線，與結論相符，D正確。故選D。14、 .BC .0.50【解析】（1）1AD、本實驗中拉力可以由彈簧測力計測出，故不需要測出砂和砂桶的質量，也不需要使砂和砂桶的總質量遠小于小車的質量，故AD錯誤；B彈簧測力計測出拉力，從而得到小車受到的合外力，故需要將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；C打點計時器使用時，應先接通電源，再釋放小車，該實驗探究質量一定時加速度與力的關系，要記錄彈簧測力計的示數，故C正確；（2）2由于兩相鄰計數點間還有四個點，則相鄰計數點的時間間隔