1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，物體的質量，在的水平面上向右運動在運動過程中它還受到一個水平向左大小為10N的力

2、F，則物體受到的摩擦力是A方向水平向左，大小為20NB方向水平向右，大小為10NC方向水平向左，大小為10ND方向水平向右，大小為20N2、如圖所示是一個電路的一部分，其中，那么電流表測得電流為（）A，向右B，向左C，向左D，向右。3、以下說法正確的是（ ）A物體通常呈現電中性，是因為物體沒有電荷B使物體帶電的本質是電荷的轉移C任何帶電球體，都可以看作電荷全部集中于球心的點電荷D庫侖定律適用于任何帶電體4、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷固定在x軸上的A、B兩點，兩電荷連線上各點電勢隨x變化的關系圖線如圖所示，其中P點電勢最高，且APL，IJ平行于ef，磁場垂直斜面向上，磁感應強度B=1T?，F

3、用一大小F=5N、方向沿斜面向上且垂直于ab的恒力作用在ab中點，使線框沿斜面向上運動，ab進入磁場時線框恰好做勻速運動。若不計導線粗細，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）ab進入磁場前線框運動的加速度大小a。（2）cd在磁場中運動時，物體克服安培力做功的功率P。（3）線框從開始運動到ef恰好穿出磁場的過程中，線框中產生的焦耳熱與外力F做功的比值。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：因為物體向右運動，故物體受到向左的摩擦力，由f=，得摩擦力f=1112

4、11N=21N，摩擦力的方向與物體相對地面的運動方向相反，與物體上所受的其他力無關，故選項A正確考點：滑動摩擦力的大小與方向2、C【解析】由可得，R1和R2兩端的電壓分別為：U1=I1R1=0.20A5=1VU2=I2R2=0.10A1=0.1VR1左端與R2的左端電位相等，U1U2，則R2右端的電位高于R1右端的電位，R3兩端的電壓U3=U1-U2=1V-0.1V=0.9V通過R3的電流R3下端電位高，上端電位低，電流方向由下向上，設電流表的示數為IA，對于電流表左端的節點，流入節點的電流等于流出節點的電流，即IA+I2=I3電流表的示數IA=I3-I2=0.3A-0.1A=0.2A方向向左

5、。故選C。3、B【解析】A、通常呈現電中性，是因為物體沒有多余電荷，即為正負處于中和狀態，故A錯誤；B、使物體帶電的本質是電荷的轉移，故B正確；C、當帶電球體間距遠大于自身大小時，才可以看作電荷全部集中于球心的點電荷，故C錯誤；D、庫侖定律適用于真空中的點電荷，故D錯誤4、B【解析】在-x圖線切線斜率為場強的大小，從P點到B點斜率越來越大，故場強越來越大。故A錯誤；在P點，-x圖線切線斜率為零，則P點的電場強度大小為零，說明q1和q2兩點電荷在P點產生的場強大小相等，方向相反，由公式E=kQr2，APBP，則q1的電荷量小于q2的電荷量，故B正確；A到P的電勢升高，從P到B電勢降低，則電場線方

6、向P到A，再從P到B，則q1和q2是同種電荷，一定是負電荷。故C錯誤；負電荷從P點左側移到P點右側，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大，故D錯誤。故選B。5、C【解析】地球同步衛星周期等于地球自轉周期，為24h。設衛星軌道半徑為r，運轉周期為T，線速度，地球質量M，由高空衛星所受萬有引力提供向心力可得：所以地球衛星高度越大周期越長，速度越小。A d是高空探測衛星，d的高度大于c的高度，故d的周期應大于c的周期24小時。所以d周期23h錯誤，故A錯誤；B c是地球同步衛星，故c在4h內轉過的圓心角是 故B錯誤。Cb、c、d是已發射地球衛星，b的高度最小周期最小速率最大，所以b在相同時間

7、內轉過的弧長最長，故C正確；Da在地球表面還未發射，設a的質量為，在地球赤道隨地球自轉的向心加速度為，由牛頓第二定律得故D錯誤；故選C?！军c睛】地球同步衛星周期等于地球自轉周期。地球衛星高度越大周期越長，速度越小。6、D【解析】A：電勢的正負表示電勢的高低，由圖得x1處的電勢(正)比-x1的電勢(負)高，故A錯誤B：，沿x軸分布的電場，電勢隨x的圖象的切線斜率絕對值表示場強大小，則x1點的電場強度比x3點電場強度大；故B錯誤C：沿x軸從x1點移動到-x1點，電勢降低，據，可知正電荷電勢能減小；故C錯誤D：沿x軸從x1點移動到x3點，電勢先增大后減小，據，可知負電荷電勢能先減小再增大，則電場力先

8、做正功再做負功故D正確點睛：順著電場線電勢降低，電勢降低最快的方向就是場強方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A項：若電場強度的方向可能垂直于斜面向上，物體受重力，電場力，支持力三力作用不可能平衡，故A錯誤；B項：若物體對斜面壓力為零時，物體只受重力，電場力二力平衡，根據,可得，故B正確；C項：若電場方向水平，物體受重力，電場力，支持力三力作用平衡，根據，可知，故C正確；D項：電場強度最小即電場力最小，當電場力沿斜面向上時，電場力最小，即,可知，故D

