1、江蘇省蘇州市2015年中考物理試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題2分，共24分每小題給出的選項中只有一個選項符合題意）1下列能源屬于可再生能源的是（）A石油B風能C天然氣D核能考點：能源的分類.專題：能源的利用與發展分析：從能源是否可再利用的角度可把能源分為可再生能源和不可再生能源人類開發利用后，在現階段不可能再生的能源，屬于不可再生能源；指在自然界中可以不斷再生、連續利用的能源，屬于可再生能源解答：解：A、石油屬于化石燃料，不能短時期內從自然界得到補充，屬于不可再生能源，故A不符合題意；B、風能從自然界里源源不斷的得到補充，屬于可再生能源，故B符合題意；C、天然氣屬于化石燃料，不能短時期

2、內從自然界得到補充，屬于不可再生能源，故C不符合題意；D、核能不能短時期內從自然界得到補充，屬于不可再生能源，故D不符合題意故選B點評：本題難度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特點是正確解答本題的關鍵2（2分）（2015蘇州）下列數據中符合實際情況的是（）A普通自行車輪的半徑約為1mB一個中學生的質量約為50gC教室里一盞日光燈的工作電流約為0.8AD中學生正常行走的速度約為5km/h考點：質量的估測；長度的估測；速度與物體運動；電流的大小.專題：估算綜合應用題分析：不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算，最后判斷最符合實際的是哪一個解答：解：A、

3、中學生的步幅在50cm左右，普通自行車的車輪半徑與此差不多，在50cm=0.5m左右不符合實際；B、成年人的質量在70kg左右，中學生的質量比成年人小一些，在50kg=5104g左右不符合實際；C、教室中日光燈的額定功率在40W左右，正常發光的電流在I=0.18A左右不符合實際；D、中學生正常步行的速度在1.4m/s=1.43.6km/h5km/h左右符合實際故選D點評：物理學中，對各種物理量的估算能力，是我們應該加強鍛煉的重要能力之一，這種能力的提高，對我們的生活同樣具有很大的現實意義3（2分）（2015蘇州）在陶瓷銅鹽水塑料玻璃水銀六種物質中，通常情況下屬于導體的是（）ABCD考點：導體.

4、專題：電流和電路分析：此題考查的是絕緣體、導體的概念，它們的分類依據是導電性能的不同導體和絕緣體沒有絕對的界限，導體性能介于二者之間的是半導體，常見的半導體有：硅、鍺等解答：解：在通常情況下，銅、鹽水、水銀是容易導電的物體，是導體；陶瓷、塑料、玻璃是不容易導電的物體，是絕緣體故選D點評：此題考查的是基礎知識，只要掌握了導體、絕緣體的分類依據，就能順利解答4（2分）（2015蘇州）如圖所示的自然現象中，由凝華形成的是（）A鐵絲網上的白霜B屋檐下的冰凌C冰凍的衣服晾干D草葉上的露珠考點：生活中的凝華現象.專題：汽化和液化、升華和凝華分析：物質直接從氣態變為固態的過程叫凝華，凝華過程需要放出熱量；液

5、化是指物質從氣態變為液態的過程，它需要對外界放熱；升華是指物質從固態直接變為氣態的過程，它需要從外界吸熱；凝固是物質由液態變為固態的過程，它需要向外界放熱解答：解：A、鐵絲網上的白霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的冰晶符合題意；B、屋檐下的冰凌是水凝固形成的冰瘤不符合題意；C、冰凍的衣服晾干，是冰升華成為水蒸氣不符合題意；D、草葉上的露珠，是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的小水珠不符合題意故選A點評：本題考查學生對熔化、液化和凝華定義的了解，需要從生活現象結合物理定義來進行分析5（2分）（2015蘇州）下列現象中，屬于反射現象的是（）A小孔成像B路燈下形成人影C陽光下可以看到彩色的花D河岸邊看到水中

6、的魚考點：光的反射.專題：光的傳播和反射、平面鏡成像分析：要解決此題需要掌握：（1）光的直線傳播，知道光在同一均勻介質中是沿直線傳播的要知道小孔成像、日食、月食和影子的形成是由光的直線傳播而形成的（2）光的折射現象，由物體發出的光透過不同介質時，會發生折射，使光路發生改變，因此我們看到的是物體的虛像（3）看到彩色的花，是由于物體反射的色光不同而產生的，是光的反射現象解答：解：A、小孔成像是光的直線傳播，故A錯誤；B、路燈下人擋住的光線在其背面形成一個黑暗的區域，是光的直線傳播，故B錯誤；C、看到彩色的花，是由于物體反射的色光不同而產生的，是光的反射現象，故C正確；D、河岸邊看到水中的魚是由于光

7、線從水中射入空氣中發生折射形成的魚的虛像，是光的折射現象，故D錯誤故選：C點評：此題主要考查了光的直線傳播、光的折射、光的反射現象光的直線傳播是光在同一均勻介質中的傳播，光的反射是光照射到物體表面又返回的現象，光的折射是由于光從一種介質斜射入另一種介質或在不均勻介質中傳播時，傳播方向發生變化的現象它們之間有本質的區別，要注意區分6（2分）（2015蘇州）下列與分子相關的描述正確的是（）A破鏡難圓說明分子間沒有引力B花香四溢說明分子是運動的C鐵、水、空氣、磁場等物質都是由大量分子組成的D物質在固態時體積最小說明分子間沒有空隙考點：分子動理論的基本觀點.專題：分子熱運動、內能分析：（1）分子間有間

