1、2011年物理一輪精品復習學案：第3節 受力分析、共點力的平衡【考綱知識梳理】一、受力分析1、定義：把某個特定的物體在某個特定的物理環境中所受到的力一個不漏，一個不重地找出來，并畫出定性的受力示意圖。對物體進行正確地受力分析，是解決好力學問題的關鍵。2、相對合理的順序：先找（電場力、磁場力、重力），再找接觸力（彈力、摩擦力），最后分析其它力。3、為了在受力分析時不多分析力，也不漏力，一般情況下按下面的步驟進行： （1）確定研究對象 可以是某個物體也可以是整體。（2）按順序畫力先畫重力：作用點畫在物體的重心，方向豎直向下。次畫已知力再畫接觸力（彈力和摩擦力）：看研究對象跟周圍其他物體有幾個接觸點

2、（面），先對某個接觸點（面）分析，若有擠壓，則畫出彈力，若還有相對運動或相對運動的趨勢，則再畫出摩擦力。分析完一個接觸點（面）后，再依次分析其他的接觸點（面）。再畫其他場力：看是否有電、磁場力作用，如有則畫出。（3）驗證： 每一個力都應找到對應的施力物體.受的力應與物體的運動狀態對應?？傊谶M行受力分析時一定要按次序畫出物體實際受的各個力，為解決這一難點可記憶以下受力口訣：，地球周圍受重力繞物一周找彈力考慮有無摩擦力其他外力細分析合力分力不重復只畫受力拋施力（4）注意：（1）只分析研究對象受的根據性質命名的實際力(如：重力、彈力、摩擦力等)，不畫它對別的物體的作用力。（2）合力和分力不能同時

3、作為物體所受的力。（3）每一個力都應找到施力物體，防止“漏力”和“添力”。（4）可看成質點的物體，力的作用點可畫在重心上，對有轉動效果的物體，則力應畫在實際位置上。（5）為了使問題簡化，常忽略某些次要的力。如物體速度不大時的空氣阻力、物體在空氣中所受的浮力等。 （6）分析物體受力時，除了考慮它與周圍物體的作用外，還要考慮物體的運動情況(平衡狀態、加速或減速)，當物體的運動情況不同時，其情況也不同。二、共點力的平衡1、平衡狀態：對質點是指靜止狀態或勻速直線運動狀態，對轉動的物體是指靜止狀態或勻速轉動狀態。2、平衡條件：共點力作用下物體的平衡條件：合力為零，即03、平衡條件的推論：（1）二力平衡時

4、，兩個力必等大、反向、共線； （2）三力平衡時，若是非平行力，則三力作用線必交于一點，三力的矢量圖必為一閉合三角形； （3）多個力共同作用處于平衡狀態時，這些力在任一方向上的合力必為零； （4）多個力作用平衡時，其中任一力必與其它力的合力是平衡力； （5）若物體有加速度，則在垂直加速度的方向上的合力為零?！疽c名師精解】一、受力分析的常用方法以及應注意的問題 1、常用方法（1）隔離法 為了弄清系統(連接體)內某個物體的受力和運動情況，一般可采用隔離法運用隔離法解題的基本步驟是： 明確研究對象或過程、狀態； 將某個研究對象、某段運動過程或某個狀態從全過程中隔離出來； 畫出某狀態下的受力圖或運動過

5、程示意圖； 選用適當的物理規律列方程求解 （2）整體法 當只涉及研究系統而不涉及系統內部某些物體的力和運動時，一般可采用整體法運用整體法解題的基本步驟是： 明確研究的系統和運動的全過程； 畫出系統整體的受力圖和運動全過程的示意圖； 選用適當的物理規律列方程求解隔離法和整體法常常交叉運用，從而優化解題思路和方法，使解題簡捷明快2、應該注意的問題（1）只分析研究對象所受的力，不分析研究對象對其他物體所施的力（2）只分析根據性質命名的力（3）每分析一個力，都應找出施力物體（4）合力和分力不能同時作為物體所受的力【例1】（09·山東·22）圖示為某探究活動小組設計的節能運動系統。斜

