1、精選優質文檔-傾情為你奉上2019年上海市中考物理試卷一、選擇題（共16分）下列各題均只有一個正確選項，請將正確選項的代號用2B鉛筆填涂在答題紙的相應位置更改答案時，用橡皮擦去，重新填涂1（2分）一節新干電池的電壓為（）A1.5伏B24伏C110伏D220伏2（2分）聽音能辨人，主要是依據不同人的講話聲具有不同的（）A響度B音調C音色D振幅3（2分）首先發現電流磁效應的物理學家是（）A牛頓B歐姆C安培D奧斯特4（2分）原子核中帶正電的粒子是（）A原子B質子C中子D電子5（2分）四沖程柴油機在工作過程中，將內能轉化為機械能的沖程是（）A吸氣沖程B壓縮沖程C做功沖程D排氣沖程6（2分）兩個質量相同

2、的不同物質，吸收相同的熱量，下列說法中正確的是（）A比熱容大的物質升高溫度較小B比熱容小的物質升高溫度較小C比熱容大的物質升高溫度較大D升高溫度相同，與比熱容大小無關7（2分）甲、乙兩車分別在同一直線上的M、N兩點（M、N間距為20米），同時相向做勻速直線運動，它們的圖象分別如圖（a）和（b）所示。若甲、乙的速度分別為v甲、v乙，經過t秒，甲、乙相距10米。則（）Av甲v乙，t一定為10秒Bv甲v乙，t可能為30秒Cv甲v乙，t可能為10秒Dv甲v乙，t可能為30秒8（2分）如圖1所示，均勻長方體甲、乙放在水平地面上，甲、乙的底面積分別為S、S'（SS'），此時它們對地面的壓強

3、相等。現將甲、乙順時針旋轉90°后，如圖2所示，甲、乙的底面積分別為S'、S，關于此時甲、乙對地面的壓強p甲、p乙和對地面的壓強變化p甲、p乙的大小關系，下列判斷正確的是（）Ap甲p乙，p甲p乙Bp甲p乙，p甲p乙Cp甲p乙，p甲p乙Dp甲p乙，p甲p乙二、解答題（共2小題，滿分6分）9（3分）在如圖所示的電路中，電源電壓為U0，且保持不變。電鍵S閉合后，電路正常工作。一段時間后，觀察到一個電壓表的示數變大，再串聯一個電流表，觀察到電流表的示數為0若電阻R1、R2中僅有一個出現故障，請根據相關信息寫出電壓表的示數及相對應的故障。10（3分）亞里士多德為了說明抽水機原理，提出自

4、然界厭惡真空的理論。他認為在自然界中，接觸到真空的液體就會自己填補，會上升，因此亞里士多德認為“自然界是厭惡真空的”。（1）在下列幾個現象中，能支持上述亞里士多德理論的實驗是 A回聲的形成B彩虹C用吸管吸飲料（2）在下列幾個實驗中，能推翻上述亞里士多德理論的實驗是 A托里拆利實驗B富蘭克林風箏雷電實驗C馬德堡半球實驗（3）請你結合所學的物理知識，解釋為什么第2小題中你所選擇的實驗可以推翻亞里士多德的結論。三、作圖題（共7分）請將圖直接畫在答題紙的相應位置，作圖必須使用2B鉛筆11（2分）重為10牛的物體靜止在水平地面上，用力的圖示法在圖中畫出它所受的重力G。12（2分）在圖中根據給出的入射光線

5、AO畫出反射光線OB。13（3分）在圖所示的電路中，有兩根導線尚未連接，請用筆畫線代替導線補上。補上后要求：閉合電鍵S后，向右移動滑動變阻器的滑片P，小燈泡L亮度不變，電流表的示數變小。四、計算題（共27分）請將計算過程和答案寫入答題紙的相應位置14（6分）體積為2×103米3的金屬塊浸沒在水中。求金屬塊受到的浮力大小F浮。15（6分）杠桿平衡時，動力臂l1為0.6米，阻力臂l2為0.2米，若阻力F2的大小為60牛，求動力F1的大小。16（8分）如圖所示，足夠高的薄壁圓柱形容器甲、乙置于水平桌面上，容器甲、乙底部所受液體的壓強相等。容器甲中盛有水，水的深度為0.08米，容器乙中盛有另

