1、2022-2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一

2、項是符合題目要求的。1、物體做曲線運動時，下列說法中正確的是A速度大小一定是變化的B速度方向一定是變化的C合力一定是變化的D加速度一定是變化的2、如圖，有一帶電粒子貼著A板沿水平方向輸入勻強電場，當偏轉電壓為時，帶電粒子沿軌跡從兩板正中間飛出：當偏轉電壓為時，帶電粒子沿軌跡落到B板中間；設粒子兩次射入電場的水平速度相同，則兩次偏轉電壓之比為（ ）ABCD3、如圖所示，A點處有一帶正電的點電荷，a、b、c、d為位于同一直線的兩根電場線上的四點，且AbAc，AaAd，下列說法中正確的是 （ ）Ab、c兩點場強相同Ba、b、c、d四點的場強方向相同Ca、b、c、d四點中，a點場強最大Da、b、c、d

3、四點中，a點場強最小4、兩平行金屬板相距為，電勢差為，一電子質量為，電荷量為，從點沿垂直于極板的方向射出，最遠到達點，然后返回，如圖所示，則此電子具有的初動能是 ABCD5、用細線拴住一個小球在光滑的水平面內做勻速圓周運動，下列描述小球運動的物理量發生變化的是()A速率B線速度C周期D角速度6、用活塞式抽氣機抽氣，在溫度不變的情況下，從玻璃瓶中抽氣，第一次抽氣后，瓶內氣體的壓強減小到原來的，要使容器內剩余氣體的壓強減為原來的，抽氣次數應為A3次B4次C5次D6次二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全

4、的得3分，有選錯的得0分。7、某導體置于電場后周圍的電場分布情況如圖所示，圖中虛線表示電場線，實線表示等勢面，A、B、C為電場中的三個點下列說法正確的是( )AA點的電場強度小于B點的電場強度BA點的電勢高于B點的電勢C將正電荷從A點移到B點，電場力做負功D正電荷在A點的電勢能等于在C點的電勢能8、在固定的點電荷Q形成的電場中，有一個檢驗電荷q（已知電荷只受電場力作用）則下列正確的是（ ）A如果q為正電荷，且由靜止釋放，其運動軌跡一定與電場線重合B若Q與q為異種電荷，則給q一定的初速度，q可能繞Q做勻速圓周運動Cq可能做勻速直線運動D若Q與q為同種電荷，則q一定做加速度減小的變加速直線運動9、

5、靜電場中，一帶電粒子僅在電場力的作用下自M點由靜止開始運動，N為粒子運動軌跡上的另外一點，則A運動過程中，粒子的速度大小可能先增大后減小B在M、N兩點間，粒子的軌跡一定與某條電場線重合C粒子在M點的電勢能不低于其在N點的電勢能D粒子在N點所受電場力的方向一定與粒子軌跡在該點的切線平行10、如圖所示，電源內阻為R，固定電阻R0=R，可變電阻的總電阻值為2R，若變阻器滑片P由圖示位置自左向右滑動，則（ ）A電源的輸出功率由小變大B消耗的功率由小變大CR0消耗的功率由小變大D電源的效率由大變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）測定電源

6、的電動勢和內電阻的實驗電路和UI圖象如圖所示（1）現備有以下器材：A干電池1 個B滑動變阻器（050）C電壓表（03V）D電壓表（015V）D電流表（00.6A）E.電流表（03A）其中電壓表和電流表應選_（填字母代號）（2）如圖乙是根據實驗數據畫出的UI圖象.由此可知這個干電池的電動勢E=_V，內電阻r=_（保留兩位有效數字）12（12分）測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和UI圖象如圖所示；請回答下列問題：（1）如圖甲所示，在閉合開關之前為防止電表過載而移動滑動變阻器的滑動頭P，應放在滑動變阻器_處（填“a”或“b”）（2）現備有以下器材：A干電池1個B滑動變阻器（050 ）C電壓表（03

7、 V）D電壓表（015 V）E電流表（00.6 A）F電流表（03 A）其中電流表應選_，電壓表應選_（填字母代號）（3）如圖乙是根據實驗數據畫出的UI圖象由此可知這個干電池的電動勢E=_V，內電阻r=_（4）實驗中的電動勢測量值相對真實值_（填“偏大”或“偏小”），內阻測量值相對真實值_（填“偏大”或“偏小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，勻強電場的場強方向水平向右一根絕緣絲線一端固定在O點，另一端連接一質量為m、電荷量為q的小球小球靜止在電場中，絲線與豎直方向成37已知重力加速度為g，s