6、面軌道傾角為30°，質量為M的木箱與軌道的動摩擦因數為。木箱在軌道端時，自動裝貨裝置將質量為m的貨物裝入木箱，然后木箱載著貨物沿軌道無初速滑下，與輕彈簧被壓縮至最短時，自動卸貨裝置立刻將貨物卸下，然后木箱恰好被彈回到軌道頂端，再重復上述過程。下列選項正確的是 （ BC ） AmMBm2MC木箱不與彈簧接觸時，上滑的加速度大于下滑的加速度D在木箱與貨物從頂端滑到最低點的過程中，減少的重力勢能全部轉化為彈簧的彈性勢能解析：受力分析可知，下滑時加速度為，上滑時加速度為，所以C正確。設下滑的距離為l，根據能量守恒有，得m2M。也可以根據除了重力、彈性力做功以外，還有其他力(非重力、彈性力)做

7、的功之和等于系統機械能的變化量，B正確。在木箱與貨物從頂端滑到最低點的過程中，減少的重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能和內能，所以D不正確?？键c：能量守恒定律，機械能守恒定律，牛頓第二定律，受力分析提示：能量守恒定律的理解及應用。二、處理平衡問題的基本方法1、合成分解法利用力的合成與分解能解決三力平衡的問題，具體求解時有兩種思路：一是將某力沿另兩力的反方向進行分解，將三力轉化為四力，構成兩對平衡力。二是某二力進行合成，將三力轉化為二力，構成一對平衡力2、正交分解法是解共點力平衡問題的基本方法，其優點是不受物體所受外力多少的限制。 解題依據是根據平衡條件，將各力分解到相互垂直的兩個方向上。（1）建立直

8、角坐標系，將各力分解到x軸和y軸上，運用兩坐標軸上的合力等于零的條件。多用于三個以上共點力作用下的物體的平衡。值得注意的是：對x、y軸的方向的選擇，盡可能使落在坐標軸上的力多，被分解的力盡可能是已知力，不宜分解待求力。 （2）正交分解方向的確定：原則上可隨意選取互相垂直的兩個方向；但是，為解題方便通常的做法是：使所選取的方向上有較多的力；選取運動方向和與其相垂直的方向為正交分解的兩個方向。在直線運動中，運動方向上可以根據牛頓運動定律列方程，與其相垂直的方向上受力平衡，可根據平衡條件列方程。使未知的力特別是不需要的未知力落在所選取的方向上，從而可以方便快捷地求解。解題步驟為：選取研究對象一受力分

9、析一建立直角坐標系一找角、分解力一列方程一求解。3、三角形相似法“相似三角形”的主要性質是對應邊成比例，對應角相等。在物理中，一般地，當涉及到矢量運算，又構建了三角形時，可考慮用相似三角形。4、圖像法5、臨界狀態處理方法假設法某種物理現象變化為另一種物理現象的轉折狀態叫做臨界狀態，平衡物體的臨界狀態是指物體所處的平衡狀態將要破壞、而尚未破壞的狀態。解答平衡物體的臨界問題時可用假設法。運用假設法解題的基本步驟是：明確研究對象；畫受力圖；假設可發生的臨界現象；列出滿足所發生的臨界現象的平衡方程求解。三、平衡問題中的極值問題在研究平衡問題中某些物理量變化時出現最大值或最小值的現象稱為極值問題。求解極

10、值問題有兩種方法：方法1：解析法。根據物體的平衡條件列方程，在解方程時采用數學知識求極值。通常用到數學知識有二次函數極值、討論分式極值、三角函數極值以及幾何法求極值等。方法2：圖解法。根據物體平衡條件作出力的矢量圖，如只受三個力，則這三個力構成封閉矢量三角形，然后根據圖進行動態分析，確定最大值和最小值?！纠?】如圖，在傾角為的斜面上，放置一段通電電流為I、長度為L、質量為m的導體棒a，棒與斜面間的動摩擦因數為，。欲使導體棒靜止在斜面上，所加勻強磁場的磁感應強度的最小值是多少？如果導體棒a靜止在斜面上且對斜面無壓力，則所加勻強磁場的磁感應強度大小和方向如何？解析：受力分析如圖假設外力F與斜面成角