6、一種液體。若水的質量為2千克，求容器甲中水的體積V水。求容器甲中水對容器底部的壓強p水。現往容器甲中加水，直至與乙容器中的液面等高，此時水對容器底部的壓強增大了196帕，求液體乙的密度液。17（8分）在圖所示的電路中，電源電壓為12伏且保持不變，電阻R1的阻值為10歐，滑動變阻器R2上標有“1A”字樣。電鍵S閉合后，電壓表V的示數為5伏。求：通過電阻R1的電流I1。電路正常工作10秒后，電流通過電阻R1做的功W1移動滑動變阻器的滑片P，電源電壓和電壓表示數的比值最大為3，求電壓表示數的最大值和最小值的差值。五、實驗題（共18分）請根據要求在答題紙的相應位置作答18（3分）在“驗證阿基米德原理”

7、的實驗中，用量筒測物體的 ，使用彈簧測力計前，應將指針調到 刻度處。“測定小燈泡的電功率”的實驗原理是 。19（2分）小明在做“探究凸透鏡成像規律”實驗中，將蠟燭、凸透鏡和光屏的中心調至 。已知凸逶鏡焦距為10厘米，現蠟燭的位置如圖所示，蠟燭到凸透鏡的距離為10厘米，移動光屏尋找像的位置，發現光屏上有一個倒立、 的像（選填“放大”、“等于”或“縮小”）。20（3分）小華同學做“用電流表、電壓表測電阻”實驗，現有電源（電壓為3伏且保持不變）、待測電阻Rx、電流表、電壓表、電健各一個，滑動變阻器有A、B、C三個（分別標有“5 2A”字樣、“10 2A”字樣、“50 1A”字樣），以及導線若干。小華

8、實驗時選取其中一個滑動變阻器，正確連接電路，且使滑動變阻器的滑片在中點附近，閉合電鍵時各電表示數如圖10（a）、（b）所示，并記錄第一組數據。繼續移動滑片，當電壓表示數在如圖（a）的基礎上偏轉兩格后，記錄第二組數據，此時小華發現電壓表、電流表偏轉角度相同。求：電壓表的量程是 伏。計算說明實驗中電流表的量程。根據記錄的第二組數據，計算出此時待測電阻Rx的阻值。21（3分）某小組同學在“探究物體在液體中所受向上的力與哪些因素有關”實驗中，用彈簧測力計拉著一個圓柱體，測力計示數為F0現將圓柱體懸空放置在一個燒杯中，倒入液體A，圓柱體的下表面到液面的深度為h，記錄下此時彈簧測力計的示數為F以及F0和F

9、的差為F接著，將液體A替換為液體B，重復上述實驗，記錄數據如下表一、二所示。表一 液體A（A0.8×103千克/米3）實驗序號h（厘米）F（牛）F（牛）138.51.52673395.54.541255表二液體B（B1.0×103千克/米3）實驗序號h（厘米）F（牛）F（牛）538.51.2667.62.4796.43.681264根據實驗序號1與2與3或5與6與7的數據，分析比較彈簧測力計的示數F與圓柱體的下表面到液面的深度h的大小關系，可得出的初步結論是：同一物體在同種液體中， 。根據實驗序號1與2與3或5與6與7的數據，分析比較F與圓柱體的下表面到液面的深度h的大小關

10、系，可得出的初步結論是：同一物體在同種液體中， 。根據實驗序號1與5或2與6或3與7的數據，分析比較F與圓柱體的下表面到液面的深度h的大小關系，可得出的初步結論是 。本實驗中，圓柱體的重力為 牛，高度為 厘米。2019年上海市中考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共16分）下列各題均只有一個正確選項，請將正確選項的代號用2B鉛筆填涂在答題紙的相應位置更改答案時，用橡皮擦去，重新填涂1（2分）一節新干電池的電壓為（）A1.5伏B24伏C110伏D220伏【分析】要記住一些生活中常見的電壓值，如：一節干電池的電壓是1.5V；一節鉛蓄電池的電壓是2V；家庭電路的電壓為220V；動力電壓為380V