8、in37=0.6，cos37=0.1求：（1）小球帶電的種類；（2）小球受到的電場力大小F；（3）電場強度的大小E14（16分）如圖所示的平行金屬板電容器的電容為C=210-4F，極板A、B之間可以看成勻強電場，場強E=1.2103V/m，極板間距離為L=5cm，電場中c點到A板、d點到B板的距離均為0.5cm，B板接地求：(1) A板的電勢A； (2)A板所帶電荷量Q；(3)將電荷量q=510-6C的帶正電點電荷從d移到c，電場力做的功Wdc15（12分）長L=60 cm、質量為m=6.010-2kg、粗細均勻的金屬棒，兩端用完全相同的彈簧掛起，放在磁感強度為B=0.4 T、方向垂直紙面向里

9、的勻強磁場中，如圖所示，若不計彈簧重力， (g=10 m/s2)問：（1）要使彈簧保持原長狀態，金屬棒中電流的大小和方向如何?（2）未通電之前金屬棒處于靜止狀態，現在金屬中通入自左向右、大小為I=0.2 A的電流，金屬棒上升x1=1 cm，求彈簧的勁度系數.（3）若通入金屬棒中的電流仍為0.2 A，但方向自右向左，這時金屬棒位置相比于（2）中電流向右時的金屬棒位置變化多少?參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】物體做曲線運動時，速度大小不一定是變化的，例如勻速圓周運動，選項A錯誤；物體做曲線運動時，速度方向

10、一定是變化的，選項B正確；物體做曲線運動時，合力不一定是變化的，例如平拋運動，選項C錯誤；物體做曲線運動時，加速度不一定是變化的，例如平拋運動，選項D錯誤；故選B.2、A【解析】兩極板間的距離為d，極板的長度為l，粒子的水平初速度為，粒子在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動，軌跡1的運動時間為，粒子的偏轉加速度為，粒子在豎直方向上偏轉了，故代入得，同理軌跡2的運動時間為，偏轉加速度為，在豎直方向上偏轉了d，故，代入得，所以兩電壓之比為1：8，選A3、D【解析】A.根據點電荷產生電場的電場強度E=kQr2，b、c兩點場強大小相同，方向不同，a點場強最小，故A錯誤，

11、C錯誤B. a、b兩點的場強方向相同，與c、d兩點的場強方向相反，故B錯誤。故選：D4、D【解析】全程只有電場力做功，根據動能定理解出電子的初動能；【詳解】設出電子的初動能，末動能為零，極板間的電場，根據動能定理：，解得：，故D正確，A、B、C錯誤；故選D5、B【解析】小球做勻速圓周運動，速度的大小不變，即速率不變，方向時刻改變所以小球的速度不斷改變，選項A錯誤，B正確；周期是標量，勻速圓周運動中周期是不變的，故C錯誤；角速度的大小和方向都不變，故D錯誤；故選B6、B【解析】設玻璃瓶的容積是V，抽氣機的容積是V0，氣體發生等溫變化，由玻意耳定律可得：解得：，設抽n次后，氣體壓強變為原來的，由玻

12、意耳定律可得：抽一次時：得：，抽兩次時：得：，抽n次時：解得：n=4；A.3次。故A項錯誤； B.4次。故B項正確； C.5次。故C項錯誤； D.6次。故D項錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小；根據沿著電場線，電勢逐漸降低來判斷電勢的高低；根據等差等勢面來確定電勢差大小，再由電勢差與電場力做功關系公式WAB【詳解】由電場線越密的地方，電場強度越大，則有A點的電場強度小于B點的電場強度，EBEA，故A正確；由于