11、，,，得：由三角函數極值可知： 無壓力即此導線僅G和安培力，且平衡得：名師點評：通電導線所受的安培力與磁場方向、導體放置方向密切相關。而此三者方向不在同一平面內，在平面視圖中很難準確畫出來，因此選擇好的觀察方位，畫出正確的平面視圖，能夠形象、直觀地表達出三者的關系非常重要，是有效地解題的關鍵?！靖形蚋呖颊骖}】1.（2010·山東卷）16如圖甲所示，物體沿斜面由靜止滑下，在水平面上滑行一段距離后停止，物體與斜面和水平面間的動摩擦因數相同，斜面與水平面平滑連接。圖乙中、和分別表示物體速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程。圖乙中正確的是答案：C解析：在斜面上，；在水平面上，。本題考查力、

12、速度、加速度、位移、圖象。難度：易。2.（2010·山東卷）17如圖所示，質量分別為、的兩個物體通過輕彈簧連接，在力的作用下一起沿水平方向做勻速直線運動（在地面，在空中），力與水平方向成角。則所受支持力N和摩擦力正確的是ABCD17.AC【解析】整體法，分析受力，選AC.本題考查受力分析，力的平衡。難度：易。3.(2010·上海物理）31.（12分）傾角，質量M=5kg的粗糙斜面位于水平地面上，質量m=2kg的木塊置于斜面頂端，從靜止開始勻加速下滑，經t=2s到達底端，運動路程L=4m,在此過程中斜面保持靜止（），求：（1）地面對斜面的摩擦力大小與方向；（2）地面對斜面的支

13、持力大?。?）通過計算證明木塊在此過程中滿足動能定理。【解析】（1）隔離法：對木塊：，因為，得所以，對斜面：設摩擦力f向左，則，方向向左。（如果設摩擦力f向右，則，同樣方向向左。）（2）地面對斜面的支持力大小（3）木塊受兩個力做功。重力做功：摩擦力做功：合力做功或外力對木塊做的總功：動能的變化所以，合力做功或外力對木塊做的總功等于動能的變化（增加），證畢。4.（2010·江蘇卷）3、如圖所示，置于水平地面的三腳架上固定著一質量為m的照相機，三腳架的三根輕質支架等長，與豎直方向均成角，則每根支架中承受的壓力大小為（A）（B）（C）（D）【解析】。選D5.（2010·福建卷）1

14、6質量為2kg的物體靜止在足夠大的水平面上，物體與地面間的動摩擦因數為02，最大靜摩擦力和滑動摩擦力大小視為相等。從t=0時刻開始，物體受到方向不變、大小呈周期性變化的水平拉力F的作用，F隨時間t的變化規律如圖所示。重力加速度g取10m/s2，則物體在t=0到t=12s這段時間內的位移大小為A18m B54m C72m D198m【命題特點】本題屬于多過程問題，綜合考查靜摩擦力、滑動摩擦力、牛頓運動定律、勻速直線運動和勻變速直線運動，需要考生準確分析出物體在每一段時間內的運動性質。 【解析】拉力只有大于最大靜摩擦力時，物體才會由靜止開始運動0-3s時：F=fmax，物體保持靜止，s1=0；3-

15、6s時：F>fmax，物體由靜止開始做勻加速直線運動 v=at=6m/s 6-9s時：F=f，物體做勻速直線運動 s3=vt=6×3=18m9-12s時：F>f，物體以6m/s為初速度，以2m/s2為加速度繼續做勻加速直線運動 所以0-12s內物體的位移為：s=s1+s2+s3+s4=54m，B正確【答案】B【啟示】多過程問題能體現考生的判斷力，組合題能綜合考查學生多方面的知識，這類題目復習中應引起重視。 6、(08廣東理科基礎6) 如圖所示,質量為m的物體懸掛在輕質支架上,斜梁OB與豎直方向的夾角為.設水平橫梁OA和斜梁OB作用于O點的彈力分別為F1和F2,以下結果正確