11、；對人體安全的電壓為不高于36V。【解答】解：一節新干電池的電壓為1.5V，故BCD錯誤、A正確；故選：A。【點評】本題依據對生活中常見電壓值的了解寫出答案，是一道基礎題目。2（2分）聽音能辨人，主要是依據不同人的講話聲具有不同的（）A響度B音調C音色D振幅【分析】解決此題要知道音色反映的是聲音的品質與特色，它跟發聲體的材料和結構有關。【解答】解：因為每個人的聲帶結構不同，所以發出聲音的音色就會不同，所以我們可以通過音色辨別是誰，故C正確，ABD錯誤。故選：C。【點評】此題考查了對聲音特征的辨別，要會利用聲音的特征解釋生活現象。3（2分）首先發現電流磁效應的物理學家是（）A牛頓B歐姆C安培D奧

12、斯特【分析】根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可。【解答】解：A、牛頓是英國偉大的物理學家，在力學、光學等領域取得了卓著的成就。不符合題意；B、歐姆是德國物理學家，發現了電流與電壓、電阻的關系歐姆定律。不符合題意；C、安培是英國著名的物理學家，發現了電磁感應現象。不符合題意；D、1820年，丹麥物理學家奧斯特發現了通電導體周圍存在磁場，是第一個發現電流磁效應的科學家。符合題意。故選：D。【點評】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一。4（2分）原子核中帶正電的粒子是（）A原子B質子C中子D電子【分析】在原子結構中，原

13、子是由原子核和帶負電的核外電子構成的，原子核又是由帶正電的質子和不帶電的中子構成的。【解答】解：根據原子結構的相關知識可知，原子是由帶正電的原子核和帶負電的核外電子構成的，整個原子不顯電性；原子核又是由帶正電的質子和不帶電的中子構成的，所以在原子核中帶正電的微粒是質子。故選：B。【點評】此題考查了原子結構的相關基礎知識，題目的難度很小，記住相關的基礎知識即可解決此題。5（2分）四沖程柴油機在工作過程中，將內能轉化為機械能的沖程是（）A吸氣沖程B壓縮沖程C做功沖程D排氣沖程【分析】在內燃機的做功沖程中能量轉化是內能轉化為機械能，壓縮沖程中能量轉化是機械能轉化為內能。【解答】解：四沖程柴油機在做功

14、沖程中，高溫高壓燃氣推動活塞做功，將內能轉化為機械能，故C正確。故選：C。【點評】解決此題要結合內燃機的四個沖程工作特點進行分析解答，基礎性題目。6（2分）兩個質量相同的不同物質，吸收相同的熱量，下列說法中正確的是（）A比熱容大的物質升高溫度較小B比熱容小的物質升高溫度較小C比熱容大的物質升高溫度較大D升高溫度相同，與比熱容大小無關【分析】比較物質吸熱能力的2種方法：使相同質量的不同物質升高相同的溫度，比較吸收的熱量（即比較加熱時間），吸收熱量多的吸熱能力強使相同質量的不同物質吸收相同的熱量（即加熱相同的時間），比較溫度的變化，溫度變化小的吸熱能力強。【解答】解：根據Qcmt知，相同質量的不同

15、物質，吸收相同的熱量，比熱容大的溫度升高小，故A正確。故選：A。【點評】本題比較不同物質的吸熱能力，考查控制變量法、轉換法的應用和比較吸熱能力的方法，為熱學中的重要實驗。7（2分）甲、乙兩車分別在同一直線上的M、N兩點（M、N間距為20米），同時相向做勻速直線運動，它們的圖象分別如圖（a）和（b）所示。若甲、乙的速度分別為v甲、v乙，經過t秒，甲、乙相距10米。則（）Av甲v乙，t一定為10秒Bv甲v乙，t可能為30秒Cv甲v乙，t可能為10秒Dv甲v乙，t可能為30秒【分析】（1）根據圖甲和圖乙讀出對應的路程和時間，然后根據速度公式即可求出甲、乙的速度；（2）經過t秒，甲、乙相距10米時有兩