13、沿著電場線，電勢逐漸降低，故AB，因此將正電荷從A移動到B，電場力做正功，故B正確，C錯誤；由于從A和C【點睛】本題關鍵是根據電場線及其與等勢面的關系判斷出電勢高低、電場力大小和電勢差的大小關系同時知道等差等勢面越密的地方，電場線也越密當然也可以由電場力做功的正負來確定電勢能的增減8、AB【解析】A：在固定的點電荷Q形成的電場中，如果q為正電荷，且由靜止釋放，則電荷沿電場力方向加速運動，點電荷Q形成電場的電場線是直線，其軌跡與電場線重合。故A項正確。B：若Q與q為異種電荷，則給q一定的初速度，使庫侖引力等于所需要的向心力，q繞Q做勻速圓周運動。故B項正確。C：q在Q的電場中一定受電場力，q所受

14、合力不等于0，q不可能做勻速直線運動。故C項錯誤。D：若Q與q為同種電荷，q受到庫侖斥力。若是由靜止開始釋放，q一定做加速度減小的變加速直線運動；若q有初速度，q可能做曲線運動。故D項錯誤。9、AC【解析】A若電場中由同種電荷形成即由A點釋放負電荷，則先加速后減速，故A正確；B若電場線為曲線，粒子軌跡不與電場線重合，故B錯誤C由于N點速度大于等于零，故N點動能大于等于M點動能，由能量守恒可知，N點電勢能小于等于M點電勢能，故C正確D粒子可能做曲線運動，故D錯誤；10、ACD【解析】A.由題意可知，當滑片向右移動時，滑動變阻器接入電阻減小；但外電阻一直大于內阻，當滑動變阻器接入電阻最小時，內外阻

15、最接近，故電源的輸出電壓最大；故輸出功率一直增大；故A正確；B.將R0等效為內阻，則當滑片在左端時，滑動變阻器接入電阻最大，此時等于等效內阻，故滑動變阻器上消耗的功率最大；在向右移動過程中，外電阻減小，則消耗的功率減小，故B錯誤；C.R0為定值電阻，其功率隨電流的變化而變化，而在滑片移動過程中，滑動變阻器接入電阻越來越小，則電流越來越大，故功率越來越大，故C正確；D.電源的路端電壓越大，則電源的輸出功率越大，故滑片右移時，效率減小，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CE； 1.5， 0.75 【解析】（1）干電池電動勢約1.

16、5V，電壓表D量程太大，應選擇C；放電電流電流不能太大，應選擇E；（2）在U-I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為E=1.5V；圖象中的斜率表示電源的內阻，所以電源的內阻為：r= =0.75【點睛】（1）電壓表、電流表在指針偏轉角度超過一半時誤差較小，據此選擇電壓表和電流表；（2）在U-I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內阻的大小12、a C E 1.5 0.75 偏小 偏小 【解析】（1）閉合開關之前滑動變阻器的滑動頭P應放在最大值位置處；（2）根據實驗中給出電源及電流的數據結合實驗原理明確各儀表的選擇；（3）在U-I圖象

17、中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內阻的大小由于電壓表的分流，分析實際電流與電流表示數的差，根據路端電壓和電流關系圖像斜率和截距的意義分析誤差。【詳解】（1）閉合開關之前滑動變阻器的滑動頭P應放在電阻最大值位置處，即a處；（2）為了減小實驗誤差，電壓表、電流表指針應超過滿偏的一半。由于干電池電動勢約為1.5V，所以電壓表應選C(03 V)；實驗中電流不能太大，所以電流表應選E(量程00.6 A)；（3）在U-I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.5V；圖象中的斜率表示電源的內阻，所以電源的內阻為：r=0.75；（4）考慮電壓表的

18、內阻，根據實驗的原理E=U+()r，路端電壓越大，真實的干路電流比電流表的示數大的越多，路端電壓為零時，真實的干路電流等于電流表的示數。所以實際的路端電壓和電流圖像斜率比實驗圖像斜率大，在橫軸上截距相等，在縱軸上截距比實驗圖像大。故所以E測小于E真,r測小于r真.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）小球帶正電 （2）mg （3）【解析】試題分析：根據小球所受的電場力方向和電場線方向的關系即可判斷帶電種類；對小球受力分析，再根據平衡條件即可求出電場力的大小；再根據電場強度的定義，即可求出電場強度的大小（1）由題意可知，小球的受力方向與電場線方向一致，所以小球帶正電（2）小球在電場中靜止時，受力分析如圖所示：根據平衡條件得：Fmgtan37mg （3）根據電場強度的定義：解得電場強度：E點睛：本題主要考查了小球在電場力作用下的