1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在a、b、c、d處放置四根通電導體，四根導體與紙面垂直，其橫截面位于正方形的四個

2、頂點上，導線中通有大小相同的電流。則通過正方形中心O處垂直紙面向里運動的電子所受磁場力的方向是（）A向上B向下C向左D向右2、下列說法正確的是（ ）A元電荷就是電子B元電荷就是質子C元電荷的電荷量是1CD物體所帶電荷量只能是元電荷的整數倍3、如圖所示，一條形磁鐵平行于紙面擺放，其中間位置的正上方有一通電的導線，導線與紙面垂直，則導線受到的安培力的方向為： A向左；B向右；C向上；D向下4、在靜電場中，把電荷量為的正試探電荷從A點移到B點，克服靜電力做功，以下說法中正確的是（）AB點的電勢是15VB電荷的動能增加了C電荷的電勢能增加了D電荷在B點具有的電勢能是5、如圖所示，電場中A、B兩點的場強

3、大小分別為EA、EB對EA、EB的大小關系判斷正確的是（）AEAEBBEAEBCEA=EBD無法判斷6、如圖(甲)所示,在平行板電容器A、B兩極板間加上如圖(乙)所示的交變電壓.開始A板的電勢比B板高,此時兩板中間原來靜止的電子在電場力作用下開始運動.設電子在運動中不與極板發生碰撞,向A板運動時為速度的正方向,則下列圖象中能正確反映電子速度變化規律的是（其中C,D兩項中的圖線按正弦函數規律變化）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，豎直正對的平行板電容

4、器帶等量異種電荷，帶正電的右板與靜電計相連，左板接地假設兩極板所帶的電荷量不變，電場中P點固定一帶正電的點電荷，下列說法正確的是A若僅將左板上移少許，則靜電計指針偏角變小B若僅將左板右移少許，則靜電計指針偏角變小C若僅將左板上移少許，則P點電勢升高D若僅將左板右移少許，則P的點電荷電勢能增大8、如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流表G和一個電阻箱R組成的，下列說法正確的是( ) A甲表是電流表，R增大時量程增大B甲表是電流表，R增大時量程減小C乙表是電壓表，R增大時量程增大D乙表是電壓表，R增大時量程減小9、如圖所示，光滑絕緣的半球形容器處在水平向右的勻強電場中，一個質量為m，電荷量為+

5、q的小球在容器邊緣A點由靜止釋放，結果小球運動到B點時速度剛好為零，OB與水平方向的夾角0=60，重力加速度為g，不計空氣阻力，則下列說法正確的是A小球重力與電場力的關系是B小球在B點時，對容器的壓力為C小球在A點和B點的加速度大小相等D如果小球帶負電，還能沿AB圓弧面運動10、霍爾式位移傳感器的測量原理是：如圖所示,有一個沿Z軸方向的磁場,磁感應強度、k均為常數,將傳感器固定在物體上,保持霍爾元件的電流不變方向如圖中箭頭所示。當物體沿z軸方向移動時,由于位置不同,霍爾元件在y軸方向的上下表面的電勢差U也不同,則A磁感應強度B越大,上下表面的電勢差U越小Bk越大,傳感器靈敏度越高C若圖中霍爾元

6、件是電子導電,則下板電勢高D電流I取值越大,上下表面的電勢差U越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“用電流表和電壓表測電池的電動勢和內電阻”的實驗中，提供的器材有：A干電池一節B電流表(量程0.6A)C電壓表(量程3V)D開關S和若干導線E滑動變阻器R1(最大阻值20，允許最大電流1A)F滑動變阻器R2(最大阻值200，允許最大電流0.5A)G滑動變阻器R3(最大阻值2000，允許最大電流0.1A)（1）按圖甲所示電路測量干電池的電動勢和內阻，滑動變阻器應選_（填“R1”、“R2”或“R3”）（2）圖乙電路中部分導線已連接，

7、請用筆畫線代替導線將電路補充完整要求變阻器的滑片滑至最左端時，其使用電阻值最大（3）閉合開關，調節滑動變阻器，讀取電壓表和電流表的的示數用同樣方法測量多組數據，將實驗測得的數據標在如圖丙所示的坐標圖中，請作出UI圖線，由此求得待測電池的電動勢E=_V，內電阻r =_（結果保留兩位有效數字）所得內阻的測量值與真實值相比_（填“偏大”、“偏小”或“相等”）12（12分）如圖所示，它們的讀數依次為_mm、_mm，_A，_cm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，間距為d的平行金屬板間電壓恒定初速度為零的