16、種情況：一種是甲乙兩車未相遇時相距10m，二是相遇以后相距10m。據此根據路程相等，利用速度公式列出等式求解。【解答】解：（1）由圖象可得：甲的速度v甲0.4m/s；乙的速度v乙0.6m/s，故v乙v甲；（2）根據題意可知，經過t秒，甲、乙相距10米時有兩種情況：一種是甲乙兩車未相遇時相距10m，二是相遇以后相距10m。故可得：v甲t+v乙t10m或v甲t+v乙t10m+20m30m，代入數值可得：0.4m/s×t+0.6m/s×t10m或0.4m/s×t+0.6m/s×t20m+10m，解得t10s或t30s，即t可能為10s，也可能為30s。綜上分析

17、可知，選項ACD錯誤，B正確。故選：B。【點評】此題考查了速度有關的知識和對圖象的分析處理能力；從圖象中找出有用的信息，并運用速度的公式求出題目中的量。8（2分）如圖1所示，均勻長方體甲、乙放在水平地面上，甲、乙的底面積分別為S、S'（SS'），此時它們對地面的壓強相等。現將甲、乙順時針旋轉90°后，如圖2所示，甲、乙的底面積分別為S'、S，關于此時甲、乙對地面的壓強p甲、p乙和對地面的壓強變化p甲、p乙的大小關系，下列判斷正確的是（）Ap甲p乙，p甲p乙Bp甲p乙，p甲p乙Cp甲p乙，p甲p乙Dp甲p乙，p甲p乙【分析】（1）甲乙的壓強相等，知道甲乙的受力面

18、積，根據壓強公式可以判斷甲乙對地面的壓力，知道受力面積的變化可以判斷甲乙對地面的壓強。（2）壓強變化量等于原來的壓強和現在壓強的差，然后進行比較。【解答】解：（1）甲、乙的底面積分別為S、S'（SS'），甲乙壓強相等，根據 FpS，可以判斷甲對水平地面的壓力大于乙對水平地面的壓力，所以甲的重力大于乙的重力。甲乙是長方體，當甲、乙順時針旋轉90°后，甲、乙的底面積分別為S'、S，甲的受力面積減小，甲對水平地面的壓力不變，甲對水平地面的壓強增大，乙的受力面積增大，乙對水平地面的壓力不變，乙對水平地面的壓強減小，由于原來甲乙對水平地面的壓強相等，所以旋轉后甲對水平地

19、面的壓強大于乙對水平地面的壓強，即甲p乙。（2）ppp'因為面積變化相同，甲對地面的壓力大于乙對地面的壓力，所以甲對水平地面的壓強變化量大于乙對地面的壓強變化量即p甲p乙。故選：C。【點評】旋轉后壓強變化量是解決本題的關鍵，壓強變化量等于旋轉前后壓強的差。二、解答題（共2小題，滿分6分）9（3分）在如圖所示的電路中，電源電壓為U0，且保持不變。電鍵S閉合后，電路正常工作。一段時間后，觀察到一個電壓表的示數變大，再串聯一個電流表，觀察到電流表的示數為0若電阻R1、R2中僅有一個出現故障，請根據相關信息寫出電壓表的示數及相對應的故障。【分析】根據電路圖可知，兩電阻串并聯，電壓表V1測量電阻

20、R1兩端的電壓，電壓表V2測量電阻R2兩端的電壓，根據電流表和電壓表的示數變化情況判斷電路故障。【解答】答：根據電路圖可知，兩電阻串并聯，電壓表V1測量電阻R1兩端的電壓，電壓表V2測量電阻R2兩端的電壓，工作一段時間后，一個電壓表的示數變大，若V1示數變大，故障可能為電阻R1斷路或電阻R2短路，再串聯一個電流表，觀察到電流表的示數為0，則故障為R1斷路；若V2示數變大，故障可能為電阻R2斷路或電阻R1短路，再串聯一個電流表，觀察到電流表的示數為0，則故障為R2斷路。【點評】此題考查電流表、電壓表在電路故障中的作用判斷，要結合電路圖和電路的特點進行分析。10（3分）亞里士多德為了說明抽水機原理