8、隙，存在著相互作用的引力和斥力，當分子間距離增大時，表現為引力，當分子間距離減小時，表現為斥力，當分子間距等于平衡位置時，引力等于斥力，即分子力等于零；（2）分子是構成物質的基本微粒之一，分子永不停息地做無規則運動，分子間存在相互作用的引力和斥力；（3）磁場是存在于磁體周圍的，可對放入其中的其它磁性材料產生磁力作用的物質，它傳遞著磁極間的相互作用；解答：解：A、由于鏡子破裂處的絕大多數分子間距離較大，大于分子直徑的10倍，分子間的作用力就十分微弱，所以“破鏡不能重圓”，故A錯誤；B、花香四溢是擴散的結果，說明分子在不斷的運動，故B正確；C、鐵、水、空氣等物質都是由大量分子組成的，磁體周圍存在的

9、一種傳遞磁極間相互作用的物質，叫磁場，它不是由分子組成的，故C錯誤；D、固體很難被壓縮是由于固體分子間有相互作用的斥力，故D錯誤故選B點評：本題主要考查學生對分子動理論知識的了解和掌握，是一道基礎題7（2分）（2015蘇州）如圖所示，燭焰在光屏上成清晰的像下列哪個光學器材的成像原理與其相同（）A投影儀B照相機C放大鏡D近視眼鏡考點：凸透鏡成像的應用.專題：透鏡及其應用分析：凸透鏡成實像時，物距大于像距，成倒立縮小的實像應用于照相機；物距等于像距時，成倒立等大的實像，一般用來求凸透鏡的焦距；物距小于像距時，成倒立放大的實像應用于投影儀；根據物距和像距的關系進行分析解答：解：觀察圖可知，物距大于像

10、距，由凸透鏡成像規律可知，成倒立、縮小的實像，故是照相機的原理故選B點評：此題主要考查了凸透鏡成像的應用，要熟記凸透鏡成像的規律，特別搞清物距與像距之間的關系8（2分）（2015蘇州）隨著科技的發展，各種現代技術不斷得到應用，以下說法正確的是（）A潛艇利用超聲波定位水下目標B各種家用電器若利用超導材料制作能有效節約電能C現代遙感衛星可以利用紫外線拍攝照片發現地面火情D納米材料是由150106m的顆粒制成的，它具有很多特殊的性能考點：超聲波與次聲波；納米材料的應用和發展前景；紅外線.專題：其他綜合題分析：（1）潛艇中應用了超聲定位的功能；（2）電熱器無法使用超導材料，否則將無法產生熱量；（3）遙

11、感衛星是利用遠紅外技術進行拍攝的；（4）納米材料是指在三維空間中至少有一維處于納米尺度范圍（1100nm）或由它們作為基本單元構成的材料解答：解：A、潛艇是利用超聲波定位水下目標的，故A正確；B、家用電器中，電熱器無法使用超導材料，否則將無法產生熱量，故B錯誤；C、現代遙感衛星可以利用紅外線拍攝照片發現地面火情，不是利用紫外線，故C錯誤；D、納米材料的尺度范圍是1100nm的材料或由它們作為基本單元構成的材料，故D錯誤故選A點評：本題考查了超聲波、超導材料、紅外線、納米材料的應用等，體現了物理在科技生活中應用9（2分）（2015蘇州）兩個用同一種材料制成且完全相同的密閉圓臺形容器一正一反放置在

12、同一水平桌面上，容器內裝有質量和深度均相同的液體，如圖所示若它們分別在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做勻速直線運動，速度分別為和2，容器底部受到液體的壓強分別為p1和p2下列關系正確的是（）Ap1=p2 F1=F2Bp1p2 F1F2Cp1p2 F1=F2Dp1p2 F1F2考點：壓強大小比較；力與運動的關系.專題：運動和力；壓強、液體的壓強分析：（1）根據質量和體積的關系判斷出液體的密度關系，由p=液gh判斷容器底受到壓強的大小；（2）根據影響摩擦力大小的因素判斷出摩擦力的關系，由二力平衡條件判斷拉力的大小解答：解：容器內裝有質量和深度均相同的液體，由圖知，V1V2，根據=可知，12；

13、由p=液gh可知，p1p2；容器質量相同，內裝液體的質量相同，則容器對桌面的壓力相等，又容器材料相同，所以容器與桌面間的摩擦力相等，又在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做勻速直線運動，所以拉力與摩擦力平衡，則F1=F2由上分析知，ABD錯誤，C正確故選C點評：本題主要考查了液體壓強和二力平衡條件的應用，能夠比較出兩液體的密度大小，判斷出容器與桌面間的摩擦力大小是解決問題的關鍵10（2分）（2015蘇州）壓敏電阻的阻值是隨所受壓力的增大而減小的小聰同學想設計一個通過電表示數反映壓敏電阻所受壓力大小的電路，要求壓力增大時電表示數增大以下電路不符合要求的是（）ABCD考點：電路圖設計.專題：電流

14、和電路分析：在串聯電路中，用電器兩端電壓與其阻值成正比；在并聯電路中，干路電流等于支路電流之和；支路電流與其阻值成反比解答：解：由圖知：A、壓敏電阻與定值電阻并聯當壓力增大時，壓敏電阻阻值減小，并聯電路總電阻減小，電源電壓一定，所以干路電流增大，電流表示數增大此選項正確；B、壓敏電阻與定值電阻并聯當壓力增大時，壓敏電阻阻值減小，兩端電壓一定，所以電流表示數增大此選項正確；C、壓敏電阻與定值電阻串聯當壓力增大時，壓敏電阻阻值減小，根據串聯電路用電器兩端電壓與其阻值成正比知，壓敏電阻兩端電壓減小，所以定值電阻兩端電壓增大，電壓表示數增大此選項正確；D、壓敏電阻與定值電阻串聯當壓力增大時，壓敏電阻阻