8、電子經電壓U0加速后，沿兩板間的中心線進入板間電場，電子恰好從下極板邊緣飛出，飛出時速度的偏向角為已知電子質量為m，電荷量為e，電子重力不計，求：（1）電子剛進入板間電場時的速度大小v0；（2）電子通過兩極板間的過程中，電場力做的功W；（3）平行金屬板間的電場強度大小E14（16分）如圖所示，AB是一傾角為=37的絕緣粗糙直軌道，滑塊與斜面間的動摩擦因數，BCD是半徑為R=0.2m的光滑圓弧軌道，它們相切于B點，C為圓弧軌道的最低點，整個空間存在著豎直向上的勻強電場，場強E = 4.0103N/C，質量m = 0.20kg的帶電滑塊從斜面頂端由靜止開始滑下已知斜面AB對應的高度h = 0.24

9、m，滑塊帶電荷q = -5.010-4C，取重力加速度g = 10m/s2，sin37= 0.60，cos37=0.1求：（1）滑塊從斜面最高點滑到斜面底端B點時的速度大小；（2）滑塊滑到圓弧軌道最低點C時對軌道的壓力15（12分）如圖所示，內表面光滑絕緣的半徑為的圓形軌道處于豎直平面內，有豎直向下的勻強電場，場強大小為有一質量為、帶負電的小球，電荷量大小為，小球在圓軌道內壁做圓周運動，當運動到最低點A時，小球與軌道壓力恰好為零，g取，求：小球在A點處的速度大小；小球運動到最高點B時對軌道的壓力參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

10、題目要求的。1、B【解析】根據題意，由右手螺旋定則知b與d導線電流產生磁場正好相互抵消，而a與c導線產生磁場正好相互疊加，由右手螺旋定則，則得磁場方向水平向左，當電子從正方形中心O點沿垂直于紙面的方向向里運動，根據左手定則可知，它所受洛倫茲力的方向向下，故B正確，ACD錯誤。故選B。2、D【解析】A、元電荷是與電子的電荷量數值相等的電荷量，但不是電子故A錯誤B、元電荷是與質子的電荷量數值相等的電荷量，但不是質子故B錯誤C、元電荷是自然界最小的電量，其數值與電子的電荷量數值相等故C錯誤D、帶電體所帶的電量只能是元電荷的整數倍故D正確故選D【點睛】本題考查對元電荷的理解元電荷與實物粒子不同，是一種

11、基本電量3、C【解析】在磁鐵外部，磁感線從N極指向S極，長直導線在磁鐵的中央上方，導線所在處磁場水平向左；導線電流垂直于紙面向里，由左手定則可知，導線受到的安培力豎直向上；所以選項ABD錯誤，C正確故選C【點睛】本題應先選導線為研究對象，然后由左手定則來判斷導線的受力情況，巧妙地選取研究對象，是正確解題的關鍵4、C【解析】AC把一個正點電荷從A點移到B點，克服靜電力做功6108J，電荷的電勢能增大了6108J,即電場力對電荷做負功，為6108J，則AB間的電勢差為U=V=15V由于A點的電勢未知，不能求出B點的電勢，故A錯誤，C正確；B由于沒有說明是否有其他的外力做功，所以電荷的動能增加不一定

12、為6108J，故B錯誤；D電荷的電勢能增大了6108J，題目沒有選擇0勢能點，不能確定B點的電勢能，故D錯誤。故選C。5、A【解析】電場線的疏密表示電場強度的相對大小，電場線越密的地方電場強度越大，則知，故A正確，BCD錯誤6、A【解析】根據AB兩極板電場的變化，分析電子所受電場力的變化，結合加速度與速度方向的關系判斷其運動性質，然后分析圖示圖象作出選擇【詳解】在前半個周期內，A板的電勢高，電場的方向向右，電子受到的電場力方向水平向左，電子向左做初速度為零的勻加速直線運動，在后半個周期，電場水平向左，電子所受的電場力水平向右，電子向左做勻減速直線運動直到速度為零，然后進入第二個周期，重復之前的