21、，提出自然界厭惡真空的理論。他認為在自然界中，接觸到真空的液體就會自己填補，會上升，因此亞里士多德認為“自然界是厭惡真空的”。（1）在下列幾個現象中，能支持上述亞里士多德理論的實驗是CA回聲的形成B彩虹C用吸管吸飲料（2）在下列幾個實驗中，能推翻上述亞里士多德理論的實驗是AA托里拆利實驗B富蘭克林風箏雷電實驗C馬德堡半球實驗（3）請你結合所學的物理知識，解釋為什么第2小題中你所選擇的實驗可以推翻亞里士多德的結論。【分析】首先明白亞里士多德的觀點是“自然界是厭惡真空的”。然后判斷選項中的內容和什么知識點相關，最后做出選擇。【解答】解：（1）亞里士多德的觀點是“自然界是厭惡真空的”。他認為在自然界

22、中，接觸到真空的液體就會自己填補，會上升。A回聲的形成是聲在傳播過程中遇到障礙物，聲被障礙物反射回來，與亞里士多德的觀點不符。B彩虹是太陽光的色散，與亞里士多德的觀點不符。C用吸管吸飲料時，吸管內的氣壓減小，飲料在外界大氣壓的作用下被壓入嘴里，與亞里士多德的觀點相符。故選：C。（2）A托里拆利實驗，當外界大氣壓是一個標準大氣壓，能支持76cm高的水銀柱，玻璃管的長度是1m，玻璃管內上方有一段真空，水銀沒有去填補，亞里士多德認為接觸到真空的液體就會自己填補，所以托里拆利實驗能推翻亞里士多德理論。B富蘭克林風箏雷電實驗是大氣中的放電現象，與亞里士多德的觀點不相關。C馬德堡半球實驗是證明大氣壓的存在

23、，并且證明大氣壓很大，與亞里士多德的觀點不相關。故選：A。（3）做托里拆利實驗時，玻璃管的上空有一段是真空，但是玻璃管中的水銀沒有去填補，所以與亞里士多德的觀點不相符，所以可以推翻其觀點。故答案為：（1）C；（2）A；（3）做托里拆利實驗時，玻璃管內上方有一段是真空，但是玻璃管中的水銀沒有去填補，所以與亞里士多德觀點不相符，所以可以推翻其觀點。【點評】本題要明確亞里士多德的觀點，然后判斷所給定的選項和那些知識點相關，最后比對，找出正確答案。三、作圖題（共7分）請將圖直接畫在答題紙的相應位置，作圖必須使用2B鉛筆11（2分）重為10牛的物體靜止在水平地面上，用力的圖示法在圖中畫出它所受的重力G。

24、【分析】根據力的圖示的定義，將小球所受重力的大小、方向和作用點表示出來即可。【解答】解：物體受到的重力方向豎直向下，作用點在重心，大小為10N，可確定標度為5N，故畫重力的圖示如圖：【點評】本題考查了力的圖示的作法，要注意與力的示意圖的區別，在設定標度時，要注意力必須是標度的整數倍。線段要有截取痕跡，在線段末端標出力的大小。12（2分）在圖中根據給出的入射光線AO畫出反射光線OB。【分析】根據反射定律作出反射光線的光路圖，題目中已經作出法線，在根據反射光線和入射光線分居法線兩側，作出反射角等于入射角即可。【解答】解：根據光的反射定律，題目中已經作出垂直于鏡面的法線，做反射光線OB使反射角等于入

25、射角即可。故答案為：【點評】由于題目已經作出法線，根據反射角等于入射角，在同一平面內法線的另一側畫出入射光線即可，注意完成題目的要求。要注意入射角是入射光線與法線之間的夾角。13（3分）在圖所示的電路中，有兩根導線尚未連接，請用筆畫線代替導線補上。補上后要求：閉合電鍵S后，向右移動滑動變阻器的滑片P，小燈泡L亮度不變，電流表的示數變小。【分析】根據向右移動滑動變阻器的滑片P，小燈泡L亮度不變確定燈泡與變阻器的連接方式，由電流表示數變小確定變阻器的接線情況。【解答】解：由題知，閉合電鍵S后，向右移動滑動變阻器的滑片P，小燈泡L亮度不變，說明變阻器與燈泡在工作時互不影響；因為并聯電路中各支路互不影