15、值減小，根據串聯電路用電器兩端電壓與其阻值成正比知，壓敏電阻兩端電壓減小，所以電壓表示數減小此選項正確故選D點評：此題考查的是電路設計問題，解答的關鍵有二：知道串聯電路用電器兩端電壓與其阻值成正比；知道并聯電路支路電流與其阻值成反比11（2分）（2015蘇州）小明得到一個玩具吹鏢（由一個細長筒和金屬鏢頭組成），想試著用它去射地上的目標他把重為G的小鏢頭以一定速度正對著目標A點吹出，如圖忽略鏢頭運動時所受的空氣阻力，下列關于鏢頭能否射中A點的預測中，正確的是（）A一定能夠射中A點B一定射在A點左側C一定射在A點右側D控制速度大小，以上都有可能考點：力與運動的關系.專題：運動和力分析：力是改變物體

16、運動狀態的原因；慣性是物體保持原來運動狀態的性質對鏢頭進行受力分析，可得其運動情況，從而判斷結果解答：解：小鏢頭以一定速度正對著目標A點吹出后，鏢頭由于慣性繼續朝A運動，此過程中，忽略鏢頭運動時所受的空氣阻力，鏢頭只受到重力這一個力的作用（非平衡力），所以鏢頭還會沿重力方向向下運動，故鏢頭做斜向下的曲線運動，由此可知鏢頭會落在A的右側故ABD錯誤，C正確故選C點評：本題考查對力和運動關系的認識，知道平衡力作用下物體會處于靜止或勻速直線運動狀態，非平衡力作用下物體的運動狀態會發生改變12（2分）（2015蘇州）如圖所示，電源電壓為12V，R0=60，滑動變阻器的規格為“50 2A”，電流表的量程

17、為“00.6A”，小燈泡上標有“6V 3W”字樣不考慮燈絲電阻變化，并保證電路安全則（）AS閉合，S1、S2都斷開，滑動變阻器接入電路的阻值范圍是850BS閉合，S1、S2都斷開，調節滑動變阻器，燈泡的功率變化范圍是2.25W3WCS、S1、S2都閉合，電路消耗的總功率最小值為2.4WDS、S1、S2都閉合，當電路消耗的總功率最大時，滑動變阻器接入電路的阻值是30考點：歐姆定律的應用；電功率的計算.專題：歐姆定律；電能和電功率分析：A、S閉合，S1、S2都斷開，滑動變阻器與L串聯根據滑動變阻器的規格和歐姆定律可知滑動變阻器接入電路的阻值范圍；B、S、S1、S2都閉合，此電路為滑動變阻器和R0的

18、并聯電路，根據P=I2R分析燈泡的功率變化范圍；C、S、S1、S2都閉合，滑動變阻器與R0并聯，要使電路消耗的總功率最小，則滑動變阻器的阻值最大，據此求得流經滑動變阻器的電流，與R0的支路上的電流之和為干路上的電流，然后利用P=UI求得電路消耗的總功率最小值；D、S、S1、S2都閉合，滑動變阻器與R0并聯，當電路消耗的總功率最大時，根據電流表的量程確定干路中的電流，利用R=求得電路中的總電阻，然后可求滑動變阻器接入電路的阻值解答：解：A、S閉合，S1、S2都斷開，滑動變阻器與L串聯小燈泡上標有“6V 3W”字樣小燈泡電阻R=12，小燈泡正常發光時的電流I=0.5A，則滑動變阻器接入電路的最小阻

19、值R小=12；滑動變阻器的規格為“50 2A”，則最小阻值R大=50，故滑動變阻器接入電路的阻值范圍是1250，故A錯誤；B、S閉合，S1、S2都斷開，滑動變阻器與L串聯，其最小電流I最小=A，則燈泡的最小功率P最小=R燈=120.45W，故燈泡的功率變化范圍是2.25W3W，故B錯誤；C、S、S1、S2都閉合，滑動變阻器與R0并聯，流經R0的電流I1=0.2A，當滑動變阻器的阻值最大時，此支路上的電流最小，則I2=0.24A則干路上的電流I最小=I1+I2=0.2A+0.24A=0.44A，電路消耗的總功率最小值P最小=UI最小=12V0.44A=5.28W，故C錯誤；D、由電流表的量程可知

20、，干路中的最大電流為0.6A，則電路消耗的總功率最大，電路中的總電阻R總=20，因滑動變阻器與R0并聯，則=+，即=+解得R滑=30故D正確故選D點評：此題考查了電路連接關系的識別、串并聯電路的特點、歐姆定律以及電功率的計算，是電學典型的綜合題，考查全面，難度較大，需要熟練掌握電路特點、計算公式和規律二、填空題（本題共10小題，每空1分，共26分）13（2分）（2015蘇州）原子是由原子核和核外電子組成的；蠟燭受熱變為液體的過程中溫度一直在升高，說明燭蠟是非晶體考點：原子的核式模型；晶體和非晶體的區別.專題：溫度計、熔化和凝固；粒子與宇宙、材料世界分析：原子是原子核及核外電子組成，原子核由質子