13、運動，由此可知，電子在每個周期內先向左做初速度為零的勻加速直線運動，然后向左做勻減速直線運動，如此反復，由圖示圖象可知：A正確，BCD錯誤；故選A【點睛】由于電場方向不斷變化，粒子運動情況比較復雜，分析清楚粒子的運動過程是正確解題的關鍵二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A.兩極板所帶的電荷量不變，若僅將左板上移少許，根據可知，電容C減小，由可知，U增大，所以靜電計指針偏角增大，故A錯誤；B.若僅將左板右移少許，d減小，可知，電容C增大，由可知，U減小，由

14、則靜電計指針偏角變小，故B正確；C.若僅將左板上移少許，根據可知，電容C減小，由可知，U增大，由可知，E增大；左極板接地，由沿電場線的方向電勢降低可知P點的電勢為正，根據可得，P點電勢升高，故C正確；D.若僅將左板右移少許，兩極板所帶的電荷量不變，則E不變，根據可得，P點電勢減小，則由可得P的點電荷電勢能減小，故D錯誤；8、BC【解析】AB、靈敏電流表并聯一個電阻，是電流表，R增大時，甲表中變阻器分流減小，量程減小，故A錯誤，B正確；CD、靈敏電流表串聯一個電阻，是電壓表，R增大時，變阻器分擔的電壓增大，乙表量程增大，故C正確，D錯誤9、AC【解析】A.由于小球運動到B點時速度剛好為零，說明B

15、點為“等效重力場”的最高點，由對稱性可知，在圓弧AB的中點即為“等效重力場”的最低點即受力平衡點，由平衡條件可得：，故A正確；B.在B點對小球受力分析且沿半徑指向圓心方向的合力為零，即，故B錯誤；C.在“等效重力場”中根據對稱性可知，小球在A、B兩點的加速度大小相等，故C正確；D.如果小球帶負電，則小球受到的電場力方向向左且電場力大于小球的重力，重力與電場力的合力向左下方，所以小球將脫離AB圓弧面，故D錯誤故選AC。10、BD【解析】AD最終電子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，設霍爾元件的長寬高分別為a、b、c，有電流的微觀表達式為I=nqvS=nqvbc所以B越大，上、下表面的電勢差U越

16、大。電流越大，上、下表面的電勢差U越大。故A錯誤，D正確。Bk越大，根據磁感應強度B=B0+kz，知B隨z的變化率越大，根據知，U隨z的變化率越大，即傳感器靈敏度 越高。故B正確。C霍爾元件中移動的是自由電子，根據左手定則，電子向下表面偏轉，所以上表面電勢高。故C錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1 1.5 1.9 偏小 【解析】（1）為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇，而且額定電流較大；（2）根據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）根據坐標系內描出的點作出電源的圖象，圖象如圖所示：由圖示電源圖象可知，圖象與縱軸交點

17、坐標值為，電源電動勢，電源內阻：；相對于電源來說，電流表采用外接法，電流表的測量值小于通過電源的電流，電動勢和內阻的測量值均小于真實值點睛：本題考查了實驗器材的選擇、連接實物電路圖、求電源電動勢與內阻，知道實驗原理、掌握實驗器材的選擇原則、會應用圖象法處理實驗數據即可正確解題12、11.14 4.078 0.46 5.25 【解析】1游標卡尺讀數2螺旋測微器讀數3電流表接的量程為0.6A，讀數為：0.46A4刻度尺讀數四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2）eU0tan2 （3）【解析】試題分析：（1）電

18、子在電場中加速解得（2）設電子離開電場時的速度為v，根據動能定理有由速度關系有解得（3）平行金屬板間而解得考點：動能定理；電場力的功14、 (1) (2) 【解析】(1)滑塊沿斜面滑下的過程中，根據動能定理求解滑到斜面底端B點時的速度大小；(2)滑塊從B到C點，由動能定理可得C點速度，由牛頓第二定律和由牛頓第三定律求解【詳解】(1)滑塊沿斜面滑下的過程中，受到的滑動摩擦力：設到達斜面底端時的速度為v1，根據動能定理得：解得：v1=2.4m/s(2)滑塊從B 到C 點，由動能定理可得：當滑塊經過最低點時，有：由牛頓第三定律：方向豎直向下【點睛】本題是動能定理與牛頓定律的綜合應用，關鍵在于研究過程的