26、響，所以變阻器與燈泡應并聯；向右移動滑片P，電流表示數變小，說明變阻器連入電路的阻值變大，故應將變阻器的左下接線柱接入電路中，且圖中燈泡與電流表的0.6接線柱相連，所以電流表應測干路電流。實物連接如圖所示：【點評】本題考查根據要求連接實物圖，關鍵是確定電路的連接關系和變阻器的連接。四、計算題（共27分）請將計算過程和答案寫入答題紙的相應位置14（6分）體積為2×103米3的金屬塊浸沒在水中。求金屬塊受到的浮力大小F浮。【分析】已知金屬塊浸沒水中，排開水的體積等于金屬塊的體積，利用阿基米德原理F浮水V排g求金屬塊受到的浮力。【解答】解：金屬塊浸沒水中，則V排V金2×103m3

27、，金屬塊受到的浮力：F浮水V排g1.0×103kg/m3×2×103m3×9.8N/kg19.6N。答：金屬塊受到的浮力為19.6N。【點評】本題比較簡單，主要考查阿基米德原理的應用，利用好隱含條件“金屬塊浸沒水中，V排V金”是本題的關鍵。15（6分）杠桿平衡時，動力臂l1為0.6米，阻力臂l2為0.2米，若阻力F2的大小為60牛，求動力F1的大小。【分析】知道動力臂、阻力臂大小、阻力大小，利用杠桿平衡條件求動力大小。【解答】解：由杠桿平衡條件可知：F1l1F2l2，則動力F120N。答：動力F1為20N。【點評】本題考查了學生對杠桿平衡條件的掌握和運用

28、，屬于基礎題。16（8分）如圖所示，足夠高的薄壁圓柱形容器甲、乙置于水平桌面上，容器甲、乙底部所受液體的壓強相等。容器甲中盛有水，水的深度為0.08米，容器乙中盛有另一種液體。若水的質量為2千克，求容器甲中水的體積V水。求容器甲中水對容器底部的壓強p水。現往容器甲中加水，直至與乙容器中的液面等高，此時水對容器底部的壓強增大了196帕，求液體乙的密度液。【分析】已知水的質量，水的密度也是默認已知量水1.0×103kg/m3；根據公式V可以求解。已知水的深度h0.08h，根據液體壓強計算公式pgh；設容器乙內液體的深度為h1，當水深是h1的時候其壓強為P1，p1p+p由此可以得出p1的大

29、小，進而算出h1；題干表明容器甲、乙底部所受液體的壓強相等，即：pp乙；又因為p乙乙gh1故可以求出乙。【解答】解：容器中甲水的體積為：V2×103m3；容器甲中水對容器底部的壓強：p水gh1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.08m784pa。當容器甲內加水至于容器乙相平時，設此時水深為h1，此時水對容器底部的壓強：p1p水+p784pa+196pa980pa；由pgh可得此時水的深度：h10.1m；由題知，原來容器甲、乙底部所受液體的壓強相等，即：p乙p水784pa；由pgh可得，液體乙的密度：乙800kg/m3。答：甲容器中水的體積為2&#

30、215;103m3；容器甲中水對容器底部的壓強為784pa；液體乙的密度為800kg/m3。【點評】該題主要考查了液體壓強的計算，要求學生靈活運用公式pgh進行求解。17（8分）在圖所示的電路中，電源電壓為12伏且保持不變，電阻R1的阻值為10歐，滑動變阻器R2上標有“1A”字樣。電鍵S閉合后，電壓表V的示數為5伏。求：通過電阻R1的電流I1。電路正常工作10秒后，電流通過電阻R1做的功W1移動滑動變阻器的滑片P，電源電壓和電壓表示數的比值最大為3，求電壓表示數的最大值和最小值的差值。【分析】已知電路中R1的電阻和電壓，根據I求電阻電流；根據串聯電路中電壓之比等于電阻之比求解；【解答】解：根據