16、的是 ( )A.F1=mgsin B.F1=C.F2=mgcos D.F2=答案 D解析 O點受力如圖所示.由圖可知F1=mgtan,F2=.7.（09·廣東理科基礎·4）建筑工人用圖所示的定滑輪裝置運送建筑材料。質量為70.0kg的工人站在地面上，通過定滑輪將20.0kg的建筑材料以0500ms2的加速度拉升，忽略繩子和定滑輪的質量及定滑輪的摩擦，則工人對地面的壓力大小為(g取lOms2) （ B ）A510 N B490 N C890 N D910 N 解析：對建筑材料進行受力分析。根據牛頓第二定律有,得繩子的拉力大小等于F=210N,然后再對人受力分析由平衡的知識得,

17、得FN=490N,根據牛頓第三定律可知人對地面間的壓力為490N.B對。8.(09·廣東文科基礎·58)如圖8所示，用一輕繩系一小球懸于O點?，F將小球拉至水平位置，然后釋放，不計阻力。小球下落到最低點的過程中，下列表述正確的是 （ A ）A小球的機械能守恒 B小球所受的合力不變C小球的動能不斷減小 D小球的重力勢能增加9.（09·安徽·17）為了節省能量，某商場安裝了智能化的電動扶梯。無人乘行時，扶梯運轉得很慢；有人站上扶梯時，它會先慢慢加速，再勻速運轉。一顧客乘扶梯上樓，恰好經歷了這兩個過程，如圖所示。那么下列說法中正確的是 ( C )A. 顧客始終受

18、到三個力的作用B. 顧客始終處于超重狀態C. 顧客對扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下D. 顧客對扶梯作用的方向先指向右下方，再豎直向下解析：在慢慢加速的過程中顧客受到的摩擦力水平向左，電梯對其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛頓第三定律，它的反作用力即人對電梯的作用方向指向向左下；在勻速運動的過程中，顧客與電梯間的摩擦力 等于零，顧客對扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下。10.（09·浙江·14）如圖所示，質量為m的等邊三棱柱靜止在水平放置的斜面上。已知三棱柱與斜面之間的動摩擦因數為，斜面的傾角為，則斜面對三棱柱的支持力與摩擦力的大小分別為 （ A ）Amg

19、和mg Bmg和mgCmg和mg Dmg和mg解析：受力如圖所示，。11.（09·浙江·16）如圖所示，在光滑絕緣水平面上放置3個電荷量均為的相同小球，小球之間用勁度系數均為的輕質彈簧絕緣連接。當3個小球處在靜止狀態時，每根彈簧長度為 已知靜電力常量為，若不考慮彈簧的靜電感應，則每根彈簧的原長為 （ C ）A B C D解析：第三個小球受三個力的作用它們的關系是，得 12.（09·山東·24）（15分）如圖所示，某貨場而將質量為m1=100 kg的貨物（可視為質點）從高處運送至地面，為避免貨物與地面發生撞擊，現利用固定于地面的光滑四分之一圓軌道，使貨物中

20、軌道頂端無初速滑下，軌道半徑R=1.8 m。地面上緊靠軌道次排放兩聲完全相同的木板A、B，長度均為l=2m，質量均為m2=100 kg，木板上表面與軌道末端相切。貨物與木板間的動摩擦因數為1，木板與地面間的動摩擦因數=0.2。（最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，取g=10 m/s2）（1）求貨物到達圓軌道末端時對軌道的壓力。（2）若貨物滑上木板4時，木板不動，而滑上木板B時，木板B開始滑動，求1應滿足的條件。（3）若1=0。5，求貨物滑到木板A末端時的速度和在木板A上運動的時間。解析：（1）設貨物滑到圓軌道末端是的速度為，對貨物的下滑過程中根據機械能守恒定律得，設貨物在軌道末端所受支持力的大小