9、正確點晴：判斷物體運動的狀態，關鍵是分析受力情況，確定合力是否為零或合力與速度方向的關系8、AD【解析】AB、磁場的方向向里，正電荷運動的方向與電流的方向是相同的，方向向右，由左手定則可知，正電荷受到的洛倫茲力的方向平行于紙面向上故A正確，B錯誤CD、磁場的方向向里，負電荷運動的方向與電流的方向是相反的，所以負電荷的等效電流方向向左，由左手定則可知，負電荷受到的洛倫茲力的方向平行于紙面向下故C錯誤，D正確故選AD9、ABC【解析】A分析圖象可知試探電荷在M點電勢能為零，由電勢能公式可知解得，故A正確；B該過程中只有電場力（重力忽略不計）做功，電勢能和動能之和不變，試探電荷在N點時電勢能為最小，

10、則動能最大，速度最大，加速度為零，電場力為零，說明N點場強為零，故B正確；C設Q2到N點的距離為，Q1到N點距離為，N點場為零，由點電荷場強公式可得因，可知Q2電荷量小于Q1的電荷量，故C正確；D由圖象分析可知試探電荷從N點運動到M點的過程中，電勢能增大，說明電場力做負功，故D錯誤。故選ABC。10、BCD【解析】A根據動量定理，物體所受合外力的沖量越大，它的動量變化也越大，選項A錯誤；B根據動量定理，物體所受合外力的沖量不為零，它的動量一定要改變，選項B正確；C根據動量定理，物體的動量增量的方向，就是它所受合外力的沖量的方向，選項C正確；D根據動量定理，則物體所受的合外力越大，它的動量變化越

11、快，選項D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 A【解析】（1）燈泡的額定電壓為2.5V，額定電流是0.5A，所以電壓表應選擇，電流表應選擇 ，因本實驗必須采用分壓接法，故滑動變阻器應選擇總阻值較小的；（2）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓、電流要從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓式接法，燈泡的電阻約為，遠小于電壓表內阻，電流表采用外接法誤差較小,選圖A所示實驗電路【點睛】根據燈泡的額定電壓和額定電流確定電表的量程，從減小誤差角度和可操作性角度確定滑動變阻器測量燈泡的伏安特性曲線，電流、電壓需從零開始測起，則滑動變阻器采用分

12、壓式接法，根據燈泡的電阻大小確定電流表的內外接法；12、（1）50.15 （2）4.700 （3）120 （4）D 【解析】（1）由圖示游標卡尺可知，其示數為：50mm+30.05mm=50.15mm；（2）由圖示螺旋測微器可知，其示數為：4.5mm+20.00.01mm=4.700mm；（3）用多用電表的電阻“10”擋粗測電阻，由圖丙所示表盤可知，該電阻的阻值約為1210=120（4）電源電動勢為4V，電壓表應選V1，電路最大電流約為：I=UR=3120A=0.025A=25mA ，電流表應選A2，為方便實驗操作，滑動變阻器應選R1，待測電阻阻值大于滑動變阻器最大阻值，滑動變阻器采用分壓接法

13、，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，電流表采用外接法，故選D點睛：本題考查了游標卡尺、螺旋測微器與歐姆表的讀數，考查了實驗器材的選擇、設計實驗電路圖；應根據電源電動勢大小或待測電阻的額定電壓來選擇電壓表量程，根據通過待測電阻的最大電流來選擇電流表的量程；當待測電阻阻值遠小于電壓表內阻時，電流表應選外接法；當滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值時或要求電流從零調時，滑動變阻器應用分壓式；當實驗要求電流從零調或要求測得多組數據或變阻器的全電阻遠小于待測電阻時，變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調節四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

14、方程式和演算步驟。13、 (1) ，沿PC方向(2) ，沿PC方向【解析】(1)點電荷A在C處產生場強：，沿AC方向，同理，點電荷B在C處產生的場強：，沿BC方向，根據矢量疊加原理得合場強：沿PC方向，電荷C受到的靜電力為：沿PC方向。(2)將A、B移到P點，C受到的靜電力為：沿PC方向。14、 (1)小球帶正電荷， (2) (3)【解析】(1)小球靜止，受三個力：重力mg，水平向左電場力F=qE，繩子拉FT 可知：小球帶正電，由平衡條件得： qE=mgtan37 得：(2)小球從水平位置擺動到最低點的過程中，由動能定理有：得：小球在最低點，由動力學規律有：得：(3)小球豎直落地瞬間，水平方向上的速度為0，水平加速度大小為：則空中運動時間：豎直方向上自由落體：15、（1）2m/s2（2）2.4W （3）5/49【解析】（1）ab進入磁場前，線框做勻加速運動，所受的摩擦力大小為：f=mgcos=0.250.510cos37N=1N，由牛頓第二定律有：F-mgsin-f=ma代入數據解得： （2）由于線框穿越磁場的過程中有且僅有一條邊切割磁感線，等效電路也相同，所以線框一直做勻速運動，設速度大小為v，由力的平衡條件有：F=mgs