31、電路圖可知，電壓表測量R1兩端的電壓，又因為R110，所以通過電阻R1的電流I10.5A；電源電壓和電壓表示數的比值最大為3，此時應為電壓表最小值，即3，得U14V，電壓表最大值應該是當滑動變阻器阻值最小，即電流最大時，滑動變阻器R2上標有“1A”字樣，所以可得，1A，解得，R22，此時R1的電壓U1IR11A×1010V，電壓表示數的最大值和最小值的差值應為10V4V6V；答：通過電阻R1的電流I10.5A；電壓表示數的最大值和最小值的差值6V。【點評】本題考查歐姆定律的應用，關鍵是將課本知識內容記憶清楚，仔細分析即可。五、實驗題（共18分）請根據要求在答題紙的相應位置作答18（3

32、分）在“驗證阿基米德原理”的實驗中，用量筒測物體的排開水的體積，使用彈簧測力計前，應將指針調到零刻度處。“測定小燈泡的電功率”的實驗原理是PUI。【分析】（1）在“驗證阿基米德原理”的實驗中，利用稱重法測浮力，利用量筒測量排開水的體積；（2）在“測定小燈泡的電功率”的實驗，利用電壓表測量燈兩端的電壓U，利用電流表測量通過的燈的電流I，利用PUI求燈的電功率。【解答】解：（1）如圖，在“驗證阿基米德原理”的實驗中，物體受到的浮力F浮F1F2；利用排水法可得物體排開水的體積V排V2V1，由GmgVg可得排開水的重力G排水V排g水（V2V1）g；比較F浮、G排的大小驗證阿基米德原理，可見，該實驗中，

33、用量筒測物體排開水的體積；使用彈簧測力計前，應將指針調到零刻度處。（2）如圖，利用電壓表測量燈兩端的電壓U，利用電流表測量通過的燈的電流I，利用PUI求燈的電功率。故答案為：排開水的體積；零；PUI。【點評】本題考查了阿基米德原理的驗證實驗以及測小燈泡功率實驗中的實驗原理、儀器選擇及使用注意事項，屬于基礎題目。19（2分）小明在做“探究凸透鏡成像規律”實驗中，將蠟燭、凸透鏡和光屏的中心調至同一高度。已知凸逶鏡焦距為10厘米，現蠟燭的位置如圖所示，蠟燭到凸透鏡的距離為10厘米，移動光屏尋找像的位置，發現光屏上有一個倒立、放大的像（選填“放大”、“等于”或“縮小”）。【分析】（1）探究凸透鏡成像的

34、實驗時，在光具座上依次放蠟燭、凸透鏡、光屏，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心。（2）當物距小于二倍焦距，大于一倍焦距時，像距二倍焦距以外，成倒立、放大的實像。【解答】解：（1）實驗前，把蠟燭、凸透鏡、光屏從左向右依次放在光具座上，點燃蠟燭并調整燭焰、凸透鏡、光屏的高度，使它們的中心大致在同一高度，為了使得像成在光屏的中央；（2）凸逶鏡焦距f10cm，蠟燭到凸透鏡的距離為10cm，由于如圖所示的凸透鏡的光心在凸透鏡中心位置，故物距略大于10cm，即2fuf，成倒立、放大的實像。故答案為：同一高度；放大。【點評】凸透鏡成像的三種情況（成像規律）和凸透鏡成實像時，物近像遠像變大，都是凸

35、透鏡成像習題的重要依據。20（3分）小華同學做“用電流表、電壓表測電阻”實驗，現有電源（電壓為3伏且保持不變）、待測電阻Rx、電流表、電壓表、電健各一個，滑動變阻器有A、B、C三個（分別標有“5 2A”字樣、“10 2A”字樣、“50 1A”字樣），以及導線若干。小華實驗時選取其中一個滑動變阻器，正確連接電路，且使滑動變阻器的滑片在中點附近，閉合電鍵時各電表示數如圖10（a）、（b）所示，并記錄第一組數據。繼續移動滑片，當電壓表示數在如圖（a）的基礎上偏轉兩格后，記錄第二組數據，此時小華發現電壓表、電流表偏轉角度相同。求：電壓表的量程是03伏。計算說明實驗中電流表的量程。根據記錄的第二組數據，