21、為,根據牛頓第二定律得，聯立以上兩式代入數據得根據牛頓第三定律，貨物到達圓軌道末端時對軌道的壓力大小為3000N，方向豎直向下。（2）若滑上木板A時，木板不動，由受力分析得若滑上木板B時，木板B開始滑動，由受力分析得聯立式代入數據得。（3），由式可知，貨物在木板A上滑動時，木板不動。設貨物在木板A上做減速運動時的加速度大小為，由牛頓第二定律得設貨物滑到木板A末端是的速度為，由運動學公式得聯立式代入數據得設在木板A上運動的時間為t，由運動學公式得聯立式代入數據得。考點：機械能守恒定律、牛頓第二定律、運動學方程、受力分析13.（09·安徽·22）（14分）在2008年北京殘奧會

22、開幕式上，運動員手拉繩索向上攀登，最終點燃了主火炬，體現了殘疾運動員堅忍不拔的意志和自強不息的精神。為了探究上升過程中運動員與繩索和吊椅間的作用，可將過程簡化。一根不可伸縮的輕繩跨過輕質的定滑輪，一端掛一吊椅，另一端被坐在吊椅上的運動員拉住，如圖所示。設運動員的質量為65kg，吊椅的質量為15kg，不計定滑輪與繩子間的摩擦。重力加速度取。當運動員與吊椅一起正以加速度上升時，試求（1）運動員豎直向下拉繩的力；（2）運動員對吊椅的壓力。答案：440N，275N解析：解法一:(1）設運動員受到繩向上的拉力為F，由于跨過定滑輪的兩段繩子拉力相等，吊椅受到繩的拉力也是F。對運動員和吊椅整體進行受力分析如

23、圖所示，則有：由牛頓第三定律，運動員豎直向下拉繩的力（2）設吊椅對運動員的支持力為FN，對運動員進行受力分析如圖所示，則有：由牛頓第三定律，運動員對吊椅的壓力也為275N解法二:設運動員和吊椅的質量分別為M和m；運動員豎直向下的拉力為F，對吊椅的壓力大小為FN。根據牛頓第三定律，繩對運動員的拉力大小為F，吊椅對運動員的支持力為FN。分別以運動員和吊椅為研究對象，根據牛頓第二定律 由得 14.（09·上海物理·23）（12分）如圖，質量均為m的兩個小球A、B固定在彎成120°角的絕緣輕桿兩端，OA和OB的長度均為l，可繞過O點且與紙面垂直的水平軸無摩擦轉動，空氣阻力

24、不計。設A球帶正電，B球帶負電，電量均為q，處在豎直向下的勻強電場中。開始時，桿OB與豎直方向的夾角q060°，由靜止釋放，擺動到q90°的位置時，系統處于平衡狀態，求： （1）勻強電場的場強大小E；（2）系統由初位置運動到平衡位置，重力做的功Wg和靜電力做的功We；（3）B球在擺動到平衡位置時速度的大小v。解析：（1）力矩平衡時：（mgqE）lsin90°（mgqE）lsin（120°90°），即mgqE（mgqE），得：E；（2）重力做功：Wgmgl（cos30°cos60°）mglcos60°（1）mgl，靜

25、電力做功：WeqEl（cos30°cos60°）qElcos60°mgl，（3）小球動能改變量DEk=mv2WgWe（1）mgl，得小球的速度：v。15.（09·寧夏理綜·33）（10分）液壓千斤頂是利用密閉容器內的液體能夠把液體所受到的壓強行各個方向傳遞的原理制成的。圖為一小型千斤頂的結構示意圖。大活塞的直徑D1=20cm，小活塞B的直徑D2=5cm，手柄的長度OC=50cm，小活塞與手柄的連接點到轉軸O的距離OD=10cm?，F用此千斤頂使質量m=4×103kg的重物升高了h=10cm。g取10m/s2，求（i）若此千斤頂的效率為8

