1、精選優質文檔-傾情為你奉上2016年上海市中考物理試卷總分：90一、選擇題（每小題2分，共16分）1下列粒子中，帶負電的是（）A電子 B中子 C質子 D核子 考點：分子和原子組成物質專題：定性思想；推理法；電流和電路分析：據原子結構的相關基礎知識可以確定帶負電的微粒是哪一個解答：解：由原子結構的相關知識可知：原子是由帶負電的電子和原子核組成的，原子核又是由帶正電的質子和不帶電的中子構成的所以原子中帶負電的粒子是電子故選A點評：加強對基礎知識的記憶，對于解決此類識記性的基礎題目非常方便2我們能分辨女高音、女中音，這主要是根據聲音有不同的（）A響度 B音調 C音色 D振幅 考點：音調、響度與音色的

2、區分專題：比較思想；聲現象分析：解決此題的關鍵是要知道聲音的響度與聲源振動的幅度有關，振動幅度越大，響度越大；音調的高低與發聲體振動快慢有關，物體振動越快，音調就越高；發聲體不同發出聲音的音色一般不同解答：解：女高音和女中音不同的主要是音調，是由于聲帶振動的頻率不同引起的故選B點評：本題考查聲音的特征，解決此類問題要結合聲音的音調和響度、音色定義進行分析3在四沖程汽油機工作過程中，將內能轉化成機械能的沖程是（）A吸氣沖程 B壓縮沖程 C做功沖程 D排氣沖程 考點：內燃機的四個沖程專題：比熱容、熱機、熱值分析：汽油機的四個沖程中只有兩個沖程伴隨有能量的轉化壓縮沖程中活塞向上運動，汽油和空氣的混合

3、物被壓縮，內能增大，溫度升高，活塞運動的動能轉化為混合氣體的內能；做功沖程中，火花塞冒出電火花，將混合氣體點燃，混合氣體劇烈燃燒，產生高溫高壓的燃氣，推動活塞運動，燃氣的內能轉化為活塞運動的動能解答：解：在做功沖程中，兩個氣門關閉，活塞下行帶動曲軸轉動做功，氣體的內能轉化為機械能；故選：C點評：內燃機屬于熱機，熱機就是利用內能來工作的機械，將內能轉化為機械能內燃機中涉及到的能量轉化是經常考查的知識點，需要引起注意4下列各種單色光中，屬于三原色光之一的是（）A紫光 B紅光 C橙光 D黃光 考點：色光的三原色和顏料的三原色專題：應用題；光的折射、光的色散分析：彩色電視機熒屏上呈現各種顏色是由紅綠藍

4、三色色光合成的，紅、綠、藍三種色光叫色光的三原色解答：解：用放大鏡觀察彩色電視畫面，可以發現是由紅、綠、藍三種色光混合而成的，因此紅、綠、藍被稱為色光的三原色故選B點評：光的三原色需要牢固記憶和掌握；色光的三原色和顏料的三原色容易混淆，要正確區分5汽車發動機常用水做冷卻劑，主要是因為水的（）A比熱容較大 B比熱容較小 C密度較大 D密度較小 考點：水的比熱容的特點及應用專題：應用題；比熱容、熱機、熱值分析：水的比熱容較大，質量相同的水和其它液體相比較，升高相同的溫度時，吸收的熱量多；吸收或放出相同的熱量時，溫度變化較小，因此常用來做冷卻劑、取暖劑、防凍劑等解答：解：汽車發動機工作時產生大量熱量

5、，這些熱量如果不迅速轉移，就可能損害發動機，因此利用水的比熱容大的特點把這些熱迅速吸收，使發動機的溫度不致升得太高故選A點評：本題考查了水的比熱容較大的應用，知道在生活中的現象和應用，要求學生牢固掌握并會解釋6某凸透鏡的焦距為10厘米，若物體在光屏上所成的像離該透鏡的距離大于30厘米，則物體離該透鏡的距離可能為（）A3厘米 B13厘米 C23厘米 D33厘米 考點：凸透鏡成像規律及其探究實驗專題：定性思想；推理法；不等法；透鏡及其應用分析：（1）凸透鏡成像的三種情況：u2f，成倒立、縮小的實像，2fvf2fuf，成倒立、放大的實像，v2fuf，成正立、放大的虛像（2）實像用光屏能接到，虛像用光