21、和中子組成；固體分為晶體和非晶體晶體在熔化過程中吸收熱量，溫度保持不變；非晶體在熔化過程中，吸收熱量，溫度不斷升高解答：解：盧瑟福核式結構模型：原子是由位于原子中心的原子核和核外繞原子核做圓周運動的電子組成的，原子核由質子和中子組成，質子帶正電，電子帶負電蠟燭在熔化過程中，吸收熱量，溫度不斷升高，所以是非晶體故答案為：核外電子；非晶體點評：此題考查的是我們對原子結構后非晶體特點的掌握，屬于識記性知識的考查，難度較小，是一道基礎題14（3分）（2015蘇州）幾種測量儀器的測量結果如圖所示（1）被測物體的長度為2.65cm（2）溫度計的讀數為4（3）彈簧測力計的示數為3.4N考點：長度的測量；溫度

22、計的使用及其讀數；彈簧測力計的使用與讀數.專題：基本儀器的使用專題分析：（1）使用刻度尺測量物體長度時，要觀察是否從0刻度線量起，起始端沒從0開始，要以某一刻度當作“0”刻度，讀出末端刻度值，減去前面的刻度即為物體長度，注意刻度尺要估讀到分度值的下一位；（2）使用溫度計測量溫度時，首先要明確溫度計的分度值，讀數時視線與液柱最高處相平，并注意區分零上或零下；（3）使用彈簧測力計測量力的大小時，首先要明確彈簧測力計的量程和分度值，讀數時視線與指針所指刻線相垂直解答：解：由圖知：（1）刻度尺上1cm之間有10個小格，所以一個小格代表1mm，即刻度尺的分度值為1mm；物體左側與1.00cm對齊，右側在

23、3.6cm和3.7cm中間，估讀為3.65cm，所以物體的長度為L=3.65cm1.00cm=2.65cm；（2）在溫度計上，10之間有10個小格，一個小格代表1，所以此溫度計的分度值為1；液柱最高處在0以下，說明溫度低于0，為4；（3）在彈簧測力計上，最大示數是5N，所以其量程為05N；1N之間有5個小格，一個小格代表0.2N，即彈簧測力計的分度值為0.2N，指針在“3”后2個小格處，所以彈簧測力計的示數為3.4N故答案為：（1）2.65；（2）4；（3）3.4點評：物理學中的測量工具非常多，它們的讀數有很多相似之處，但也都有各自的特點與要求，學習中把握要求、分清不同、細心讀數，這是我們學習

24、物理應掌握的基本技能15（2分）（2015蘇州）音樂會上聽到的小提琴聲是由琴弦振動產生的，同時我們也能辨別不同樂器的聲音，是根據聲音的音色不同考點：聲音的產生；音色.專題：聲現象分析：（1）聲音是由物體的振動產生的；（2）音色是聲音的本質與特色，它與發聲體的材料和結構有關，我們根據音色能辨別物體解答：解：（1）小提琴發出聲音是靠琴弦的振動產生的；（2）聽音樂會時，我們是根據聲音的音色辨別出不同樂器發出的聲音的故答案為：振動；音色點評：通過在音樂廳聽音樂會，考查了聲音的發生、以及聲音的特性等，體現物理和生活的密切關系16（2分）（2015蘇州）自然界只存在兩種電荷，一種是正電荷，另一種是負電荷當

25、甲乙兩個通草球出現如圖所示情形時，若甲帶正電，則乙帶正電考點：正電荷與負電荷；物體帶電情況的判斷.專題：電流和電路分析：自然界存在兩種電荷：正電荷和負電荷，用絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電荷，用毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電荷；同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引解答：解：自然界存在兩種電荷：正電荷和負電荷；圖中所示甲乙兩個小球互相排斥，所以甲乙小球帶的是異種電荷，因為甲帶正電，所以乙帶正電故答案為：負；正點評：本題考查電荷的種類及物體帶電情況的判斷，屬于基礎題17（2分）（2015蘇州）2014年諾貝爾物理學獎由藍光二極管的發明者獲得，這項發明使制成白光LED燈成為現實要制成白光LED燈，除藍光二極管外，

26、還需紅、綠兩種色光二極管小明家中有4盞“220V 5W”的LED燈，1度電可供這些燈同時正常工作50小時考點：色光的三原色和顏料的三原色；電功率與電能、時間的關系.專題：光的折射、光的色散；電能和電功率分析：（1）紅、綠、藍叫做三原色光，三種色光共同可組成出各種不同的色光；（2）利用公式W=Pt的變形可計算一度電可供這些燈同時工作的時間解答：解：（1）紅光、綠光、藍光叫做三原色光，三種色光共同可組成出各種不同的色光因此，要制成白光LED燈，除藍光二極管外，還需紅、綠兩種色光二極管（2）四盞LED燈的總功率P=45W=20W=0.02kW，由公式W=Pt得1度電可供這些燈同時正常工作的時間：t=

27、50h故答案為：紅、綠；50點評：了解光的三原色，會用電功率的變形公式進行相關的計算，是解答此題的關鍵18（2分）（2015蘇州）根據通電導體在磁場中受力運動的原理制成的電動機，在生產和生活中得到了廣泛的應用在探究感應電流產生條件的實驗中，要改變電流方向，可以改變導體切割運動方向或磁場方向考點：磁場對通電導線的作用；電磁感應.專題：電動機、磁生電分析：（1）根據通電導體在磁場中受力運動的原理制成了電動機；（2）電磁感應現象中，感應電流以的方向與導體運動的方向和磁場的方向有關解答：解：（1）根據通電導體在磁場中受力運動的原理制成了電動機，其工作時將電能轉化為機械能；（2）電磁感應現象中，感應電流