26、0%，在這一過程中人做的功為多少？（ii）若此千斤頂的效率為100%，當重物上升時，人對手柄的作用力F至少要多大？解析：（i）將重物托起h需要做的功 設人對手柄做的功為，則千斤頂的效率為 代入數據可得 (ii)設大活塞的面積為, 小活塞的面積為，作用在小活塞上的壓力為,當于斤頂的效率為100%時，FN有 當和F都與杠桿垂直時，手對杠桿的壓力最小。利用杠桿原理，有 由式得 F=500N 16.(08山東理綜16) 用輕彈簧豎直懸掛質量為m的物體,靜止時彈簧伸長量為L.現用該彈簧沿斜面方向拉住質量為2m的物體,系統靜止時彈簧伸長量也為L.斜面傾角為300,如圖所示.則物體所受摩擦力 （ ）A.等于

27、零 B.大小為,方向沿斜面向下C.大小為,方向沿斜面向上 D.大小為mg,方向沿斜面向上答案 A解析 豎直懸掛時mg=kL沿斜面拉2m物體時,設物體受摩擦力為f,方向沿斜面向下,則kL =2mgsin 30°+f 由得f=0.17.（08全國16）如右圖,一固定斜面上兩個質量相同的小物塊A和B緊挨著勻速下滑,A與B的接觸面光滑.已知A 與斜面之間的動摩擦因數是B與斜面之間動摩擦因數的2倍,斜面傾角為.B與斜面之間的動摩擦因數是 ( )A. B. C. D. 答案 A解析 對于AB做勻速直線運動,根據共點力的平衡條件有：2mgsin-3mgcos=0所以B與斜面間的動摩擦因數為：=ta

28、n.18.(08廣東理科基礎12)質量為m的物體從高處靜止釋放后豎直下落,在某時刻受到的空氣阻力為f,加速度為a=,則f的大小是 ( ) A.B.C.D. 答案 B 解析 由牛頓第二定律得mg- f =ma,得,f =mg -ma=.19.(08廣東理科基礎9)探究彈力和彈簧伸長的關系時,在彈性限度內,懸掛15 N重物時,彈簧長度為0.16 m,懸掛20 N重物時,彈簧長度為0.18 m,則彈簧的原長L0和勁度系數k分別為 ( )A.L0=0.02 m k=500 N/mB.L0=0.10 m k=500 N/mC.L0=0.02 m k=250 N/mD.L0=0.10 m k=250 N/

29、m答案 D解析 由胡克定律知F1=k（L1-L0）F2= k（L2-L0）由解得：L0=0.1 m,k =250 N/m.20.(08廣東理科基礎2) 人站在自動扶梯的水平踏板上,隨扶梯斜向上勻速運動,如圖所示.以下說法正確的是 ( )A.人受到重力和支持力的作用B.人受到重力、支持力和摩擦力的作用C.人受到的合外力不為零D.人受到的合外力方向與速度方向相同答案A解析由于人做勻速運動,所以人所受的合外力為零,水平方向不可能受力的作用.21.(08寧夏理綜30)一足夠長的斜面,最高點為O點.有一長為l =1.00 m的木條AB,A端在斜面上,B端伸出斜面外.斜面與木條間的摩擦力足夠大,以致木條不

30、會在斜面上滑動.在木條A端固定一個質量為M=2.00 kg的重物（可視為質點）,B端懸掛一個質量為m=0.50 kg的重物.若要使木條不脫離斜面,在下列兩種情況下,OA的長度各需滿足什么條件？（）木條的質量可以忽略不計.（）木條質量為m=0.50 kg,分布均勻.答案 （） ()解析 ()當木條A端剛剛離開斜面時,受力情況如圖a所示.設斜面傾角為,根據力矩平衡條件,則滿足條件木條不會脫離斜面.根據題意有聯立并代入已知條件得 （）設G為木條重心,由題意可知當木條A端剛剛離開斜面時,受力情況如圖b所示.由（）中的分析可知,若滿足木條就不會脫離斜面.聯立并代入已知條件得 m【考點精題精練】1、如圖所