36、計算出此時待測電阻Rx的阻值。【分析】根據電路連接正確確定電路的連接，因電源電壓為3V確定電壓表選用的量程；讀出（a）圖中電壓表示數；（b）圖中，若電流表選用大（小）量程得出電流大小；根據串聯電路電壓的規律得出變阻器的電壓；由歐姆定律，得出變阻器連入電路的電阻，與題中所給的變阻器的規格差比較，從而確定電流表選用的量程；根據電流表選用的量程確定電流表示數，繼續移動滑片，當電壓表示數在如圖（a）的基礎上偏轉兩格后，電壓表示數可能為1.6V和1.2V，據此得出電流表對應的示數，由歐姆定律分別得出電阻大小。【解答】解：電路連接正確，即待測電阻與變阻器串聯，電流表串聯在電路中，電壓表與待測電阻并聯，因電

37、源電壓為3V，故電壓表選用小量程03V；（a）圖中，電壓表選用小量程，分度值為0.1V，電壓表示數為1.4V，（b）圖中，若電流表選用大量程，分度值為0.1A，電流為1.4A；若選用小量程，分度值為0.02A，電流為0.28A；根據串聯電路電壓的規律，變阻器的電壓為：3V1.4V1.6V，若電流表選用大量程，由歐姆定律，變阻器連入電路的電阻：R滑中1.14，變阻器電阻為2×1.142.28，與題中所給的變阻器的規格差別較大；若電流表選用小量程，由歐姆定律，變阻器連入電路的電阻：R滑中5.71，變阻器電阻為2×5.7111.4，與題中所給的10 2A變阻器的相吻合；故電流表選

38、用小量程00.6A；電流表示數為0.28A繼續移動滑片，當電壓表示數在如圖（a）的基礎上偏轉兩格后，電壓表示數可能為1.6V和1.2V：若電壓表示數為1.4V+2×0.1V1.6V，即電壓表示數變大，根據UIR，則電路中和電流也應變大，電流為：0.28A+2×0.02A0.32A；由歐姆定律得：Rx5；若電壓表示數為1.4V2×0.1V1.2V，即電壓表示數變小，根據UIR，則電路中和電流也應變小，電流為：0.28A2×0.02A0.24A；由歐姆定律得：Rx5；故答案為：電壓表的量程是03伏。（a）圖中，電壓表選用小量程，分度值為0.1V，電壓表示數為

39、1.4V，（b）圖中，若電流表選用大量程，分度值為0.1A，電流為1.4A；若選用小量程，分度值為0.02A，電流為0.28A；根據串聯電路電壓的規律，變阻器的電壓為：3V1.4V1.6V，若電流表選用大量程，由歐姆定律，變阻器連入電路的電阻：R滑中1.14，變阻器電阻為2×1.142.28，與題中所給的變阻器的規格差別較大；若電流表選用小量程，由歐姆定律，變阻器連入電路的電阻：R滑中5.71，變阻器電阻為2×5.7111.4，與題中所給的10 2A變阻器的相吻合；故電流表選用小量程00.6A；Rx5或Rx5。【點評】本題考查串聯電路的規律及歐姆定律的運用和分類討論的能力，

40、關鍵是確定電流表選用的量程。21（3分）某小組同學在“探究物體在液體中所受向上的力與哪些因素有關”實驗中，用彈簧測力計拉著一個圓柱體，測力計示數為F0現將圓柱體懸空放置在一個燒杯中，倒入液體A，圓柱體的下表面到液面的深度為h，記錄下此時彈簧測力計的示數為F以及F0和F的差為F接著，將液體A替換為液體B，重復上述實驗，記錄數據如下表一、二所示。表一 液體A（A0.8×103千克/米3）實驗序號h（厘米）F（牛）F（牛）138.51.52673395.54.541255表二液體B（B1.0×103千克/米3）實驗序號h（厘米）F（牛）F（牛）538.51.2667.62.4796.43.681264根據實驗序號1與2與3或5與6與7的數據，分析比較彈簧測力計的示數F與圓柱體的下表面到液面的深度h的大小關系，可得出的初步結論是：同一物體在同種液體