6、屏呈接不到解答：解：凸透鏡的焦距為10厘米，像距v=30cm2f=210cm，則物體離該透鏡的距離2fuf，即20cmu10cm，所以u=13cm符合題意故選B點評：掌握凸透鏡成像的三種情況和應用由物距和焦距的關系，通過解不等式能確定焦距或物距7將重為G的物體掛于測力計下，使它們以大小為v1的速度向上做勻速直線運動，后以大小為v2的速度向下做勻速直線運動，且v1v2已知前后兩次測力計的示數分別為F1、F2，若不計空氣阻力，則（）AF1可能大于G BF2可能小于G CF1一定大于F2 DF1一定等于F2 考點：力與運動的關系專題：應用題；比較思想；運動和力分析：彈簧測力計拉著同一物體豎直向上運動

7、時，豎下方向上物體受到拉力和重力作用，拉力和重力是一對平衡力解答：解：物體兩次都做勻速直線運動，拉力等于重力，由于物體的重力相同，因此拉力相等，即F1=F2故ABC錯誤，D正確故選D點評：此題考查力與運動的關系，解答此類題目的關鍵是根據勻速直線運動的物體受到平衡力作用，利用平衡力條件判斷拉力和重力大小關系8在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，電鍵S1、S2均閉合當電鍵S2由閉合到斷開時，電路中（）A電壓表V的示數變小 B電流表A1的示數變大 C電壓表V示數與電流表A示數的比值變大 D電壓表V示數與電流表A示數的乘積變大 考點：電路的動態分析專題：應用題；動態預測題；電路變化分析綜合題分析：當

8、電鍵S1、S2均閉合時，R1與R2并聯，電壓表測電源的電壓，電流表A測干路電流，電流表A1測R1支路的電流；當電鍵S2斷開時，電路為R1的簡單電路，電壓表測電源的電壓，兩電流表均測通過R1的電流，根據電源的電壓可知電壓表示數的變化，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知通過R1電流的變化，根據并聯電路的電流特點可知干路電流的變化，然后判斷選項得出答案解答：解：當電鍵S1、S2均閉合時，R1與R2并聯，電壓表測電源的電壓，電流表A測干路電流，電流表A1測R1支路的電流；當電鍵S2斷開時，電路為R1的簡單電路，電壓表測電源的電壓，兩電流表均測通過R1的電流，因電源電壓保持不變，所以，電壓表V的

9、示數不變，故A錯誤；因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，通過R1的電流不變，即電流表A1的示數不變，因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路電流變小，即電流表A的示數變小，則電壓表V示數與電流表A示數的比值變大，電壓表V示數與電流表A示數的乘積變小，故C正確、D錯誤故選C點評：本題考查了電路的動態分析，涉及到并聯電路的特點，分析好電鍵S2由閉合到斷開時電路連接方式的判斷和電表所測電路元件的辨別是關鍵二、填空題（共23分）9家庭電路中，電視機與電燈是的 _（選擇“串聯”或“并聯”）；電燈工作時消耗的是 _能；額定功率為0.5千瓦的用電器正常工作3小時，耗電 _度考點：串聯電路和

10、并聯電路的辨別；電功率與電能、時間的關系專題：應用題；電能和電功率分析：（1）并聯電路中的用電器是互不影響的（2）電流做功的過程就是消耗電能的過程；（3）據公式W=Pt計算即可得到電能解答：解：家庭電路中，電視機與電燈是互不影響的，所以是并聯的關系；電燈工作時是電流做功的過程，也是消耗電能的過程；此時消耗的電能是：W=Pt=0.5kW3h=1.5kWh；故答案為：并聯；電；1.5；點評：此題考查了家庭電路的連接、電能和電能的計算等知識點，是一道綜合題；10如圖所示，小明踢球時，球向上飛出，此現象主要表明力可以改變物體的 _（選擇“運動狀態”或“形狀”）；以地面為參照物，球在上升過程中是的 _（