28、的方向與導體運動的方向和磁場的方向有關，因此要改變電流的方向，可以改變導體切割運動方向或磁場方向故答案為：電動；磁場點評：通電導體在磁場中受力、電磁感應，這是電與磁的現象中相似度最高的兩個原理，前者是電動機的原理，后者是發電機的原理，是我們應該熟知的19（5分）（2015蘇州）2015年5月底，美國發布了最新的SR72高超音速飛行器設想圖該飛行器速度可達67馬赫（1馬赫=1倍音速），號稱1小時可到達地球任一地方，比常規導彈速度還要快飛行器體表涂敷最新型材料，具有雷達隱形功能，但不具備紅外隱形功能（1）若該飛行器以7馬赫速度飛行，其速度為2380m/s此時若有常規導彈從其正后方攻擊，則導彈相對于

29、飛行器是向后運動的（2）該飛行器具有雷達隱形功能，是因為體表形狀及材料能有效減弱它對電磁波的反射；不具備紅外隱形功能，是因為高速飛行時體表與空氣摩擦將機械能轉化為內能，使飛行器表面溫度升高的緣故考點：電磁波的傳播；參照物及其選擇；速度與物體運動；做功改變物體內能.專題：其他綜合題分析：（1）知道1馬赫=340m/s，可求出飛行器的速度；解答此題的關鍵是看被研究的物體與所選的標準，即參照物之間的相對位置發生了什么樣的變化；（2）該飛行器具有雷達隱形功能，是因為體表形狀及材料將雷達發射的電磁波吸收，電磁波不能反射回雷達，就避開了雷達的探測；改變物體內能的方式：做功和熱傳遞解答：解：（1）若該飛行器

30、以7馬赫速度飛行，其速度為7340m/s=2380m/s；常規導彈從其正后方攻擊飛行器，由于常規導彈的速度低于飛行器的速度，所以它們之間的距離將會越來越大，以飛行器為參照物，導彈是向后運動的；（2）飛行器本身的材料和涂層對雷達發射的電磁波有良好的吸收作用，從而有效減弱它對電磁波的反射；飛行器高速飛行時體表與空氣摩擦，克服摩擦做功，將機械能轉化為內能，使飛行器表面溫度升高，因此飛行器不具備紅外隱形功能故答案為：（1）2380；后；（2）電磁波；機械；內點評：此題通過高速隱形飛行器考查了學生多個方面的物理知識，有一定的綜合性，體現了物理知識和現代科技的密切聯系20（2分）（2015蘇州）據報道，某

31、地曾經發生過天空中下“魚”的奇觀，實際上這是龍卷風的杰作當龍卷風經過湖面時，其氣旋中心速度很大，壓強很小，將湖中的水和魚一起“吸”向空中，水和魚隨龍卷風運動到別處落下，形成奇觀考點：流體壓強與流速的關系.專題：氣體的壓強、流體壓強與流速的關系分析：龍卷風是空氣急速流動形成的，空氣流動速度越大，壓強越小解答：解：龍卷風能“吸”起物體的主要原因是龍卷風內部的氣體流速大，壓強小當龍卷風經過湖面時，其氣旋中心速度很大，壓強很小，將湖中的水和魚一起“吸”向空中，水和魚隨龍卷風運動到別處落下，形成奇觀故答案為：大；小點評：本題考查流體壓強與流速的關系，相對比較簡單，屬于基礎題21（2分）（2015蘇州）有

32、質量相同的兩個實心球，其密度分別為水的密度的2倍和5倍把它們分別掛在兩個彈簧測力計的下端，然后將兩球完全浸沒在水中，此時兩球所受浮力之比為5：2，兩彈簧測力計的示數之比為5：8考點：阿基米德原理.專題：浮力分析：知道兩球的質量相等和密度大小，利用密度公式得出兩球的體積關系（浸沒水中排開水的體積大小關系），根據阿基米德原理求兩球受到的水的浮力的大小關系；兩球質量相等、重力相同，再根據F示=GF浮=球v球g水V球g得出彈簧測力計的示數大小關系解答：解：因為=，兩球的質量相同為m，假設兩個實心球是甲和乙，甲、乙兩球密度分別為水的密度的2倍和5倍，則乙=甲，所以V甲：V乙=乙：甲=5：2；浸沒水中，V

33、排=V球，受到水的浮力：F甲：F乙=水V甲g：水V乙g=V甲：V乙=5：2；因為=mg，兩球的質量相同，所以兩球重相同，因為F示=GF浮，F示甲：F示乙=（GF甲）：（GF乙）=（甲V甲g水V甲g）：（乙V乙g水V乙g）=（甲水）V甲：（乙水）V乙=5：8故答案為：5：2；5：8點評：本題考查了學生對重力公式、密度公式、阿基米德原理的掌握和運用，利用好稱重法測浮力（F浮=GF示）是本題的關鍵22（4分）（2015蘇州）物理實驗復習時，小美和小麗再探有關杠桿平衡的問題（1）小美先將杠桿調節至水平位置平衡，在左右兩側各掛如圖甲所示的鉤碼后，杠桿的左端下降要使杠桿重新在水平位置平衡，如果不改變鉤碼總