31、示，豎直放置在水平面上的輕質彈簧上放著質量為的物體， 處于靜止狀態。若將一個質量為的物體B豎直向下輕放在A上的一瞬間，則B對A的壓力大小為(取g=10m/s2) A.30N B. 0N C. 15N D. 12N2、如圖所示，斜面固定在水平地面上，先讓物體A沿斜面下滑，恰能勻速后給A一個沿斜面向下的力F，讓其加速下滑設前后兩次A與斜面間的摩擦力分別為f1、f2，地面給斜面的支持力分別為N1、N2，則（ ）Af1=f2 ，N1=N2 Bf1=f2 ，N1>N2 Cf1<f2 ，N1<N2 Df1>f2 ，N1>N23、如圖所示，一根輕繩左端固定在水平天花板上，依次穿

32、過不計質量和摩擦力的動滑輪和定滑輪，在滑輪的下面分別懸掛質量為和的物體，系統處于靜止狀態則：下列說法不正確的是（ ）可以大于可以小于必須小于必須大于4、如圖所示，豎直放置在水平面上的輕彈簧上疊放著兩個物塊A、B，它們的質量都是2kg，都處于靜止狀態。若突然將一個大小為10N的豎直向下的壓力加在A上，在此瞬間，A對B的壓力大小為（ ）A30N B25N C20N D15N5、如圖所示，水平地面上有一楔形物體b，b的斜面上有一小物塊a；a與b之間、b與地面之間均存在摩擦已知楔形物體b靜止時，a靜止在b的斜面上現給a和b一個共同的向左的初速度，與a和b都靜止時相比，此時可能 ( )Aa與b之間的壓力

33、減少，且a相對b向下滑動Ba與b之間的壓力增大，且a相對b向上滑動Ca與b之間的壓力不變，且a相對b靜止不動Db與地面之間的壓力不變，且a相對b向下滑動6、我國國家大劇院外部呈橢球型。假沒國家大劇院的屋頂為半球形，一警衛人員為執行特殊任務，必須冒險在半球形屋頂上向上緩慢爬行(如圖所示)，他在向上爬的過程中 A屋頂對他的支持力變大 B屋頂對他的支持力變小C屋頂對他的摩擦力變大 D屋頂對他的摩擦力變小7、如圖所示，質點m在F1、F2、F3三個力作用下處于平衡狀態，各力的方向所在直線如圖，圖上表示各力矢量的起點均為O點，終點未畫，則各力的大小關系為 （ ）AF1>F2>F3BF1>

34、F3>F2CF3>F1>F2DF2>F1>F38、如圖，運動員打開傘后經過一段時間，將在空中保持勻速降落。已知運動員和他身上裝備的總重力為G1，圓頂形降落傘傘面的重力為G2，有8條相同的拉線（圖中未畫出所有拉線，拉線重力不計），一端與飛行員相連（拉線重力不計)，另一端均勻分布在傘面邊緣上，每根拉線和豎直方向都成300角。那么每根拉線上的張力大小為（ ）A. B. C. D.9、如圖所示，放置在水平地面上的支架質量為M，支架頂端用細線拴著的擺球質量為m，現將擺球拉至水平位置，而后釋放，擺球運動過程中，支架始終不動，以下說法正確的是( )A在釋放瞬間，支架對地面壓力為（m+M）gB在釋放瞬間，支架對地面壓力為MgC擺球到達最低點時，支架對地面壓力為(m+M)gD擺球到達最低點時，支架對地面壓力為(3m+M)g10、水平桿上套有兩個相同的質量為m的環，兩細線等長，下端系著質量為M的物體，系統靜止，現在增大兩環間距而系統仍靜止，則桿對環的支持力N和細線對環的拉力F的變化情況是（ ）A都不變