11、選填“運動”或“靜止”），其重力勢能 _（選填“增大”、“不變”或“減小”）考點：力的作用效果；參照物及其選擇；動能和勢能的大小變化專題：定性思想；順推法；長度、時間、速度；運動和力；機械能及其轉化分析：（1）力的作用效果是改變物體的形狀和改變物體的運動狀態；物體運動狀態的改變指：物體方向的改變和物體速度的改變；（2）若物體的位置相對于所選擇的參照物發生了變化，我們就說物體是運動的，若是位置沒有變化就說物體是靜止的；（3）重力勢能大小的影響因素：質量、被舉得高度質量越大，高度越高，重力勢能越大解答：解：（1）在力的作用下，球向上飛出過程中，運動方向和速度都發生了變化，也就是力改變了球的運動狀態

12、；（2）球在上升過程中，以地面為參照物，球與地面的位置發生了變化，所以球是運動的；（3）球向上運動的過程中，質量不變，速度減小、動能減少；但所處高度增加、重力勢能增大故答案為：運動狀態；運動；增大點評：此題考查力的作用效果，是力學的基礎知識；利用物體運動和靜止的相對性來判斷物體是運動還是靜止；我們可以從影響能量大小的因素來分析能量的變化11一壺水在爐火上加熱，水溫升高，其內能 _（選填“增大”、“不變”或“減小”），改變物體內能有兩種方式，這是通過 _方式改變其內能的2千克的水溫度升高10，水吸收的熱量為 _焦c水=4.2103焦/（千克）考點：物體內能的改變；熱傳遞改變物體內能；熱量的計算專

13、題：應用題；分子熱運動、內能；比熱容、熱機、熱值分析：（1）內能與物體的質量、溫度以及狀態有關；（2）改變物體內能有兩種方法，一是做功，二是熱傳遞，做功是能量的轉化，而熱傳遞是能量的轉移；（3）已知水的比熱容、質量和升高的溫度，可利用公式Q=cmt計算水吸收的熱量解答：解：當物體的狀態和質量均不變時，溫度升高，內能增加；因此一壺水在爐火上加熱，水溫升高，其內能增大；該過程是通過熱傳遞改變水的內能的；水吸收的熱量：Q=cm（t-t0）=4.2l03J/（kg）2kg10=8.4104J故答案為：增大；熱傳遞；8.4104點評：本題考查了學生對內能、改變內能的方式及吸熱公式Q=cmt的掌握和運用，

14、難度不是很大12某導體兩端的電壓為3伏時，10秒內通過導體橫截面的電荷量為3庫，通過該導體的電流為 _安，這段時間內電流做功為 _焦，該導體兩端電壓改變為6伏時，其電阻為 _歐考點：電量及其計算；歐姆定律的應用專題：應用題；電流和電路分析：已知10秒內通過某導體橫截面的電荷量，根據求出通過的電流，根據歐姆定律求出導體的電阻，再根據W=UIt=UQ求出電流做的功解答：解：通過該導體的電流：=0.3A；由可得，導體的電阻：=10；電流做的功：W=UIt=UQ=3V3C=9J；因為導體的電阻與材料、長度以及橫截面積有關，與導體兩端電壓以及通過的電流無關，因此當導體兩端電壓改變為6伏時，其電阻仍為10

15、故答案為：0.3；9；10點評：本題考查了電流的定義式和歐姆定律、電功公式的靈活應用，是一道基礎題目13質量為5千克的物體受到重力的大小為 _牛、方向 _，若該物體的體積為210-3米3，浸沒在水中時受到浮力的大小為 _牛考點：重力的計算；重力的方向；浮力大小的計算專題：計算題；重力、彈力、摩擦力；浮力分析：利用G=mg計算物體的重力，重力的方向總是豎直向下的；物體浸沒在水中時，排開水的體積等于其自身體積，根據阿基米德原理求出物體浸沒時受到的浮力解答：解：物體的重力：G=mg=5kg9.8N/kg=49N，方向豎直向下；它浸沒在水中時受到的浮力：F浮=水gV排=水gV=1.0103kg/m39