34、數和懸掛點位置，只需將左側2個鉤碼掛到右側即可（2）小麗還想探究當動力和阻力在杠桿同側時杠桿的平衡情況，于是她將杠桿左側的所有鉤碼拿掉，結果杠桿轉至豎直位置，如圖乙所示小麗在A點施加一個始終水平向右的拉力F，卻發現無論用多大的力都不能將杠桿拉至水平位置平衡你認為原因是水平位置時動力臂為零杠桿無法平衡（3）他們認為（2）問中拉力是做功的如果水平向右的拉力F大小不變，OA長L，將杠桿從豎直位置拉著轉過30的過程中，拉力F做功為FL考點：探究杠桿的平衡條件實驗.專題：探究型實驗綜合題分析：（1）根據圖甲中左右兩側掛鉤碼后兩邊力與力臂的乘積大小，判斷杠桿的哪端下降；根據杠桿的平衡條件計算不改變鉤碼總數

35、和懸掛點位置時，掛鉤碼情況；（2）分析F作用下其力臂變化情況，根據杠桿的平衡條件找到原因；（3）分析F在杠桿從豎直位置轉過30的過程中F水平移動距離，根據W=Fs計算拉力F做的功解答：解：（1）若每個鉤碼重為G，杠桿上每格長L，由圖甲，左側力與力臂的乘積：5G4L=20GL，右側力與力臂的乘積：2G3L=6GL，因為：20GL6GL，所以杠桿左側下降；如果不改變鉤碼總數和懸掛點位置，若要杠桿平衡，左側取下n個鉤碼掛到右側，則：（5n）G4L=（2+n）G3L，解得：n=2，即需將左側2個鉤碼掛到右側即可；（2）由圖將杠桿左側的所有鉤碼拿掉，在A點施加一個始終水平向右的拉力F，當杠桿拉到水平位置

36、時F的力臂通過支點，即力臂為0，根據杠桿的平衡條件所以始終不能平衡；（3）由圖杠桿從豎直位置轉過30的過程，F水平移動距離為OA長的一半，即L，所以拉力F做的功：W=FL=FL故答案為：（1）左；左側2個鉤碼掛到右側；（2）水平位置時動力臂為零杠桿無法平衡；（3）FL點評：本題考查杠桿平衡條件實驗中出現問題分析和杠桿平衡條件運用，關鍵是求出杠桿轉動30時水平拉力F水平移動距離三、簡答題（本題共8小題，共50分解答24、25、26題時應有解題過程）23（8分）（2015蘇州）按題目要求作圖：（1）圖甲中，物體保持靜止，畫出它受到的重力G和拉力F的示意圖（2）在圖乙中標出通電螺線管的N極和B點的電

37、流方向（3）在圖丙虛線框中填入電池和電壓表的符號，使電路成為串聯電路（4）將一矩形玻璃磚從中間斜切后，向左右沿水平直線拉開一小段距離，如圖丁所示一條光線從左側面垂直射入，畫出這條光線從右側玻璃磚射出的折射光路圖（保留作圖痕跡）考點：力的示意圖；作光的折射光路圖；通電螺線管的磁場；電路圖及元件符號.專題：圖像綜合題分析：（1）物體受到的重力和拉力是一對平衡力，作用點都在物體的重心上，重力方向豎直向下，拉力方向豎直向上；（2）電流從電流表正接線柱流入，從負接線柱流出，利用螺線管的繞向和電流方向，根據安培定則確定通電螺線管的N、S極；（3）要使燈泡發光則必須有電源；電流表在電路中相當于一根導線，電壓

38、表相當于斷路；（4）當光從空氣斜射入玻璃時，入射光線和折射光線分居法線的兩側，折射角小于入射角；當光從玻璃斜射入空氣時，入射光線和折射光線分居法線的兩側，折射角大于入射角解答：解：（1）重力從重心豎直向下畫，標出符號G，拉力從重心豎直向上畫，標出符號F，注意兩個力大小相等，所畫的長度要相等如圖所示：（2）電流從電流表正接線柱流入，所以B點電流方向如圖所示，根據安培定則，伸出右手，讓右手握住螺線管，四指彎曲所指的方向為電流的方向，則大拇指指示螺線管的右端為N極，左端為S極，如下圖所示：（3）要組成串聯電路，電源在燈泡上方，左側為電壓表如圖所示：（4）光從空氣垂直入射到玻璃界面上，傳播方向不變，當

39、光從玻璃斜射入空氣中時，折射角大于入射角，折射光線將遠離法線；當光從空氣斜射入右側玻璃磚時，傳播規律相同如圖所示：點評：作力的示意圖，要用一條帶箭頭的線段表示力，線段的長度表示力的大小，箭頭表示力的方向，起點或終點表示力的作用點，是平衡力的長度要相等讓四指彎曲，跟螺線管中電流的方向一致，則大拇指指的方向是通電螺線管的N極對電路中各元件的作用及使用方法要非常明確，然后根據串并聯電路的特點正確組成電路完成折射光路圖時，一定首先明確光從哪種介質到哪種介質24（6分）（2015蘇州）某學習小組同學想研究酒精燈燒水時的熱效率他們用酒精燈給100g的水加熱，經過一段時間測得水溫升高了60、消耗了4.2g酒

40、精已知：水的比熱容為4.2103J/（kg），酒精的熱值為3107J/kg求：（1）此過程中水吸收的熱量；（2）4.2g酒精完全燃燒放出的熱量；（3）酒精燈燒水時的熱效率考點：熱平衡方程的應用.專題：比熱容、熱機、熱值分析：利用吸熱公式求水吸收的熱量；已知酒精的質量和熱值，利用Q=mq可求酒精完全燃燒產生的熱量；燒水時的熱效率等于水吸收的熱量與燃料完全燃燒放出的熱量之比解答：解：（1）100g=0.1kg，水吸收的熱量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）0.1kg60=2.52104J；（2）酒精完全燃燒產生的熱量：Q放=mq=0.0042kg3107J/kg=1.26105J；（3）酒精