16、.8N/kg210-3m3=19.6N故答案為：49；豎直向下；19.6點評：本題考查重力、浮力的計算，要注意物體浸沒時排開液體的體積和自身的體積相等14在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，閉合電鍵S，發現只有兩個電表的指針發生偏轉，已知電阻R1、滑動變阻器R2中僅有一個出現了故障電路中的故障可能是 _；接著，移動變阻器R2的滑片P，只觀察到一個電表的示數發生了改變，則故障一定是 _考點：電流表、電壓表在判斷電路故障中的應用專題：推理法；歐姆定律分析：已知電阻R1、滑動變阻器R2中僅有一個出現了故障，分別列舉可能出現的4種情況：電阻R1開路；電阻R1斷路；滑動變阻器開路；滑動變阻器短路，所發

17、生的現象與題目對比，符合的即為可能出現的故障解答：解：若電阻R1開路，兩個電壓表的正負接線柱通過變阻器、導線接在電源正負極上，電壓表有示數；電壓表的電阻無限大，使得電路中的電流為0，電流表無示數，兩個表有示數；若電阻R1短路，電壓表V1無示數；電壓表V通過導線接在電源上，電流表測量通過變阻器的電流，二者都有示數，兩個表有示數；若滑動變阻器開路，電壓表V1無示數，電流表無示數；電壓表V的正負接線柱通過導線接在電源正負極上，電壓表有示數，只有一個表有示數；若滑動變阻器短路，兩個電壓表測量的都電源的電壓，都有示數；電流表測量的是通過電阻R1的電流，也有示數，三個表都有示數；綜上，電路中的故障可能是電

18、阻R1開路或若電阻R1短路；若電阻R1開路，電壓表與變阻器串聯，電壓表V1示數始終接近電源電壓，電流表無示數，電壓表V為電源電壓不變；若R1短路，電壓表V1示數為0，電壓表V示數為電源電壓，而電壓表測通過變阻器的電流，當移動R2滑片P時，由歐姆定律，電流表示數發生變化所以，移動變阻器R2的滑片P，只觀察到一個電表的示數發生了改變，則故障一定是R1短路故答案為：R1開路或R1短路； R1短路點評：本題根據題目列舉可能的所有故障，根據可能出現的現象與題目比較，相符合的即為可能的故障同學們要學會這種推理方法15如表記錄了干燥空氣在不同氣壓和溫度時的密度，請依據表中的相關數據回答問題：氣壓（帕）密度（

19、千克/米3）溫度（）933009600051.171.201.271.30101.151.181.251.28151.131.161.231.26201.111.141.211.24當溫度為5、氣壓為帕時，干燥空氣的密度為 _千克/米3干燥空氣的密度與氣壓的關系是： _通常情況下，某地區冬季的氣壓比夏季高，則該地區冬季干燥空氣的密度 _夏季干燥空氣的密度（選填“大于”、“等于”或“小于”）考點：密度與溫度專題：信息給予題；定性思想；歸納法；密度及其應用分析：空氣的密度受氣壓、溫度的影響明顯，對數據進行分析后回答相關問題解答：解：由實驗數據知，當溫度為5、氣壓為帕時，干燥空氣的密度為1.30千克

20、/米3；當溫度一定時，隨氣壓的增大，空氣密度逐漸增大，所以干燥空氣的密度與氣壓的關系是：當溫度相同時，氣壓越大，密度越大；當氣壓一定時，溫度越高，空氣密度越小；反之，溫度越低，氣壓越大所以該地區冬季干燥空氣的密度大于夏季干燥空氣的密度故答案為：1.30；當溫度相同時，氣壓越大，密度越大；大于點評：此題考查的是我們對數據的分析能力和對氣體密度影響因素的掌握，屬于基本技能和規律的考查分析環節不復雜，難度不大三、作圖題（共7分）16在如圖中，小球受到繩子的拉力F為2牛用力的圖示法畫出拉力F 考點：力的示意圖專題：作圖題；重力、彈力、摩擦力分析：要解決此題需要掌握力的圖示的畫法：將力的大小、方向、作用

21、點表示在圖上在畫力的圖示時，一定要注意畫出標度解答：解：可設標度為1N小球受拉力的作用點在繩與球相連處，并且方向沿繩向上，大小為2N故答案為： 點評：此題主要考查了力的圖示的畫法，解決此題的關鍵是確定力的三要素17在圖中，根據給出的入射光線AO畫出反射光線OB，并標出反射角的度數考點：作光的反射光路圖專題：作圖題；光的傳播和反射、平面鏡成像分析：根據反射定律：反射光線、入射光線和法線在同一平面內，反射光線、入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角，作出反射光線并標出反射角要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光線與法線的夾角；反射角是反射光線與法線的夾角解答：解：由圖可知，入射角等于50，根據

22、光的反射定律可知，反射角也等于50；圖中法線已畫出，根據反射角等于入射角，然后在法線右側畫出反射光線OB，并標明反射角的度數如圖所示： 點評：此題主要考查了光的反射定律的應用，首先要熟記光的反射定律的內容，并要注意入射角與反射角的概念，入射角是入射光線與法線的夾角；反射角是反射光線與法線的夾角18根據圖中通電螺線管的N極，標出磁感線方向、小磁針的N極，并在括號內標出電源的正、負極考點：通電螺線管的極性和電流方向的判斷；磁感線及其特點專題：作圖題；磁現象、電生磁分析：利用螺線管的左端為N極，結合磁感線的特點可以確定磁感線的方向利用線圈的繞向和螺線管的N、S極，結合安培定則可以確定螺線管中電流的方

23、向，進一步可以得到電源的正負極解答：解：螺線管的左端為S極，右端為N極，磁感線從磁體的N極出發，回到S極，所以可以確定螺線管周圍磁場的方向是從右向左的根據螺線管的右端為N極，以及線圈的繞向利用安培定則可以確定螺線管中電流是從螺線管的左端流入右端流出根據電流方向與電源正負極之間的關系：在電源外部電流從正極流出，回到負極，可以確定電源的右端為負極，左端為正極如下圖所示： 點評：解決此題關鍵要抓住此題的突破口：螺線管的右端為N極然后利用相關知識解決磁感線的方向、小磁針的N極、電源的正負極四、計算題（共26分）19某物體做勻速直線運動，其s-t圖象如圖所示，求該物體的速度v考點：速度與物體運動專題：計

24、算題；圖析法；長度、時間、速度分析：從s-t圖象中任意讀出某一時間對應的路程或某一路程對應的時間，利用即可求解速度解答：解：由圖可知，當t=6s時，物體通過的路程s=12m，則物體的速度：=2m/s答：該物體的速度v為2m/s點評：此題考查速度的計算，關鍵是能夠讀懂圖象，并從圖象中獲取相關數據加以計算，是一道較為簡單的計算題20物體在30牛的水平拉力作用下沿拉力方向做勻速直線運動，5秒內前進了10米求此過程中拉力做的功W和功率P考點：功的計算；功率的計算專題：計算題；功、功率、機械效率分析：知道水平拉力的大小和前進的距離，根據W=Fs求出拉力做的功，根據求出功率的大小解答：解：拉力做的功：W=

25、Fs=30N10m=300J，拉力的功率：=60W答：此過程中拉力做的功為300J，功率為60W點評：本題考查了功和功率的計算，難度不大，是一道較為簡單的計算題21如圖所示，柱形容器A和均勻柱體B置于水平地面上，A中盛有體積為610-3m3的水，B受到的重力為250N，B的底面積為510-2m2（1）求A中水的質量（2）求B對水平地面的壓強（3）現沿水平方向在圓柱體B上截去一定的厚度，B剩余部分的高度與容器A中水的深度之比hB：h水為2：3，且B剩余部分對水平地面的壓強等于水對容器A底部的壓強，求B的密度B考點：壓強的大小及其計算；密度公式的應用；液體壓強計算公式的應用專題：計算題；密度及其應

26、用；壓強、液體的壓強分析：（1）知道水的體積和密度，利用m=V求水的質量；（2）B對水平地面的壓力等于B的重力，利用壓強公式求B對水平地面的壓強；（3）求出剩余部分對地面的壓強pB=BghB，而水對容器底的壓強p水=水gh水，由題知，為B剩余部分對水平地面的壓強等于水對容器A底部的壓強，hB：h水=2：3，據此求B的密度解答：解：（1）水的體積：V水=610-3m3，根據=mV可得水的質量：m水=水V水=1103kg/m3610-3m3=6kg；（2）B對水平地面的壓力：FB=GB=250N，B對水平地面的壓強：=5000Pa；（3）剩余部分對地面的壓強：=BghB，水對容器底的壓強：p水=水