41、燈燒水時的熱效率：=100%=100%=20%答：（1）水吸收的熱量是2.52104J；（2）4.2g酒精完全燃燒放出的熱量是1.26105J；（3）酒精燈燒水時的熱效率是20%點評：本題考查了學生對吸熱公式、燃料完全燃燒放熱公式的掌握和運用，熟記相關的計算公式是本題的關鍵25（6分）（2015蘇州）一名體重為500N、雙腳與地面接觸面積為0.04m2的學生站在水平地面上，要用滑輪組在20s內將600N的重物勻速提升1m（1）他站在地面上時對地面的壓強多大？（2）畫出滑輪組的繞線方式；（3）若勻速提升過程中滑輪組的機械效率是75%，拉力F多大？拉力的功率多大？考點：壓強的大小及其計算；滑輪（組

42、）的機械效率；功率的計算.專題：壓強、液體的壓強；功、功率、機械效率分析：（1）他站在地面上時對地面的壓力和自己的體重相等，又知道雙腳與地面接觸面積，根據p=求出對地面的壓強；（2）在使用滑輪組提升重物時，既要考慮到它的省力情況，還應注意動力的施力方向；（3）由圖可知滑輪組繩子的有效股數，根據s=nh求出繩端移動的距離，根據W=Gh求出有用功，利用=100%求出總功，利用W=Fs求出拉力的大小，利用P=求出拉力的功率解答：解：（1）他站在地面上時對地面的壓力：F=G=500N，對地面的壓強：p=1.25104Pa；（2）因為滑輪組要求站在地面上提升重物，所以，最終的繩子自由端方向向下，則繩子的

43、起始端應在動滑輪上，如圖所示：（3）由圖可知，n=2，則繩端移動的距離：s=nh=21m=2m，拉力做的有用功：W有=Gh=600N1m=600J，由=100%可得，拉力做的總功：W總=800J，由W=Fs可得，拉力的大小：F=400N，拉力的功率：P=40W答：（1）他站在地面上時對地面的壓強為1.25104Pa；（2）滑輪組的繞線方式如上圖所示；（3）拉力F為400N，拉力的功率為40W點評：本題考查了壓強的計算和滑輪組的組裝以及功、功率、機械效率公式的應用，設計滑輪組的繞繩方案應從兩方面考慮，一是省力情況，二是繩子自由端的朝向26（6分）（2015蘇州）有兩只燈泡，A燈“6V 6W”、B

44、燈“6V 3W”，A和B中電流隨兩端電壓變化關系的圖象如圖甲所示（1）將A、B并聯接在6V電源兩端，求1min內電路消耗的電能；（2）將A、B串聯接在某電源兩端，使B燈恰好正常發光，求此時A燈電阻；（3）將A與一個滑動變阻器（50 2A）串聯接在6V電源兩端，如圖乙所示調節滑動變阻器，當滑動變阻器的功率和A燈功率相等時，求滑動變阻器的功率考點：電功率的計算；歐姆定律的應用；電功的計算.專題：歐姆定律；電能和電功率分析：（1）A、B并聯接在6V電源兩端，都正常發光，由W=Pt計算1min內電路消耗的電能；（2）A、B串聯接在某電源兩端，使B燈恰好正常發光，說明B達到額定電壓，由此根據圖象判斷A燈

45、的電壓和電流，根據R=計算其電阻；（3）由P=I2R，滑動變阻器和A燈串聯功率相等時，它們的電阻相等，所以電壓相等，由圖象根據P=UI可計算其功率解答：解：（1）A、B并聯接在6V電源兩端，都正常發光，因為P=，所以1min內電路消耗的電能：W總=P總t=（6W+3W）60s=540J；（2）A、B串聯接在某電源兩端，使B燈恰好正常發光，因為P=UI，所以：IA=IB=0.5A，由圖象此時UA=2V，所以RA=4；（3）當A與滑動變阻器串聯接在6V電源兩端時，兩者電流相等，根據P=I2R，當RA=R變時功率相等，根據U=IR可知：UA=U變=6V=3V，由圖象此時IA=0.7A，所以滑動變阻器

46、的功率：P=PA=UAIA=3V0.7A=2.1W答：（1）將A、B并聯接在6V電源兩端，1min內電路消耗的電能為540J；（2）將A、B串聯接在某電源兩端，使B燈恰好正常發光，此時A燈電阻為4；（3）將A與一個滑動變阻器串聯接在6V電源兩端，當滑動變阻器的功率和A燈功率相等時，滑動變阻器的功率為2.1W點評：本題考查了串聯、并聯電路的特點、歐姆定律和電功率的計算，解題的關鍵是根據串聯和并聯電路特點從圖象中獲取有用的信息27（4分）（2015蘇州）利用如圖裝置探究平面鏡成像特點（1）實驗時應選較薄（較厚/較薄）的玻璃板代替平面鏡豎立在水平桌面上（2）在玻璃板前放置棋子A，將完全相同的棋子B放