27、gh水，hB：h水=2：3，因為B剩余部分對水平地面的壓強等于水對容器A底部的壓強，所以BghB=水gh水，B=( h水水 )/hB=水=1103kg/m3=1.5103kg/m3答：（1）A中水的質量為6kg （2）B對水平地面的壓強為5000Pa （3）B的密度為1.5103kg/m3點評：本題考查密度公式的應用、壓強的大小計算，難點在（3），這是典型的柱狀固體的壓強問題，要根據已知條件，靈活選用壓強計算式p=FS和p=gh（適用于實心柱體對支撐面的壓強）進行分析解答22在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變閉合電鍵S后，電壓表的示數為1伏，電流表的示數為0.1安求電阻R1的阻值在移動變阻器

28、R2滑片P的過程中，當電阻R1兩端的電壓分別為U0、8U0時，變阻器R2的電功率相等，求電源電壓U考點：歐姆定律的應用；電功率的計算專題：計算題；歐姆定律；電能和電功率分析：由圖知，R1與R2串聯，電流表測電路中電流，電壓表測R1兩端電壓，由歐姆定律計算R1的阻值； 由串聯電路特點、歐姆定律和電功率的計算公式，根據兩次R2的電功率相等列式計算電源電壓解答：解：由圖知，R1與R2串聯，電流表測電路中電流，電壓表測R1兩端電壓，由可得R1的阻值：=10；由串聯電路的電壓特點知，當電阻R1兩端的電壓分別為U0時，滑動變阻器R2兩端的電壓：U2=U-U1=U-U0，電流：I2=I1=，同理，當電阻R1

29、兩端的電壓分別為8U0時，滑動變阻器R2兩端的電壓：U2=U-U1=U-8U0，電流：I2=I1=，兩次變阻器R2的電功率相等，由P=UI有：U2I2=U2I2，即：（U-U0）=（U-8U0），解得：U=9U0答：電阻R1的阻值為10； 電源電壓為9U0點評：本題考查了串聯電路特點、歐姆定律和電功率公式的應用，屬于一道中等題五、實驗題（共18分）23實驗室中，常用天平來測量物體的 _，測量時應將砝碼放在天平的 _盤內在如圖中，彈簧測力計的量程為 _牛，讀數為 _牛考點：質量的測量與天平；彈簧測力計的使用與讀數專題：實驗題；基本儀器的使用專題分析：了解天平的作用及基本使用規則；會觀察彈簧測力計

30、的量程、分度值，并根據指針位置讀數，可直接做出解答解答：解：實驗室中，常用天平來測量物體的質量，測量時應將砝碼放在天平的右盤內，把被測物體放在天平的左盤內在如圖中，彈簧測力計的量程為05牛，分度值為0.2N，其讀數為2.4牛故答案為：質量；右；05；2.4點評：本題主要考查了對天平、彈簧測力計兩種基本測量工具的了解及使用方法的掌握，屬基本的實驗技能24在“探究杠桿平衡的條件”實驗中，需記錄動力、動力臂、 _和阻力臂，為便于直接在杠桿上讀出力臂的數值，應使杠桿在 _位置保持平衡在“探究平明鏡成像的特點”實驗中，為了能夠找到像的位置 _（選填“實”或“虛”），采用 _作為平面鏡考點：探究杠桿的平衡

31、條件實驗；平面鏡成像的特點、原理、現象及其實驗方案專題：探究題；探究型實驗綜合題分析：（1）掌握杠桿平衡條件：F1L1=F2L2，據此確定需要測量的物理量；杠桿在水平位置平衡，力臂在杠桿上，便于在杠桿上直接讀取力臂；（2）實像可以在光屏上承接到，而虛像則不能；探究平面鏡成像實驗中用透明的玻璃板代替平面鏡，同時能看到成像物體的像和鏡后和像對比的物體，便于確定像的位置，便于比較物像大小關系解答：解：（1）根據杠桿的平衡條件：F1L1=F2L2 可知，在“探究杠桿平衡的條件”實驗中，需記錄動力、動力臂、阻力和阻力臂；為了在杠桿上直接讀出力臂大小，實驗時應使杠桿在水平位置平衡；（2）平面鏡所成的像不能

32、用光屏承接，所以平面鏡所成的像是虛像；在“探究平面鏡成像的特點”實驗中，用透明的玻璃板代替平面鏡，在物體一側，既能看到蠟燭A的像，也能看到代替蠟燭A的蠟燭B，便于確定像的位置故答案為：阻力；水平；虛；玻璃板點評：此題考查了探究“杠桿的平衡條件”和“平面鏡成像特點”實驗中的注意事項，是中考的重點實驗25為了研究圓柱體浸入水的過程中水對容器底部的壓強情況，某小組同學選用高度H、底面積S均不同的圓柱體A和B進行實驗如圖所示，他們設法使圓柱體A逐步浸入水中，測量并記錄其下表面到水面的距離h及水對容器底部的壓強p，接著僅換用圓柱體B重新實驗，并將全部實驗數據記錄在表一中（實驗中容器內水均未溢出） 表一：

33、圓柱體實驗序號h（米）p（帕）圓柱體實驗序號h（米）p（帕）107000BH為0.3米S為0.05米2707000AH為0.4米S為0.03米220.10720080.12740030.20740090.18760040.407800100.24780050.507800110.30800060.607800120.408000分析比較實驗序號 _ 數據中p和h的關系及相關條件，可得出的初步結論是：同一圓柱體浸入水的過程中，當hH時，p隨h的增大而增大分析比較實驗序號4、5與6或11與12數據中p和h的關系及相關條件，可得出的初步結論是：同一圓柱體浸入水的過程中， _由實驗序號3與8或4與10

34、的數據及相關條件，發現兩圓柱體浸入水的過程中，存在h不同而p相同的現象若用圓柱體A、B進一步實驗，請在表二中填入擬進行實驗的數據，使每一組實驗中水對容器底部的壓強p相同表二:實驗組號 hA（米）hB（米）第組0.10第組0.18考點：探究液體壓強的特點實驗專題：實驗題；實驗分析法；探究型實驗綜合題分析：本題的關鍵是對表格所記錄的實驗數據進行分析，根據題目的要求，尋找普遍性的規律，解答過程中要注意控制變量法的運用，以及液體內部壓經規律等知識的相互聯系等解答：解：分析比較實驗序號1、2與3或7、8、9與10數據中p和h的關系及相關條件，可得出的初步結論是：同一圓柱體浸入水的過程中，當hH時，p隨h

35、的增大而增大分析比較實驗序號4、5與6或11與12數據中p和h的關系及相關條件，可得出的初步結論是：同一圓柱體浸入水的過程中，當hH時，P不隨h的改變而改變；由實驗序號3與8或4與10的數據及相關條件，發現兩圓柱體浸入水的過程中，h不同而p相同，序號3中，SA=0.03m2，A的下表面到水面的距離hA=0.20m，圓柱體A浸入水中的體積：VA浸=SAhA=0.03m20.20m=0.006m3；序號8中，SB=0.05m2，B的下表面到水面的距離hB=0.12m，圓柱體B浸入水中的體積：VB浸=SBhB=0.05m20.12m=0.006m3；比較可知，VA浸=VB浸，此時水對容器底部的壓強p

36、相等；同理，計算實驗序號4與10中兩圓柱體浸入水中的體積，也可以得到：當兩圓柱體浸入水中的體積相等時，水對容器底部的壓強p相等根據上面的規律來計算表二中所缺的數據：第組，SA=0.03m2，SB=0.05m2，已知hA=0.10m，由上面的規律可知，當水對容器底部的壓強p相等時，需滿足SAhA=SBhB；所以，=0.06m；第組，SA=0.03m2，SB=0.05m2，已知hB=0.18m，由上面的規律可知，當水對容器底部的壓強p相等時，需滿足SAhA=SBhB，所以，=0.30m故答案為：1、2、與3或7、8、9與10；當hH時，P不隨h而變化；實驗組號 hA（米）hB（米）第組0.100.06第組0.300.18點評：解答本題的關鍵是學會對實驗的數據進行分析，要運用好控制變量法和歸納法，能根據題目要求找出有用的信息，同時還要對信息進行簡單的計算、分析與比較，最后得出具有普遍性的規律，有一定的