47、在玻璃板后并移動，人眼一直在玻璃板的前側觀察，直至B與A的像完全重合，由此可得結論：像與物的大小相等（3）為了探究平面鏡成像的虛實情況，將一張白卡片豎直放在B所在的位置，應在玻璃板后（前/后）側觀察白卡片上是否有A的像（4）改變A的位置，重復（2）中步驟并分別測出A和B到玻璃板的距離，記錄在下表中序號123A到玻璃板的距離/cm3.005.008.00B到玻璃板的距離/cm3.005.008.00分析表中數據，可以得到結論：像與物體到平面鏡的距離相等考點：平面鏡成像的特點、原理、現象及其實驗方案.專題：探究型實驗綜合題分析：（1）玻璃板有兩個反射面，每個反射面都可以成一個像，這樣由于兩個像的干

48、擾，像的位置不易確定準確，需要兩個像距離越近越減小誤差；（2）探究平面鏡成像時，當物像重合時，可以確定像的位置，同時也可以說明物像大小相等（3）眼睛在物體一側時，既能看到物體又能看到物體的像；眼睛在像的一側，只能透過透明玻璃，看到物體，不能看到物體在平面鏡中成的像（4）根據表中物距和像距的數值可得出結論解答：解：（1）玻璃板越薄，兩個反射面所在的像距離越近，這樣可以使確定的像的位置更加準確，厚玻璃板會形成兩個像，會影響對實驗結果的判斷；（2）在玻璃板前放置棋子A，將完全相同的棋子B放在玻璃板后并移動，人眼一直在玻璃板的前側觀察，直至B與A的像完全重合，這樣做的目的既確定了像的位置又驗證了物像大

49、小相等；（3）在玻璃板前面能看到蠟燭和蠟燭在平面鏡中的像，在玻璃板后面不能看到蠟燭在平面鏡中像，所以在玻璃板后面觀察光屏上是否有像（4）由表中物距和像距的數值可知，像到平面鏡的距離與物體到平面鏡的距離相等故答案為：（1）較薄；（2）像與物的大小相等；（3）后；（4）像與物體到平面鏡的距離相等點評：本題主要考查了平面鏡成像特點的實驗及其應用這是光學中的一個重點，也是近幾年來中考經常出現的題型，要求學生熟練掌握，并學會靈活運用28（5分）（2015蘇州）在“比較不同物質吸熱升溫情況”的實驗中：（1）小麗和小明用一套器材做加熱水和煤油的實驗，如圖甲所示在組裝器材時應先調節A（A/B）的高度，調節它的

50、高度是為了確保使用外焰加熱（2）組裝好器材，他們先后在同一個燒杯中稱出質量相等的水和煤油，分別加熱相同的時間，比較水和煤油升高的溫度，得出結論要完成該實驗，除圖甲所示器材外，還需要的一個測量工具是天平（3）在對實驗進行反思時，他們認為原方案有需要兩次加熱耗時長等缺點，因此改進方案并設計了圖乙所示的裝置與原方案相比，該方案除克服了上述缺點外還具有的優點是該方案避免兩次加熱，用同一熱源加熱確保在相等時間內吸收的熱量相等（答出一個即可）考點：探究比熱容的實驗.專題：探究型實驗綜合題分析：（1）組裝實驗儀器是實驗中的一個重要環節，應從最優化的角度去考慮，避免重復調整（2）實驗需要控制水與煤油的質量相等

51、，需要用天平測出液體質量；液體吸收相等的熱量，升高的溫度越高，液體的吸熱能力越弱（3）分析圖示實驗，根據圖示實驗裝置分析答題解答：解：（1）組裝實驗儀器時，應根據酒精燈及其火焰的高度先固定圖中的A部分，使酒精燈的外焰正好能給燒杯加熱，然后再固定圖中的B部分，這樣可以避免重復調整；（2）在同一個燒杯中稱出質量相等的水和煤油，分別加熱相同的時間，比較水和煤油升高的溫度，得出結論實驗要控制水與煤油的質量相等，需要用天平測水與煤油的質量；（3）由圖乙所示實驗可知，實驗用同一燒杯用“水浴法”對水與煤油同時加熱，該方案避免兩次加熱，用同一熱源加熱確保在相等時間內吸收的熱量相等；故答案為：（1）A；確保使用

52、外焰加熱；（2）升高的溫度；天平；（3）該方案避免兩次加熱，用同一熱源加熱確保在相等時間內吸收的熱量相等點評：“比較不同物質的吸熱能力”的實驗是熱學最主要的實驗此實驗不僅考查學生對基本過程的掌握情況，更進一步考查學生運用基本知識和方法分析問題、提出問題的能力要知道“水浴法”加熱的優點29（5分）（2015蘇州）在“用天平和量筒測量鹽水密度”的實驗中：（1）將天平放在水平桌面上，把游碼移至標尺左端0刻度線處，發現指針指在分度盤的左側，應將平衡螺母向右調，使天平橫梁平衡（2）用天平測出空燒杯的質量為30g，在燒杯中倒入適量的鹽水，測出燒杯和鹽水的總質量如圖甲所示，則鹽水的質量是32g再將燒杯中的鹽水全部倒入量筒中，如圖乙所示，鹽水的密度為1.07103kg/m3（3）小聰同學在實驗中先測出空燒杯的質量m1，倒入鹽水后測出其總質量m2在將鹽水倒入量筒的過程中，發現由于鹽水較多，無法全部倒完，他及時停止了操作同組同學討論后認為仍可繼續完成實驗，于是小聰讀出此時量筒中鹽水的體積V，又加了一個步驟，順利得出了鹽水的密度你認為增加的步驟是：用天平測出剩余鹽